物理-2021年湖南长沙中考考前押题密卷（全解全析）

绝密★启用前|物理-2021年湖南长沙中考考前押题密卷（全解全析）一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）1.【答案】C。【解析】A、人耳能听到的声音频率范围一般在20Hz～20000Hz范围内，在此范围以外的声波（超声波和次声波），人耳听不到，故A错误；B、真空不能传声，故把正在响铃的闹钟放在密闭玻璃罩内，抽出其中的空气，听到的声音大小越来越小，故B错误；C、我们常说声音“震耳欲聋”，是指声音响度的大小，故C正确；D、高速路部分路段两侧设置透明板墻是在传播过程中减弱噪声，故D错误。故选：C。2.【答案】D。【解析】A、皮影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故A不符合题意；B、用放大镜观看邮票是利用了凸透镜可以成放大的、正立的虚像的原理，属于光的折射。故B不符合题意。C、插入水中的筷子在水面处“弯折”，是因为光从水中斜射入空气中时，发生折射，故C不符合题意；D、东方酒店在水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D符合题意。故选：D。3.【答案】B。【解析】A、以汽车上的太阳能板为参照物，汽车与太阳能板之间没有位置变化，所以是静止的。故A错误；B、在水平公路上匀速直线行驶的太阳能汽车，汽车受到的牵引力与汽车受到的阻力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力。故B正确；C、路面对汽车的支持力与汽车受到的重力是作用在不同物体的两个力，不是一对相互作用力。故C错误；D、汽车发动机的效率30%～40%，根据热机效率可知，汽车发动机不能将太阳能全部转化为汽车的机械能，故D错误。故选：B。4．【答案】B。【解析】AB、甲图象成在视网膜的后面，属于远视眼；远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，可用会聚作用的凸透镜矫正，使光线会聚能力增强，能使像成在视网膜上，能看清近处的物体，故B正确，A错误。CD、乙图象成在视网膜的前面，属于近视眼；近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，可用发散作用的凹透镜矫正，使光线会聚能力减弱，能使像成在视网膜上，能看清远处的物体，故CD错误。故选：B。5.【答案】A。【解析】A、冰雪消融是冰吸收热量熔化成为水，故A正确；B、湿衣服变干是衣服上的水汽化成为水蒸气，故B错误；C、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误；D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故D错误。故选：A。6.【答案】C。【解析】A、踢出去的足球在空中运动的过程中，其速度的大小和方向都在改变，故其运动状态改变，故A错误；B、地球附近的物体都受重力作用，踢出去的足球在空中飞行过程中仍受重力作用，故B错误；C、足球踢出后由于惯性继续运动，故C正确；D、踢出去的足球，在空中继续运动时，只受重力和空气阻力的作用，不再受到脚对球的作用力，故D错误。故选：C。7.【答案】C。【解析】A、火箭是靠气体的反冲作用而获得动力而升空的，没有利用大气压强，故A不符合题意；B、护士把针筒中的药液推人病人肌肉中，是用外力将药液推入病人肌肉中，与大气压无关，故B不符合题意；C、用吸管吸饮料的原理是：先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用了大气压强，故C符合题意；D、拦河大坝是利用液体的压强随深度的增加而增加的原理，与大气压无关，故D不符合题意。故选：C。8．【答案】C。【解析】由图可知，闭合开关S1、S2后，灯L1、L2均发光，此时L1、L2并联；故C正确，D错误；一段时间后，只有一盏灯熄灭，根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，电流表示数为0，说明电流表的支路发生了断路现象，即电路的故障可能是灯L1断路，故AB错误。故选：C。9.【答案】D。【解析】A．由电路图可知，开关S1闭合时电动机工作，再闭合S2时电动机和加热器并联同时工作，加热器不能独立工作，故A不符合题意；B．由电路图可知，开关S1闭合时加热器工作，再闭合S2时电动机和加热器并联同时工作，电动机不能独立工作，故B不符合题意；C．由电路图可知，开关S1闭合时电动机和加热器串联同时工作，再闭合S2时电动机工作，加热器不能独立工作，故C不符合题意；D．由电路图可知，只闭合S1时电动机工作，只闭合S2时加热器工作，电动机和加热器均能独立进行，故D符合题意。故选：D。10.【答案】C。【解析】由图乙可知，石料的重为1400N，石料浸没后钢丝绳的拉力为900N，则石料受到的浮力大小为：F浮＝G﹣F拉＝1400N﹣900N＝500N，由F浮＝ρ水V排g得，石料排开水的体积（石料的体积）：V石＝V排＝＝＝0.05m3，G＝mg＝1400N，石料的质量：m＝＝＝140kg，石料的密度：ρ石＝＝＝2.8×103kg/m3。故选：C。11.【答案】AC。【解析】A、使用试电笔辨别火线和零线时，手必须接触笔尾的金属体，手不能接触笔尖金属体。故A正确；B、发生触电事故，首先要切断电源再施救，故B错误；C、电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故，要及时更换，故C正确；D、站在绝缘体上的人一只手接触火线另一只手同时接触零线会形成双线触电，故D错误。故选：AC。12.【答案】AC。【解析】（1）由题知，把同一物体匀速提升同样的高度，由W＝Gh可知利用滑轮组做的有用功相同，因为η=W所以改装后利用滑轮组做的总功减少，又因为W总＝W有用+W额，所以改装后利用滑轮组做的额外功减少，故AC正确；（2）提高了机械效率，是指有用功与总功的比值增大，与做功快慢（功率）无关，也不能说明做功更多，故BD错。故选：AC。二、填空题（本大题共5小题，每空2分，共22分。）13．【答案】扩散；热传递。【解析】因为花香分子永不停息的在做无规则运动，扩散到空气中，所以人们在公园散步，闻到梅花香花发出的清香；人在泡温泉的过程中，身体从水中吸收热量，所以身体会变热，这是通过热传递的方式改变了身体的内能。故答案：扩散；热传递。14．【答案】转化；可再生。【解析】发电机发电的过程是其它形式的能转化成电能的过程；风能安全清洁，能源可从自然界不断获得，且可重复利用，所以是可再生能源，是未来的理想能源之一．15．【答案】小；密度。【解析】（1）流体流速大的位置压强小，同一股气流在相同的时间内，通过机翼的上方和下方，上方气流通过时经过的路程大，速度大，压强小；下方气流通过时经过的路程小，速度小，压强大。机翼下方压强大于上方压强，机翼在压强差下产生向上的升力；（2）飞机的体积一定，由ρ=m故答案为：小；密度。16．【答案】6；20。【解析】（1）当开关S接1时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，由电压表的示数可知，电源电压U＝6V，此时电路中的电流I＝0.6A，由I=UR可得，电阻R1的阻值：R1=U（2）将开关S接2时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，此时电路中的总电阻变大，电路中的电流变小，由电流表的示数变化了0.4A可知，此时电路中的电流：I′＝I﹣0.4A＝0.6A﹣0.4A＝0.2A，则电路中的总电阻：R=UI'=因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电阻R2的阻值：R2＝R﹣R1＝30Ω﹣10Ω＝20Ω。故答案为：6；20。17．【答案】电压表；串；9。【解析】∵重力表与R2是并联的，电压表在测电压时需并联，而电流表测电流时需串联；∴重力表应该用电压表。由电路图可知，R1与R2串联，∴电路中的电流为I=UR2两端的电压为U2＝IR2＝0.125A×72Ω＝9V。故答案为：电压表；串；9。三、实验探究题（本大题共4小题，每空2分，共28分。）18．【答案】（1）不能；（2）可逆；（3）探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。【解析】（1）如果纸板没有与平面镜垂直放置，让光线仍贴着纸板沿EO方向射向镜面，此时反射光线、入射光线也在同一平面内，但不在纸板所在平面内（原因是纸板倾斜了），故不能看到反射光线；（2）如果让光沿BO方向射到O点，会发现反射光沿OA方向射出，这表明在反射现象中，光路是可逆的；（3）以法线ON为轴线，把纸板F向后缓慢旋转，纸板上就看不到反射光线，说明反射光已经不在纸板上了，而此时纸板F和纸板E也不是一个平面了，由此可以探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。故答案为：（1）不能；（2）可逆；（3）探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。19.【答案】（1）左；（2）3；（3）变大。【解析】（1）当杠杆静止时，发现杠杆左端略高于右端，说明杠杆的重心在支点的右侧；应使杠杆的重心左移，应将平衡螺母（左端和右端的平衡螺母调节方向一致）向左调节；（2）一个钩码的重是GN，设杠杆一个小格是L；根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得，2G×3L＝nG×2L，解得n＝3，即在B处挂3个钩码；（3）根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得，在图乙中的C处施加竖直向下的拉力F，使杠杆水平平衡，当拉力F沿C点向右下倾斜时，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，动力将增大，所以弹簧测力计示数变大，才能使杠杆仍然水平平衡。故答案为：（1）左；（2）3；（3）变大。20.【答案】（1）使通过甲乙电磁铁的电流相等；（2）增加。【解析】（1）把甲、乙两个电磁铁串联，目的是使通过它们的电流相等；（2）滑动变阻器的滑片左移，连入电路的电阻变小，电流变大，在线圈的匝数一定，铁芯一定时，电流越大，吸引的大头针越多，说明通过电磁铁的电流越大，电磁铁磁性越强；故答案为：（1）使通过甲乙电磁铁的电流相等；（2）增加。21.【答案】（1）（2）1正（3）①调大②40③反【解析】(1)甲中变阻器右上与左下接线柱连入电路中，且与电流表串联，电压表与电阻并联，据此连接实物图如下(2)探究电流与电压的关系时，要控制电阻不变，由表中数据及欧姆定律知道，电阻是而变阻器的最大电阻为20Ω，由电阻的串联规律和欧姆定律知道，电路中的最小电流为故不合理的数据是第1次，原因是电路中的最小电流大于0.1A；去掉出错的实验数据，因电压与电流之比为一定值，故分析可得到的结论是：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。(3)由串联分压原理知道，当将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，由串联电路电压的规律及分压原理可知道，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，即将滑动变阻器的阻值调大直到电压表示数为2V，再记录电流表示数。实验中控制电阻两端的电压为2V不变，变阻器分得的电压为4V，电阻的电压为变阻器电压的0.5倍，当变阻器的最大电阻变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入变阻器连入电路中的电阻最大为30Ω时，对应的定值电阻最大为R定大=0.5×30Ω=15Ω故实验中她发现当接入20Ω的电阻进行实验时，无论怎样调节滑动变阻器，电压表的示数都大于2V；若想完成实验，由分压原理，应更换一个最大阻值不小于2×20Ω=40Ω的滑动变阻器。通过实验得出结论，当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。四、计算题(本题共2小题，22题6分，23题8分，共14分)22.【解析】（1）由P＝可得，小灯泡正常发光的电阻：RL＝＝＝6.25Ω。（2）由P＝UI可得，灯泡正常发光时，电路中的电流：I＝＝＝0.4A，因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压：U滑＝U﹣UL＝3V﹣2.5V＝0.5V，由I＝可得，滑动变阻器接入电路中的阻值：R滑＝＝＝1.25Ω。（3）小灯泡正常发光60s，整个电路消耗的电能：W＝UIt＝3V×0.4A×60s＝72J。答：（1）小灯泡的电阻为6.25Ω；（2）滑动变阻器接入电路中的阻值为1.25Ω；（3）小灯泡正常发光60s，整个电路消耗的电能为72J。23.【解析】（1）由图乙可知，圆柱体未浸入水中时弹簧测力计读数F1＝3N，圆柱体浸没在水中后弹簧测力计读数F2＝2N，由称重法可得，圆柱体浸没在水中时所受到的浮力：F浮＝F1﹣F2＝3N﹣2N＝1N；（2）由F浮＝ρ水gV排得，圆柱体浸没时排开水的体积：V排=F浮ρ水g=1N1×103因圆柱体浸没在水中，则圆柱体的体积：V＝V排＝100cm3；（3）圆柱体未浸入水中时水的体积：V水＝S容•h＝100cm2×12cm＝1200cm3，圆柱体