广东省梅州市丰顺华侨中学2022-2023学年高二物理联考试题含解析

1、广东省梅州市丰顺华侨中学2022-2023学年高二物理联考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （多选）如图所示的电路中，电电动势为E，内阻不计L1和L2是两个阻值相同的小灯泡，L是一个自感系数较大的线圈开关S原是断开的下列说法正确的是（ ）A、S闭合时，L1立即变亮，L2逐渐变亮 B、 S闭合时L2立即变亮，L1逐渐变亮C、S闭合，然后断开，两灯都逐渐熄灭 D、S闭合，然后断开，L1会闪亮一下再熄灭参考答案：AC2. （单选）船在静水中航速为v1，水流的速度为v2. 为使船行驶到河正对岸的码头，则v1与v2的方向标示正确的为()参考答案：

2、C3. (单选题)关于图2中弹簧振子的振动，下述说法中正确的有 A振子从OBO为一次全振动，所用时间为一个周期B振子经过平衡位置O时弹性势能能最大C振子经过平衡位置O时速度最大D在最大位移B处，因为速度为零，所以加速度也为零参考答案：C4. 下列说法中正确的是_A黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关B汤姆生发现电子具有核式结构，康普顿效应揭示了光的粒子性C在光的单缝衍射实验中，狭缝变窄，光子动量的不确定量变大D有200个放射性元素的原子核，其中100个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期参考答案：AC5. （多选）下列关于波的叙述中正确的是（ ）A光的偏振现象表明光是

3、一种横波 B超声波可以在真空中传播C白光经光密三棱镜折射发生色散时，红光的偏折角最大D当日光灯启动时，旁边的收音机会发出“咯咯”声，这是由于电磁波的干扰造成的参考答案：AD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一正弦交流电的电压随时间变化规律如图所示，由图可知，该交流电的周期是 s，频率是 Hz，有效值是 V，电压瞬时值的表达式为 ，每秒钟方向改变 次。若将该交流电压加在的电阻两端，则电阻消耗的功率是 W。参考答案：0.04 s， 25 Hz， V， ， 50次， 50W。7. (4分)如图所示，由某种透光物质制成等腰直角三棱镜，腰长=16 cm，为了测定这种物质的折射率，使

4、两腰分别与Ox、Oy重合，当从OB边的C点观察A棱时，发现A棱的视位置在D处 若C点坐标为(0，12)，D点坐标为（9，0)，则该透光物质的折射率为 。参考答案：8. 在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸来记录轨迹，小方格的边长L，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算公式为v0= （用L、g表示）。参考答案： 9. 弦乐器小提琴是由两端固定的琴弦产生振动而发音的，如图甲所示。为了研究同一根琴弦振动频率与哪些因素有关，可利用图乙所示的实验装置，一块厚木板上有AB两个楔支撑着琴弦，其中A楔固定，B楔可沿木板移动来改变琴弦振动部分的长度，将琴

5、弦的末端固定在木板O点，另一端通过滑轮接上砝码以提供一定拉力，轻轻拨动琴弦，在AB间产生振动。C（1）先保持拉力为150N不变，改变AB的距离L（即改变琴弦长度），测出不同长度时琴弦振动的频率，记录结果如表1所示表1长度大小L /m1.000.850.700.550.40振动频率f /Hz150176214273375从表1数据可判断在拉力不变时，琴弦振动的频率f与弦长L的关系为_。（2）保持琴弦长度为0.80m不变，改变拉力，测出不同拉力时琴弦振动的频率，记录结果如表2所示。表2拉力大小F /N360300240180120振动频率f /Hz290265237205168从表2数据可判断在琴

6、弦长度不变时，琴弦振动的频率f与拉力F的关系为_。（3）如果在相同的环境中研究不同种类的小提琴琴弦，除了长度L和拉力F以外，你认为还有哪些因素会影响琴弦振动的频率?试列举可能的两个因素：_。参考答案：（1）频率f与弦长L成反比 （2）频率f与拉力F的平方根成正比 （3）在上述相同的环境中，影响弦振动频率还可能与弦本身的结构有关，如弦的半径（即直径、粗细等）或弦的材料（即密度、单位长度的质量等）。10. 电磁灶是利用 原理制成的，它在灶内通过交变电流产生交变磁场，使放在灶台上的锅体内产生 而发热。参考答案：11. 两条金属导轨上水平放置一根导电棒ab，处于竖直向上的匀强磁场中，如图8-11所示。

7、导电棒质量为1.2kg，长为1m，当棒中通入3A电流时，它可在导轨上匀速滑动，若电流增大为5A时，棒可获得2m/s2的加速度。则该装置所在处的磁感应强度的大小为 。参考答案：1.2T12. 某机床用的照明灯的电压是24V。 如果是由220V的电压降压得到，机床上变压器的原线圈的匝数是1220，则变压器的副线圈是 匝。参考答案：13. 如图所示，和是一对异名磁极，ab为放在其间的金属棒。 ab 和cd用导线连成一个闭合回路。当ab棒向左运动时，cd导线受到向下的磁场力。由此可知是 极， a点电势 （填“大于”或“小于”）b点电势。参考答案：S；大于试题分析: 由左手定则可知，cd棒中电流方向是：

8、由c指向d；ab棒中电流方向是：由a指向b，由右手定则可知，ab棒所处位置磁场方向：竖直向上，则是S极，是N极。ab棒是电源，ab棒中电流由b指向a，则a点电势高，b点电势低考点： 右手定则；左手定则三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学为了研究小灯泡在不同状态下的电阻，进行了如下实验：（1）用多用电表的欧姆挡测量小灯泡的电阻，当选用“10”挡测量时发现偏角过大，此时应选用 挡（填写“1”或“100”），然后需将红、黑表笔 ，进行欧姆调零，再进行测量，测量完成后，将选择开关拨向 位置。（2）该同学用内阻约为几十欧的电流表，内阻约为几千欧的电压表等仪器，测定在不同工作

9、状态下小灯泡的电阻，请画出测量电路的原理图。参考答案：（1）1，短接，OFF（或交流电压最高档）（6分）（2）（4分）15. 在用电压表和电流表研究小灯泡在不同电压下的功率的实验中，实验室备有下列器材供选择：A待测小灯泡（3.0V、1.5W）B电流表（量程3A，内阻约为1）C电流表（量程0.6A，内阻约为5）D电压表（量程3.0V，内阻约为10k）E电压表（量程15.0V，内阻约为50k）F滑动变阻器（最大阻值为100，额定电流50mA）G滑动变阻器（最大阻值为10，额定电流1.0A）H电源（电动势为4.0V，内阻不计）I电键及导线等（1）为了使实验完成的更好，电流表应选用C；电压表应选用D；

10、滑动变阻器应选用G（只需填器材前面的字母即可）（2）请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把由图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图（3）正确连线后，实验开始前，应将滑动变阻器的滑片置于左端（填“右或左”）参考答案：考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）器材的选取要安全、精确，根据小灯泡的额定电压和额定电流选出电压表和电流表的量程滑动变阻器采用分压式接法，从测量的误差角度选出合适的滑动变阻器（2）研究小灯泡在不同电压下的功率，电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法根据所测灯泡的内阻，与电压表内阻和电流表内阻比较，确定是大电阻还是小电阻

11、，从而确定电流表采取内接法还是外接法（3）根据分压接法的特点确定滑动变阻器滑片开始所在的位置解答：解：（1）从测量精确度考虑，小灯泡的额定电压为3V，所以电压表选取量程为3V的，小灯泡的额定电流I=0.5A，所以电流表选取量程为0.6A的，最大阻值为100的滑动变阻器接入电路测量误差较大，所以选取最大阻值为10的滑动变阻器故选C、D、G（2）由于电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻R=6，远小于电压表内阻，与电流表内阻相当，属于小电阻，“小外偏小”，采取电流表的外接法电流图如下（3）为了让开始时测量电路中电压为零，故滑片开始时应滑到最左侧；故答案为：（1）C；D；

12、G（2）如图（3）左；点评：解决本题的关键掌握器材选取的原则，掌握滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，以及电流表内外接的区别四、计算题：本题共3小题，共计47分16. （8分）如图所示，一列横波沿x轴传播,t1=0和t2=0.05s时的波形图分别为实线和虚线所示。求：（1）若周期小于(t2-t1),如果波向左传播，波速多大？（2）波速为920m/s，波的传播方向如何？参考答案：(1)若周期小于(t2-t1), ,如果波向左传播，,(n=0,1,2,)则波速(4分)(2)波速为920m/s，,所以波向左传播.(4分)17. （16分）如图甲所示，表面绝缘、倾角q=30的斜面固定在水平地面上，

13、斜面的顶端固定有弹性挡板，挡板垂直于斜面，并与斜面底边平行。 斜面所在空间有一宽度D=0.40m的匀强磁场区域，其边界与斜面底边平行，磁场方向垂直斜面向上，磁场上边界到挡板的距离s=0.55m。 一个质量m=0.10kg、总电阻R=0.25W的单匝矩形闭合金属框abcd，放在斜面的底端，其中ab边与斜面底边重合，ab边长L=0.50m。 从t=0时刻开始，线框在垂直cd边沿斜面向上大小恒定的拉力作用下，从静止开始运动，当线框的ab边离开磁场区域时撤去拉力，线框继续向上运动，并与挡板发生碰撞，碰撞过程的时间可忽略不计，且碰撞前后速度大小相等，方向相反。线框向上运动过程中速度与时间的关系如图乙所示

14、。已知线框在整个运动过程中始终未脱离斜面，且保持ab边与斜面底边平行，线框与斜面之间的动摩擦因数m=/3，重力加速度g取10 m/s2。 （1）求线框受到的拉力F的大小；（2）求匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3）已知线框向下运动通过磁场区域过程中的速度v随位移x的变化规律满足vv0-（式中v0为线框向下运动ab边刚进入磁场时的速度大小，x为线框ab边进入磁场后对磁场上边界的位移大小），求线框在斜面上运动的整个过程中产生的焦耳热Q。 参考答案：(1)1.5N (2)0.50T (3)0.45J 解析（1）由v-t图象可知，在00.4s时间内线框做匀加速直线运动进入磁场时的速度为v1=2.0m/

15、s，所以在此过程中的加速度 a=5.0m/s2由牛顿第二定律 F-mgsinq -m mgcosq=ma解得 F=1.5 N（2）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后以速度v1做匀速直线运动， 产生的感应电动势 E=BLv1通过线框的电流 I=线框所受安培力F安=BIL=对于线框匀速运动的过程，由力的平衡条件，有F=mgsin+mgcos+解得B=0.50T（3）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后做匀速直线运动，并以速度v1匀速穿出磁场，说明线框的宽度等于磁场的宽度 D=0.40m 线框ab边离开磁场后做匀减速直线运动，到达档板时的位移为s-D=0.15m，设线框与挡板碰撞前的速度为v2由动

16、能定理，有-mg（s-D）sin-mg（s-D）cos=解得v2= =1.0m/s线框碰档板后速度大小仍为v2，线框下滑过程中，由于重力沿斜面方向的分力与滑动摩擦力大小相等，即mgsin=mgcos=0.50N，因此线框与挡板碰撞后向下做匀速运动，ab边刚进入磁场时的速度为v2=1.0 m/s；进入磁场后因为又受到安培力作用而减速，做加速度逐渐变小的减速运动，设线框全部离开磁场区域时的速度为v3由v3v0-得v3= v2 -=-1.0 m/s， 因v30，说明线框在离开磁场前速度已经减为零，这时安培力消失，线框受力平衡，所以线框将静止在磁场中某位置. 线框向上运动通过磁场区域产生的焦耳热Q1=I2Rt=0.40 J线框向下运动进入磁场的过程中产生的焦耳热Q2= =0.05 J所以Q= Q1+ Q2=0.45 J18. （12分）供电网中某居民小区的用户变压器输入