2025年浙教新版选择性必修2物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版选择性必修2物理下册阶段测试试卷35考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，矩形导线框abcd放在匀强磁场中，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度B随时间变化的图象如图所示，t=0时刻，磁感应强度的方向垂直于纸面向里。线框中电流为i，ab边所受安培力为F，规定逆时针方向为电流的正方向，向左为安培力的正方向，则线框中的电流i和ab边所受安培力F随时间变化的图象；正确的是（）

A.B.C.D.2、如图所示，长度为d、质量为m的导体棒用绝缘细线悬挂并垂直纸面放置，导体棒中有方向由a指向b、大小为I的电流，导体棒处在水平向右的匀强磁场中.现改变匀强磁场方向，使其在竖直平面内逆时针缓慢转到水平向左，此过程中细线与竖直方向的最大夹角为30°，细线始终绷紧.已知重力加速度为g（安培力小于重力）.则匀强磁场的磁感应强度B大小为（）

A.B.C.D.3、如图所示，宽为L的足够长U形光滑导轨放置在绝缘水平面上，整个导轨处于竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，将一质量为m、有效电阻为R、长度略大于L的导体棒垂直于导轨放置。某时刻给导体棒一沿导轨向右、大小为v0的水平速度；不计导轨电阻，棒在运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，则下列说法正确的是（）

A.导体棒中感应电流方向为由a到bB.导体棒的加速度始终不变C.导体棒中的最大发热量为D.通过导体棒的电荷量最大值为4、如图所示，用两根相同的导线绕成匝数分别为n1和n2的圆形闭合线圈A和B，两线圈所在平面与匀强磁场垂直．当磁感应强度随时间均匀变化时，两线圈中的感应电流之比IA∶IB为()

A.B.C.D.5、如图所示电路，电阻与电阻阻值相同，都为R，和并联的D为理想二极管（正向电阻可看作零，反向电阻可看作无穷大），在A、B间加一正弦交流电则加在上的电压有效值为（）

A.B.20VC.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、如图所示，一质量为m、电荷量为q的带电粒子（不计重力），从a点以与边界夹角为53°的方向垂直射入磁感应强度为B的条形匀强磁场，从磁场的另一边界b点射出，射出磁场时的速度方向与边界的夹角为37°．已知条形磁场的宽度为d；sin37°＝0.6，cos37°＝0.8．下列说法正确的是（）

A.粒子带正电B.粒子在磁场中做圆周运动的半径为dC.粒子在磁场中做圆周运动的速度大小为D.粒子穿过磁场所用的时间为7、“电磁炮”是利用电磁力对弹体加速的新型武器，具有速度快效率高等优点．如图是“电磁炮”的原理结构示意图．光滑水平导轨电阻不计，宽为L．在导轨间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B．“电磁炮”弹体总质量为m，其中弹体在轨道间的电阻为R．可控电源的内阻为r；电源的电压能自行调节，以保证“电磁炮”匀加速发射．在某次试验发射时，电源为加速弹体提供的电流是I，不计空气阻力．则（）

A.弹体所受安培力大小为BILB.弹体从静止加速到v，轨道长度至少为C.弹体从静止加速到v的过程中电源提供的总能量为D.可控电源的电压应随时间均匀增加，才能保证“电磁炮”匀加速发射8、如图所示的电路，完全相同的灯泡电感线圈L的自感系数很大，电阻可忽略，电源电动势恒定，内阻不计，若下列选项中灯泡不损坏，则说法正确的是（）

A.闭合S，逐渐变亮B.闭合S，逐渐变亮C.断开S，突然更亮，随后逐渐熄灭D.断开S，突然更亮，能说明断电自感能量来源于线圈储存的能量9、我国新一代航母阻拦系统采用了电磁阻拦技术，其工作原理如图（b）所示。固定在水平甲板面内的“U”型金属导轨位于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面，导轨电阻不计，MN、PQ平行且相距l。一质量为m、阻值为R的导体棒ab垂直搁置在两导轨之间，且与导轨接触良好。质量为M的飞机着舰时，迅速钩住导体棒ab上的绝缘绳，同时关闭动力系统并立即与导体棒ab获得相对航母的共同速度飞机和导体棒一起减速滑行距离x后停下。除安培力外，两者一起运动时所受阻力恒为f；导体棒始终与导轨垂直，绝缘绳的质量不计。则从飞机与导体棒共速到停下来的过程中，下列说法正确的是（）

A.导体棒产生的焦耳热B.飞机与导体棒共速时，ab两端的电压为C.通过导体棒某横截面的电荷量为D.所经的时间为10、如图所示是发电厂通过升压变压器进行高压输电，接近用户端时再通过降压变压器给用户供电的示意图；图中变压器均视为理想变压器，电表均为理想电表；设发电厂输出的电压一定，两条输电线总电阻为R0，变阻器R相当于用户用电器的总电阻；当用电器增加时，相当于R变小。则在用电高峰期（）

A.电压表V1、V2的读数均不变，电流表A2的读数增大，电流表A1的读数增大B.电压表V3、V4的读数均减小，电流表A2的读数不变，电流表A3的读数减小C.电压表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变D.输电线损耗的功率不变评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)11、如图所示，图甲为热敏电阻的R­t图像，图乙为用此热敏电阻R和继电器组成的一个简单恒温箱温控电路，继电器线圈的电阻为150Ω。当线圈中的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸合。为继电器线圈供电的电池的电动势E＝6V；内阻可以不计。图中的“电源”是恒温箱加热器的电源。

（1）应该把恒温箱内的加热器接在________（选填“A、B端”或“C、D端”）。

（2）如果要使恒温箱内的温度保持100℃，可变电阻R′的值应调节为________Ω。

（3）为使恒温箱内的温度保持在更高的数值，可变电阻R′的值应________（选填“增大”或“减小”）。12、如图所示，两根相距为L的竖直平行金属导轨位于匀强磁场中，磁感应强度为B，导轨电阻不计，另两根与光滑轨道接触的金属杆质量均为m，电阻均为R，若要使cd杆恰好平衡，且静止不动，则ab杆运动速度大小是___________，需对ab杆施加的外力大小为___________。

13、判断下列说法的正误。

（1）红外线的显著作用是热作用，温度较低的物体不能辐射红外线。____

（2）黑体一定是黑色的。____

（3）热辐射只能产生于高温物体。____

（4）当原子从能量较高的能态跃迁到能量较低的能态时，会放出任意能量的光子。____14、一矩形闭合线圈，长a，宽b，通过电流I，放在均匀磁场中，磁场方向与线圈平面平行，如右图所示，磁感应强度大小为B。则该线圈所受到磁力矩大小为______。

15、质子和α粒子由静止出发经过同一加速电场加速后，沿垂直磁感线方向进入同一匀强磁场，则它们在磁场中的速度大小之比为________；轨道半径之比为________；周期之比为________。评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)16、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

17、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

18、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

19、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、解答题(共2题，共10分)20、如图所示，竖直向下的匀强电场，场强大小E＝1×106N/C，场区宽度为L＝5cm。紧挨着电场的是垂直于纸面向外的I、II两个匀强磁场，其磁感应强度大小分别为B1＝0.5T和B2＝1T，磁场宽度分别为d1、d2，其中d1＝5cm。一个比荷＝4×107C/kg的带正电粒子，其重力不计，从电场的边界PQ上的a点由静止释放，经电场加速后进入磁场，经过一段时间后粒子能按某一路径再返回到电场的边界PQ上的某一点b；图中虚线为场区的分界面，场区水平方向都足够长。求：

（1）粒子进入I区域磁场的速度大小；

（2）II区域磁场宽度d2要满足的条件；

（3）a点到b点的距离xab。

21、如图所示，在xOy坐标平面的第一象限内有一沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场．现有一质量为m、电量为＋q的粒子（重力不计）从坐标原点O以速度大小为v0射入磁场，其入射方向与x轴的正方向成30°角。当粒子第一次进入电场后，运动到电场中P点处时，方向与x轴正方向相同，P点坐标为[（2＋1）L，L]。（sin37°＝0.6；cos37°＝0.8）求：

（1）粒子运动到P点时速度v的大小；

（2）匀强电场的电场强度E和匀强磁场的磁感应强度B；

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【分析】

【详解】

AB．由图可知；在0-2s内，线圈中磁通量的变化率相同，故0-2s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时计，即电流为负方向，同理可知，2-4s内电路中的电流为逆时针，且两段时间内电流强度大小相等，所以AB错误；

CD．由可知，电路中电流的大小恒定不变，则由可知，F与B成正比，0-2s内电流的方向一直为由a指向b；由左手定则可知安培力方向先向左，后向右，则先为正方向，后为负方向，同理可得2-4s内的安培力的变化，也是先正方向后负方向的，所以C错误；D正确；

故选D。2、B【分析】【详解】

缓慢调节磁场方向时；导体棒受安培力大小不变，对导体棒受力分析，并作出安培力的旋转矢量如图所示。

由图可知当安培力方向与细线拉力方向垂直时，导体棒与竖直方向夹角最大，由图中几何关系可知

变形得

故选B。3、C【分析】【详解】

A．由右手定则可知导体棒中感应电流方向为由b到a；故A错误；

B．由牛顿第二定律可得

与导体棒的运动方向相反；速度减小，加速度减小，所以导体棒做加速度减小的减速运动，直至速度减为零，故B错误；

C．由能量守恒可知

故C正确；

D．全程由动量定理可得

解得

故D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

由题意知线圈A和B的长度、横截面积和材料(电阻率)都相同，所以电阻相同，由得两线圈中的感应电流之比等于两线圈感应电动势之比：．综上分析，B正确．5、C【分析】【分析】

【详解】

当电源在正半轴时A点电位高于B点电位二极管导通即R1被短路，R2电压为电源电压。

当电源在负半轴时B点电位高于A点电位，二极管截止R1，R2串联各分得一半电压；则由有效值的概念可得。

解得。

故C正确；ABD错误。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)6、B:D【分析】【详解】

A.由左手定则可判定粒子带负电；故A错误；

B.作出粒子在匀强磁场运动的轨迹；如图示。

粒子在匀强磁场中转过90°角，由几何关系bc===d2+

解得粒子在磁场中做圆周运动的半径为r=d

故B正确；

C.由粒子在磁场中做圆周运动的半径r=知，粒子在磁场中做圆周运动的速度大小为v==

故C错误；

D.粒子在匀强磁场中转过90°角，粒子穿过磁场所用的时间为t=T==

故D正确．7、A:C:D【分析】【分析】

当导轨上通入电流后；炮弹在安培力的作用下，做初速度为零匀加速直线运动，因此根据牛顿第二定律求出加速度然后利用运动学公式即可求解．消耗的总能量转化为弹体的动能和热量；由于弹体的速度增大，弹体切割磁感线产生感应电动势，电源的电压应增大，抵消产生的感应电动势，以保证电源为加速弹体提供恒定的电流，是电磁炮匀加速发射．

【详解】

在导轨通有电流I时，炮弹作为导体受到磁场施加的安培力为：F=ILB，选项A正确；由动能定理：Fx=mv2，轨道至少要x=选项B错误；由F=ma，v=at；解得发射过程产生的热量：Q=I2（R+r）t；弹体的动能：Ek＝mv2；系统消耗的总能量选项C正确；由于弹体的速度增大，弹体切割磁感线产生感应电动势，电源的电压应随时间均匀增加，抵消产生的感应电动势，以保证电源为加速弹体提供恒定的电流，使电磁炮匀加速发射，选项D正确；故选ACD.．

【点睛】

本题实质上就是借助安培力问题考查了力与运动，因此解决这类题目的基本思路是对研究对象正确进行受力分析，弄清功能转化关系，然后依据相应规律求解．8、B:D【分析】【详解】

AB．闭合S，立刻变亮，而因为电感线圈的自感现象，逐渐变亮；故A错误，B正确；

CD．根据并联电路的特点，电路稳定后流过的电流小于流过的电流断开S，流过的电流从开始减小，所以突然变亮；也说明断电自感能量来源于线圈储存的能量，故C错误，D正确。

故选BD。9、A:C【分析】【详解】

A．根据动能定理可得

由于导轨电阻不计，则导体棒产生的焦耳热为

故A正确；

B．飞机与导体棒共速时，导体棒ab产生的电动势为

导体棒ab相当于电源，ab两端的电压为外电压，由于导轨电阻不计，即外电阻为零，则ab两端的电压为零；故B错误；

C．通过导体棒某横截面的电荷量为

故C正确；

D．以飞机和导体棒ab整体为对象，根据动量定理可得

解得所经的时间为

故D错误。

故选AC。10、A:C【分析】【详解】

AB．因发电厂的输出电压一定，因此可知升压变压器的原线圈的电压不变，即不变，由

可知升压变压器的副线圈的电压不变，即电压表的示数不变；进入用电高峰，电阻R降低，假设电压表的电压不变，由

可知电流表的电流增大，由

可知电流表降压变压器得输入端得电流增大，即电流表的示数增大，由

可知输入电流增大，即电流表示数增加；由

可知降压变压器原线圈的电压降低，即电压表降低，由

可知降压变压器的副线圈的电压降低，即降低；故A正确，B错误；

C．由

可知电压表的读数之差与电流表的读数的比值不变；等于输电线的电阻值，C正确；

D．根据

又输电线上的电流增大；电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，D错误。

故选AC。三、填空题(共5题，共10分)11、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]当温度较低时，热敏电阻的阻值较大，电路中的电流较小，此时继电器的衔铁脱离电磁铁，A、B部分接入电路，此时是需要加热的，恒温箱内的加热器要工作，所以应把恒温箱内的加热器接在A、B端。

（2）[2]当温度达到100℃时，加热电路要断开，此时继电器的衔铁要被吸合，即控制电路的电流要达到I＝20mA，设继电器线圈的电阻为R0；根据闭合电路欧姆定律可得；

I＝代入数据解得。

R′＝100Ω（3）[3]由以上分析可知，若使恒温箱内的温度保持在更高的数值，则I＝20mA时R变小，R0不变，故可变电阻R′的值应增大，从而实现目标。【解析】A、B端100增大12、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]要使cd杆恰好平衡，且静止不动，cd杆应满足

由法拉第电磁感应定律及欧姆定律可得

联立解得ab杆运动速度大小为

[2]ab杆应以速度v匀速上升，由平衡条件可得

联立解得需对ab杆施加的外力大小为【解析】2mg13、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.错误③.错误④.错误14、略

【分析】【详解】

线圈上下两边与磁场平行，不受安培力作用，左右两边与磁场垂直，受到安培力大小均为

则该线圈所受到磁力矩大小

解得【解析】abIB15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】∶11∶1∶2四、作图题(共4题，共20分)16、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】17、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如