2022-2023学年内蒙古呼和浩特市回民中学高三物理第一学期期中教学质量检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和

2、答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，质量为m的物体在水平传送带上有静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v做匀速运动物体与传送带之间的动摩擦因数为，物体最后能与传送带保持相对静止对于物体从开始释放到与传送带相对静止这一过程，下列说法正确的是（ ）A电动机多做的功为mv2B摩擦力对物体做的功为mv2C传送带克服摩擦力做的功为mv2D电动机增加的功率为mgv2、质量为2 kg的质点在xOy平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法中不正确的是( )A质点的初速度大小

3、为5m/sB质点所受的合外力为3N，做匀变速曲线运动C2s内质点的位移大小约为12mD2s末质点速度大小为6m/s3、如图所示是质量为1kg的滑块在水平面上做直线运动的v-t图像，下列判断正确的是A在t=1s时，滑块的加速度为零B在4s末6s末时间内，滑块的平均速度为2.5m/sC在3s末7s末时间内，合力做功的平均功率为2WD在5s末6s末时间内，滑块受到的合力为2N4、如图所示，可视为质点的小球，位于半径为m的半圆柱体左端点A的正上方某处，以一定的初速度水平抛出小球，其运动轨迹恰好能与半圆柱体相切于B点过B点的半圆柱体半径与水平方向的夹角为60，则小球的初速度为(不计空气阻力，g10m/s

4、2) ()A3m/sB4m/sCm/sDm/s5、如图所示，平直公路上行驶的a车和b车，其位移时间图象分别为图中直线a和曲线b，已知b车做匀变速直线运动，t=2s时，直线a和曲线b刚好相切。下列说法正确的是（）Ab车做匀加速直线运动Bt=2s时,a、b两车相遇,速度不相等Ca车的速度大小为3m/sDb车的加速度大小为1m/s26、有两个物体a和b，其质量分别为和，且，它们的初动能相同若a和b分别受到不变的阻力和的作用，经过相同的时间停下来，它们的位移分别为和，则A，且B，且C，且D，且二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部

5、选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法中正确的是（ ）A机械波和电磁波都能在真空中传播B铁路，民航等安检口使用红外线对行李内物品进行检测C根据狭义相对论的原理知，在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的D两列波叠加时产生干涉现象，其振动加强区域与减弱区域是稳定不变的8、如图所示，一个固定的1/4圆弧阻挡墙PQ，其半径OP水平，OQ竖直在PQ和一个斜面体A之间卡着一个表面光滑的重球B，斜面体A放在光滑的地面上并用一水平向左的力F推着，整个装置处于静止状态，现改变推力F大小，推动斜面体A沿着水平地面向左缓慢运动，使球B沿斜面上升一很小高度则在球B缓慢上升过程中，下列说法

6、中正确的是A斜面体A与球B之间的弹力逐渐增大B阻挡墙PQ与球B之间的弹力逐渐减小C水平推力F逐渐增大D水平地面对斜面体A的弹力逐渐减小9、如图，AB倾角，BC水平，AB、BC长度均为L，小物块从A处由静止释放，恰好滑到C处停下来若调整BC使其向上倾斜，倾角不超过，小物块从处由静止滑下再沿BC上滑，上滑距离与BC倾角有关不计处机械能损失，各接触面动摩擦因素均为，小物块沿上滑的最小距离为，则ABCD10、重量为G的物体在水平力F的作用下沿竖直墙壁匀速下滑，如图所示。 已知物体和墙壁间的动摩擦因数为，则墙对物体的摩擦力是（ ）AFB（G+F）CGDG-F三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在

7、答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“用 DIS 测电源的电动势和内阻”的实验中，将待测电池组、滑动变阻器、电流传感器、电压传感器、定值电阻、电键及若干导线连接成如图(甲)所示的电路，定值电阻 约为 3。(1)图(甲)所示的电路中有一处连接错误，连接错误的导线是:_(填写导线的字母代号）(2)现有两种规格的滑动变阻器: (A) 1000，0.1A; (B) 10， 2.0A。实验中应选用_ (填写变阻器前的字母)。(3)某同学按照图(乙)所示的电路进行连接，误将电压传感器的正负极接反，但他尚未发现， 继续后面的操作。将变阻器的滑动头 P 移到左端，闭合电键，对电压传感器和电

8、流传感器进行调零。将滑动头 P 逐渐向右侧移动，测出相应的电压、电流，由电脑绘出的伏安特性曲线应 为 （_）12（12分）如图所示的实验装置可以用来验证机械能守恒定律。左侧重物A带有挡光片，其总质量为m，右侧重物B质量为M，两重物由跨过光滑定滑轮的绳相连。光电门可以测量挡光片经过光电门时的挡光时间，挡光片的宽度用b表示，挡光片与光电门之间的距离用h表示，挡光片通过光电门时的平均速度可看成挡光片通过光电门时的瞬时速度。(1)实验开始之前，先用游标卡尺测量挡光片的宽度b。按上图所示连接实验器材，实验时两重物由静止开始运动，重物A、B的质量应满足的关系为M_m. (填大于、等于、小于)(2)在实验过

9、程中，与光电门相连的数字毫秒计记录下挡光片的挡光时间为t，则挡光片通过光电门时的瞬时速度可表示为v=_。(用题中所给字母表示)(3)两重物从静止开始运动，当挡光片经过光电门时，两重物组成的系统动能增加量可表示=_，系统的重力势能减少量可表示为=_，在实验误差允许的范围内，若满足=，则可认为系统的机械能守恒。(重力加速度为g)(4)为了减小偶然误差,实验时多次改变挡光片到光电门的距离h，作出的v2h图象为一直线，并测得该图象的斜率为k，则重力加速度表达式g=_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，有

10、一上部开有小孔的圆柱形汽缸，汽缸的高度为2L，横截面积为S，一厚度不计的轻质活塞封闭1mol的单分子理想气体，开始时活塞距底部的距离为L，气体的热力学温度为T1已知外界大气压为P0，1mol的单分子理想气体内能公式为，现对气体缓慢加热，求：（1）求活塞恰上升到气缸顶部时气体的温度（2）求此过程中气缸吸收的热量14（16分）如图所示，倾角=37的足够长斜面上有一长为L、质量为2m的木板B，木板B上端有一质量为m的滑块A（视为质点），木板下端3L处有一质量为m的足够长木板C锁定。在斜面上，滑块A与木板B、C间的动摩擦因数均为1=0.25，木板C与斜面间无摩擦，木板B、C的厚度相同。现同时由静止释放

11、A、B，在B与C碰撞前瞬间，解除对C的锁定，此时A恰好滑离B而滑上C，已知B、C碰撞为弹性碰撞，重力加速度为g，sin 37 = 0.6， cos 37=0.8，求：（1）木板B与斜面间的动摩擦因数2；（2）B、C发生碰撞后瞬间，木板C的速度大小vC；（3）B、C发生碰撞后2s时，滑块A到木板C上端的距离x。15（12分）一半径为R的半圆形竖直圆柱面，用轻质不可伸长的细绳连接的A、B两球，悬挂在圆柱面边缘两侧，A球质量为B球质量的2倍，现将A球从圆柱边缘处由静止释放，如图所示，已知A球始终不离开圆柱内表面，且细绳足够长，若不计一切摩擦.求:(1)A球沿圆柱内表面滑至最低点时速度的大小.(2)从

12、A被释放到B上升到最大高度过程中，绳子拉力对A球所做的功参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：A、电动机多做的功转化成了物体的动能和内能，物体在这个过程中获得动能就是，所以电动机多做的功一定要大于，所以A错误B、在运动的过程中只有摩擦力对物体做功，由动能定理可知，摩擦力对物体做的功等于物体动能的变化，即为，所以B错误C、传送带克服摩擦力做的功就为电动机多做的功，所以由A的分析可知，C错误D、电动机增加的功率即为克服摩擦力做功的功率，大小为fv=mgv，所以D正确故选D2、D【解析】A.由x方向的速

13、度图象可知，初速度为3m/s，由y方向的位移图象可知在y方向做匀速直线运动，速度为vy4 m/s，由平行四边形定则可知，质点的初速度为，故A正确；B.由x方向的速度图象可知，在x方向的加速度为1.5 m/s2，受力Fx3 N，由y方向的位移图象可知在y方向做匀速直线运动，受力Fy0，所以质点的合力为3N，由于质点的初速度方向与合外力方向不在一条直线上，所以质点做匀加速曲运动，故B正确；C. 2s内x轴方向的位移为：，y轴方向的位移为：，所以质点在2s末内的位移为：，故C正确D2s末x轴方向的速度为：，y轴方向的速度为：，所以质点在2s末的速度为：，故D错误；本题选错误的，故应选D3、C【解析】

14、在t=1s时，滑块的加速度为：，故A错误；在4s-6s时间内，滑块的位移为：，则滑块的平均速度大小为：，故B错误；在3s7s时间内，根据动能定理得合力做功 ，合力做功的平均功率的大小为，故C正确在5s-6s时间内，滑块的加速度大小为：=4m/s2，根据牛顿第二定律得：F合=ma=14=4N，故D错误；故选C点睛：解决本题的关键知道速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移要知道动能定理是求合力做功常用的方法4、A【解析】飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，可知速度与水平方向的夹角为，设位移与水平方向的夹角为，则有，又因为，所以可得竖直方向上的位移为在竖直方向有，代入，可得故A

15、正确5、D【解析】A.在x-t图象中，图象的斜率表示速度，根据图象可知，a的斜率不变，速度不变，做匀速直线运动。b的斜率减小，速度减小，故b车做匀减速直线运动，故A错误；B.t=1s时，直线a和曲线b刚好相切，a、b两车相遇，速度相等，故B错误；CD.设b车的位移时间关系式为：x=v0t+将t=1s，x=6m-1m=4m代入得：4=1v0+t=1s时，b车的速度为vb=va=1m/s，由：v=v0+at得：1=v0+1a联立解得a=-1m/s1故C错误，D正确。6、A【解析】试题分析：设物体的初速度为，初动能为，所受的阻力为，通过的位移为，物体的速度与动能的关系为，得，由得，由题和相同，则质量

16、越大，位移越小，所以，由动能定理得：，因初动能相同，与成反比，则，故选项A正确考点：动能定理的应用【名师点睛】本题综合考查动能、动能定理及位移公式，在解题时要注意如果题目中涉及时间时，则应考虑应用运动学公式，不涉及时间应优先采用动能定理或功能关系二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】机械波的传播需要介质，A错；红外线热效应显著，而穿透本领较弱，不能用来安检，铁路、民航等安检口使用x射线线对行李内物品进行检测故B错误根据相对论的基本原理得知：在不同的惯性参考系

17、中，一切物理规律都是相同的故C正确两列波发生干涉时，振动加强区域与减弱区域是相互间隔，是稳定不变的故D正确8、BD【解析】小球B处于平衡状态，对B受力分析，如图所示：当球B沿斜面上升一很小高度时，圆弧阻挡墙对B的压力方向与水平方向的夹角减小，根据图象可知，斜面体A与球B之间的弹力逐渐减小，阻挡墙PQ与球B之间的弹力逐渐减小，故AB正确；以斜面体为研究对象，则有上述解析可知球B对斜面A的弹力减小，则可以将该力分解为水平方向和竖直方向，该力与水平竖直所成夹角不变，所以竖直与水平分力都减小，而F等于其水平分力，故F减小，地面对A的支持力等于A的重力加上该力的竖直分力，故地面对A的支持力也减小，故CD

18、错误故选AB【点睛】小球B处于平衡状态，对B受力分析，根据力的合成原则画出受力分析图，当球B沿斜面上升一很小高度时，圆弧阻挡墙对B的压力方向与水平方向的夹角减小，根据作图法分析AB之间的弹力以及PQ与B之间的弹力变化，把AB看成一个整体，整体受到重力、地面的支持力、水平推力F以及PQ对B的压力，根据平衡条件判断F以及地面对A的支持力的变化即可9、AC【解析】当BC板水平时，物体减小的重力势能全部转化为内能，所以有，解得，A正确B错误；当BC倾斜时，设BC板与水平方向夹角为，则根据能量守恒定律可得，化简可得，根据数学知识可得（其中为构造的三角形的一个内角，而且满足，即），故当时x最小，最小为，故

19、C正确D错误10、AC【解析】物体向下滑动，故物体受到向上的滑动摩擦力为F；因物体匀速下滑，则物体受力平衡，竖直方向受重力与摩擦力，二力大小相等，故摩擦力也等于G；故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、d B B 【解析】(1)1 d线接错,滑动变阻器接线要求接在接线柱上,不能连接在滑片上,故d导线连接错误;(2)2A滑动变阻器最大阻值太大,电流较小,不方便调节,也不方便电流的测量,故滑动变阻器选B;(3)3将变阻器的滑动头P移到左端,闭合电键,对电压传感器和电流传感器进行调零此时电路中电流最小,值为,以这个电流作为伏安特性曲线

20、中电流的0点此时电压传感器的值反向最大,为,以这个电压作为伏安特性曲线中电压的0点将滑动头P逐渐向右侧移动,则R将要减小,将要增大;而电压传感器示数,I增大,则Ir将增大,将要增大,即电压传感器的值在增大,且成线性关系故时,U就在调零后的起始位置,故B正确，ACD错误。12、大于 【解析】（1）1实验时需让重物A向上加速，则重物A、B的质量应满足的关系为Mm.（2）2根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度知，挡光片通过光电门的瞬时速度（3）3系统动能的增加量4系统重力势能的减小量Ep=（M-m）gh（4）5根据系统机械能守恒得， 解得 则图线的斜率解得重力加速度 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）【解析】（1）开始加热后活塞上升的过程中密闭气体做等压变化，初末状态的体积分别为：和，根据盖吕萨克定律有解得（2）理想气体内能变化外界对气体做的功为由热力学第一定律可得14、（1）13；（2）45gL5；（3）0。【解析】(1)当滑块A在木板B上滑动时，对A受力分析有mAgsin-1mAgcos=mAaA即aA=0.4g在B与C碰撞前瞬间,滑块A做匀变速直线运动有4L=12aAt2对木板B受力分析有mBgsin+1mAgc