2025年湘教新版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、有一个已充了电的电容器，若使它的电荷量减少3×10－6C，则其电压降为原来的则下列说法错误的是A.电容器原来的电荷量是9×10－6CB.电容器原来的电荷量是4.5×10－6CC.电容器原来的电压可能是5VD.电容器原来的电压可能是5×10－7V2、直角坐标系xOy中，M、N两点位于x轴上，G、H两点坐标如图。M、N两点各固定一等量负点电荷，一电荷量为Q的正点电荷置于O点时，G点处的电场强度恰好为零。静电力常量用k表示。若将该正点电荷移到G点，则H点处场强的大小和方向分别为（）

A.沿y轴正向B.沿y轴负向C.沿y轴正向D.沿y轴负向3、下列表述正确的是（）A.亚里士多德通过“理想实验”得出了“力不是维持物体运动的原因”这一结论B.开普勒在研究行星运动规律的基础上发现了万有引力定律C.库仑通过“扭秤实验”非常准确地测出了带电物体间的静电力D.法拉第引入的“电场线”是真实存在于电场中的4、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是关于直线x=x1对称的曲线，x2～x3段是直线；则下列说法正确的是（）

A.x1处电场强度最小，但不为零B.粒子在0～x2段做匀变速运动，在x2～x3段做匀速运动C.在0、x1、x2、x3处的电势φ0、φ1、φ2、φ3的关系为φ3>φ2=φ0>φ1D.x2～x3段的电场强度大小、方向均不变5、2020年2月，中国科学家通过冷冻电镜捕捉到新冠病毒表面S蛋白与人体细胞表面ACE2蛋白的结合过程，首次揭开了新冠病毒入侵人体的神秘面纱。电子显微镜是冷冻电镜中的关键部分，其中的一种电子透镜的电场分布如图所示，虚线为等差等势面，一电子在其中运动的轨迹如图中实线所示，a、b是轨迹上的两点；则（）

A.a点的电场强度大于b点的电场强度B.b点电场强度的方向水平向右C.a点的电势高于b点的电势D.电子在a点的电势能大于在b点的电势能6、如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流计G和一个滑动变阻器R组成，

甲表是电流表，R增大时量程增大

甲表是电流表，R增大时量程减小

乙表是电压表，R增大时量程增大

乙表是电压表，R增大时量程减小

下列说法正确的是A.和B.和C.和D.和7、三只不同的小灯泡，电阻分别为R1、R2、R3（R1、R2、R3互不相等）。把它们并联起来，接在电源两端，则下列说法正确的是（）A.通过每只小灯泡的电流相等B.每只小灯泡两端的电压相等C.每只小灯泡消耗的功率相等D.一只小灯泡熄灭了，其他小灯泡不能继续发光8、如图所示，C1=6μF，C2=3μF，R1=3Ω，R2=6Ω，电源电动势E=18V；内阻不计。下列说法不正确的是（）

A.开关S断开时，b点电势比a点电势高B.开关S闭合后，a、b两点间的电流是2AC.开关S断开时，C1带的电荷量比开关S闭合后C1带的电荷量大D.不论开关S断开还是闭合，C1带的电荷量总比C2带的电荷量大9、在如图所示的U-I图线上，a、b、c各点均表示该电路中有一个确定的工作状态，在b点则下列说法中正确的是（）

A.在a点时电源有最大输出功率B.在b点时电源的总功率最大C.从a→b，β角增大，电源的总功率和输出功率可能都将增大D.从b→c，β角增大，电源的总功率和输出功率可能都将减小评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图是某品牌电动汽车的标识牌；以下说法正确的是（）

。整车型号。

CH830BEV

最大设计总质量。

1800kg

动力电池容量。

60A·h

驱动电机额定功率。

30kW

驱动电机型号。

WXMP30LO

车辆设计代号VIN

LVFAD11A44000003

A.该电池的容量为60A·hB.该电池以6A的电流放电，可以工作10hC.该电池以6A的电流放电，可以工作60hD.该电池充完电可贮存的电荷量为60C11、如图所示，已知带电小球A、B的电荷量分别为都用长L的丝线悬挂在O点，竖直墙壁光滑绝缘，静止时A、B相距为d，已知小球A、B的质量均为m，当地重力加速度为g。以下说法正确的是（）

A.连接小球B的绳上承受的力大小为mgB.如果缓慢将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，则AB间距离减为C.当小球A、B的电荷量都缓慢减小时，连接两个小球的绳上的力都减小D.为使平衡时AB间距离减为可以将小球B的质量增加到12、让和的混合物以相同的速度方向从同一位置垂直进入偏转电场中发生偏转；设四种粒子都能飞出电场，粒子重力不计。则下列说法中正确的是（）

A.若粒子以相同初动能入射，则飞出电场时它们将分成3股B.若粒子以相同初动能入射，则飞出电场时它们将分成4股C.若粒子以相同初速度入射，则飞出电场时它们将分成3股D.若粒子经同一电场从静止加速后入射，则飞出电场时它们将分成2股13、已知π+介子、π—介子都是由一个夸克（夸克u或夸克d）和一个反夸克（反夸克或反夸克）组成的，它们的带电量如下表所示，表中e为元电荷．下列说法正确的是（）

A.π+由u和组成B.π+由d和组成C.π—由u和组成D.π—由d和组成14、如图所示；原来不带电的金属球壳内壁接地，将一带正电的小球放入其中，但不与球壳接触，则()

A.球壳内壁带负电B.球壳外壁带正电C.球壳外壁不带电D.若将接地线去掉再移去正电荷，球壳外壁带负电15、如图所示的电路中，当开关S接a点时，标有“5V，2.5W”的小灯泡L正常发光，当开关S接b点时，通过电阻R的电流为1A，这时电阻R两端的电压为4V。则下列说法正确的是（）

A.电阻R的阻值为0.25ΩB.电源的电动势为5VC.电源的电动势为6VD.电源的内阻为2Ω16、如图所示，均匀带电的半圆环在圆心O点产生的电场强度为E、电势为,把半圆环分成AB、BC、CD三部分．下列说法正确的是

A.BC部分在O点产生的电场强度的大小为B.BC部分在O点产生的电场强度的大小为C.BC部分在O点产生的电势为D.BC部分在O点产生的电势为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、如图电路；当滑动变阻器的滑片放在正中时，三灯的亮度相同，则：

（1）三灯的电阻大小关系是：____；

（2）当滑动变阻器的滑片下移后，三个灯的亮度最暗的是____灯．18、一根阻值为R的均匀电阻丝，均匀拉长至原来的2倍，电阻变为________。19、麦克斯韦电磁场理论的两大支柱是：______、______。20、如图，半径为R的半球面上均匀分布一定量的正电荷，经过半球顶点与球心建立坐标轴Ox。图中A、B、C三点距离球心均为0.5R，则A点电势________________B点电势（选填“高于”、“低于”、“等于”）。已知均匀带电球壳内部的电场强度处处为零，则C点电场强度的方向________________。

21、如图表示某电场等势面的分布情况。

（1）如果把电子从b等势面移动到e等势面,静电力做的功为_______eV。

（2）在电场中的两点放置电荷量相等的试探电荷，它们所受静电力FA_____FB(填“大于、等于或小于”)；电势能EpA_____EpB(填“大于；等于或小于”)。

评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)22、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共3题，共9分)23、某同学通过实验测定一个阻值约为的电阻的阻值。

（1）现有电源（内阻可不计）、滑动变阻器（额定电流）；开关和导线若干；以及下列电表：

A．电流表（内阻约）

B．电流表（内阻约）

C．电压表（内阻约）

D．电压表（内阻约）

为减小测量误差，在实验中，电流表应选用________，电压表应选用________(选填器材前的字母)；实验电路应采用图中的________(选填“甲”或“乙”)。

（2）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电表示数。某次电表示数如图所示，可知电流表示数________电压表示数_______则该电阻的测量值________(保留两位有效数字)。

（3）若在（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是________；若在（1）问中选用乙电路，产生误差的主要原因是________。(选填选项前的字母)

A．电流表测量值小于流经的电流值B．电流表测量值大于流经的电流值。

C．电压表测量值小于两端的电压值D．电压表测量值大于两端的电压值24、现用多用电表测量一个阻值约为20Ω的电阻和探测电路。

（1）测量步骤如下∶

①将选择开关旋转到“Ω”挡的____（填“×1”“×10”“×100”或“×1k”）位置；并进行欧姆调零。

②将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若多用电表示数如图甲所示，该电阻的阻值为____Ω。（保留三位有效数字）

（2）探测对象为如图乙所示的黑箱；箱内有一节干电池；一个电阻、一个晶体二极管和一个电容器，箱外有4个接线柱，分别标为1、2、3、4，相邻两个序号间只有一个元件。

①若用多用电表确定元件的位置，应使用多用电表的____（填下述挡位的序号）进行试测。

A.直流10V电压挡

B.直流1.5V电压挡。

C.欧姆挡

D.直流电流挡。

②试测后，用直流1.5V电压挡进一步测量，测量结果记录如下：。红表笔位置111黑表笔位置234示数1.5V00

确定电源位置后，去掉电源，应用多用电表的____挡进行测量。结果如下：。红表笔位置111234黑表笔位置234111电阻情况电阻很大电阻很大电阻很大先有电阻，然后变为很大电阻很小电阻很小

③根据以上结果，在图乙虚线框中画出电路图_______。25、某同学为测定电源的电动势E和内阻r，从实验室找来电键、定值电阻R0。电流表（内阻不计）、一根均匀电阻丝（配有可在电阻丝上移动的金属夹）和导线若干。因缺少刻度尺，无法测量电阻丝长度，他找到了一个绝缘的圆形时钟表盘。他将电阻丝绕在表盘上，用改变圆心角θ（以rad为单位）的方法改变接入电路中的电阻丝长度。实验方案如下：

先将器材连成如图（1），后将金属夹从b端开始不断改变位置，闭合电键后记录每次从a到金属夹位置所对应的圆心角θ和电流表示数I，最后将数据描在坐标纸上、绘得如图（2）所示图线，已知a、b间单位角度对应电阻丝的阻值为r0，则∶图（2）对应的的函数关系为__________（用R0、r0、E、r、θ表示）；若已知r0=3Ω/rad，R0=2Ω，则由（2）图可求得电源的电动势E=_____________V；内阻r=___________（保留两位有效数字）

评卷人得分六、解答题(共4题，共32分)26、如图所示，已知电源电动势E＝20V，内阻r＝1Ω，当接入固定电阻R＝4Ω时，电路中标有“3V,6W”的灯泡L和内阻RD＝0.5Ω的小型直流电动机D都恰能正常工作．试求：

(1)电路中的电流大小；

(2)电动机的额定电压；

(3)电动机的输出功率．27、一台“6V，15W”的直流电动机的线圈电阻为R=0.5Ω，接在电动势E=6V，内阻r=0.5Ω的电源上工作时；测得电动机两端电压是5V，求：

（1）电源的总功率；

（2）电源的输出功率；

（3）电动机的发热功率；

（4）电动机的输出功率．28、如图所示，从炽热的金属丝K逸出的电子（速度可视为零），经加速电场加速后，从偏转电场两极板正中央垂直电场方向射入，恰好从下极板边缘飞出电场。已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为U0。偏转电场两板间距离为d，板长为L。电子的重力不计。求：

(1)电子进入偏转电场时的速度大小；

(2)偏转电场电压；

(3)电子离开偏转电场时速度的大小和速度偏转角的正切值。29、如图所示，足够长的传送带AB与光滑的水平面BC连接，光滑的、半径R＝0.5m的半圆轨道与水平面连接，相切于C点。传送带以恒定的速率v顺时针运行，在光滑的水平面上有一质量m＝0.5kg的物体以v1＝6m/s的速度向左滑上传送带，经过2s物体的速度减为零，物体返回到光滑的水平面且沿着半圆轨道恰能运动到D点，g取10m/s2；求：

（1）物体与传送带之间的动摩擦因数μ；

（2）传送带的速度v；

（3）物体在传送带上滑动过程中系统产生的热量。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【详解】

AB．根据题意平行板电容器的电荷量减少电压减少为原来的由知电量减少为原来的即减少了原来的则根据知电容器原来的带电荷量Q=1.5△Q=1.5×3×10-6=4.5×10-6C

故A符合题意，B不符合题意．

CD．由已知条件无法求电压，故CD均有可能，故CD不符合题意．2、B【分析】【详解】

由于正点电荷在O点时，G点的场强为零，则可知两负点电荷在G点形成的电场的合场强与正点电荷在G点产生的场强等大反向，大小为

方向沿y轴正向。若将正点电荷移到G点，则正点电荷在H点的场强大小为

方向沿y轴正向，根据对称性可知，两负点电荷在G点的合场强与在H点的合场强等大反向，则H点处场强大小为

方向沿y轴负向。

故选B。3、C【分析】【详解】

A．伽利略通过“理想实验”得出了“力不是维持物体运动的原因”这一结论；故A错误；

B．牛顿在研究行星运动规律的基础上发现了万有引力定律；故B错误；

C．库仑通过“扭秤实验”非常准确地测出了带电物体间的静电力；故C正确；

D．法拉第引入的“电场线”是为了描述电场人为引入的；在电场中不是真实存在，故D错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

A．根据ΔEp=qΔφE=

可得ΔEp=qEΔx

由数学知识可知Ep­x图像切线的斜率表示qE，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零；故A错误；

BD．由图像可看出段图像切线的斜率绝对值不断减小，则电场强度减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动，x1～x2段图像切线的斜率不断增大，则电场强度增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动，x2～x3段图像切线的斜率不变；则电场强度不变，即电场强度大小和方向均不变，粒子所受的电场力不变，做匀变速运动，故B错误，D正确；

C．根据Ep=qφ，粒子带负电，q<0，电势能越大，则粒子所在处的电势越低，所以φ1>φ2=φ0>φ3

故C错误。

故选D。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据等差等势面的疏密可表示场强强弱，由于a点等差等势面比b点稀疏，则a点的电场强度小于b点的电场强度根据；故A错误；

B、由于电场线垂直于等势面，则b点电场强度垂直等势面沿水平方向，又因为电子轨迹为曲线，所受电场力指向轨迹凹侧，即水平向右，又电子带负电，则b点电场强度的方向水平向左；故B错误；

C．顺着电场线方向，电势逐渐降低，电场线由高等势面指向低等势面，根据电子受力方向向右，则电场线方向向左，故a点电势高于b点；故C正确；

D．因为φa>φb，电子在电势低的地方电势能大，在电势高的地方电势能小，故电子在a点的电势能小于在b点的电势能；故D错误。

故选C。6、C【分析】【分析】

灵敏电流计G和变阻器R并联时；由于变阻器的分流，测量的电流增大，改装成电流表，而灵敏电流计G和变阻器R串联时，由于变阻器的分压，测量的电压增大，改装成电压表．

【详解】

由图甲所示可知；G与电阻R并联，甲表是电流表，R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故（1）错误，（2）正确。由图乙所示可知，G与R串联，乙是电压表，R增大时，变阻器分担的电压增大，乙表量程增大，故（3）正确，（4）错误；故C正确；故选C。

【点睛】

本题考查电表改装原理的理解能力．当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值．7、B【分析】【详解】

AB．由串并联电路的规律可知，并联电路，电压相等，所以三个灯泡的电压相同，由欧姆定律可知

因为电阻不同；所以三个灯泡的电流不同，故A错误，B正确；

C．由

因为电阻不同；所以三个灯泡的电功率不同，故C错误；

D．并联电路；其中一条支路断路，其余电路依然可以工作，故D错误。

故选B。8、D【分析】【详解】

A．开关S断开时，电路中没有电流，a点接电源的负极，b接电源的正极；故a点的电势低于b点的电势；故A正确；

B．开关S闭合后，两电阻串联，由闭合电路欧姆定律可知，电流为

故B正确；

C．开关S断开时，电容器两端的电压等于电源的电动势18V，而开关S闭合后，其电压为R1两端的电压，小于电源的电动势18V，则开关S断开时C1带的电荷量比开关S闭合后C1带的电荷量大；故C正确；

D．开关S断开时，电容器两端的电压都等于电源的电动势，由Q=CU知，此时C1带的电荷量比C2带的电荷量大；当开关S闭合时，C1两端的电压U1=IR1=2×3=6V

C2两端的电压为U2=IR2=2×6=12V

则为Q1=U1C1=6×6×10-6=3.6×10-5CQ2=U2C2=12×3×10-6=3.6×10-5C

两个电容器带的电荷量相等；故D错误；

故选D。9、D【分析】【分析】

【详解】

A．图线斜率表示电源内阻，b点与原点连线的斜率表示b状态电源的外电路电阻，b点的表示b点对应的内外电阻相等；此时电源的输出功率最大。故A错误；

B．外电路短路时，电源的总功率最大，在b状态；显然外电路不短路。故B错误；

C．从a到b；路端电压升高，回路电流减小，电源的总功率减小，外电路的电阻与内阻的差值逐渐减小，故电源的输出功率增大，故C错误；

D．从b到c；电流减小，电源的总功率变小，外电路电阻与内阻的差值逐渐增大，故电源的输出功率减小，故D正确。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)10、A:B【分析】【分析】

【详解】

ABC．从题图标识牌可知电池的容量为60A·h；即以6A的电流放电可工作10h，故A；B正确，C错误；

D．该电池充完电可贮存的电荷量。

q=60×3600C=2.16×105C故D错误。

故选AB。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

对小球B作受力分析图如下图所示。

由相似三角形可得

可得

又

联立可得

A．连接小球B的绳上承受的力大小为mg；故A正确；

B．如果缓慢将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，则AB间距离减为故B错误；

C．当小球A、B的电荷量都缓慢减小时，由几个关系知，连接小球B的绳上的力不变；故C错误；

D．由

可知为使平衡时AB间距离减为可以将小球B的质量增加到故D正确。

故选AD。12、A:C【分析】【详解】

AB．飞出电场过程

根据牛顿第二定律

射出电场时偏转距离

又

整理得

和四种粒子中；有三种电荷量，则飞出电场时它们将分成3股，故A正确，B错误；

C．由上分析得知

若粒子以相同初速度入射，则飞出电场时它们将分成的股数与比荷有关，和四种粒子中；有三种比荷，则飞出电场时它们将分成3股，故C正确；

D．根据能量守恒

若粒子经同一电场从静止加速后入射；则飞出电场时它们将成1股，故D错误。

故选AC。13、A:D【分析】【详解】

由题意可知，带电量为故由u和组成；带电量为故由d和组成组成；故AD正确，BC错误．

点睛：根据和介子的带电量，以及夸克的带电量情况，可以确定和介子组成．14、A:C:D【分析】【详解】

由静电屏蔽知识可得；未接地前电场线分布特点如图；

球壳是个等势体，无论是内壳还是外壳接地，都是大地上的电子受电场力作用逆着电场线与外壳正电中和，使外壳不带电，故AC正确，B错．若移出正电荷，则剩余负电都分布在外表面，D正确．故选ACD.15、C:D【分析】【详解】

A．当开关S接b点时，电阻R的值为

故A错误；

BCD．当开关S接a点时，小灯泡L正常发光，故通过的电流为

根据闭合电路欧姆定律

联立解得

B错误；CD正确。

故选CD。16、A:D【分析】【详解】

如图所示，B、C两点把半圆环等分为三段．

设每段在O点产生的电场强度大小均为E′．AB段和CD段在O处产生的场强夹角为120°；它们的合场强大小为E′则O点的合场强：E=2E′，则：E′=E/2；故圆弧BC在圆心O处产生的场强为E/2．电势是标量，设圆弧BC在圆心O点产生的电势为φ′，则有3φ′=φ，则φ′=φ/3，故选AD．

点睛：本题要注意电场强度是矢量，应根据平行四边形定则进行合成，掌握电场的叠加原理；电势是标量，可直接取代数和．三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]．由图知，变阻器R与C灯串联后与B灯并联，最后与A灯并联．三个小灯泡亮度相同，说明功率相同．对于灯A、B：通过BC的电流小于A的电流，当灯泡的功率相同时，由公式P=I2R分析可知，BC的电阻大于A的电阻．灯B的电压大于C的电压，当两个灯泡的功率相同时，根据公式P=U2/R知，B的电阻大于C的电阻．则RA＜RC＜RB；

（2）[2]．当滑片P向下滑动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，路端电压U增大，则B变亮．通过C电流IC=I﹣IB，I减小，IB增大，则IC减小的最大，所以C灯最暗．【解析】RA＜RC＜RB；C18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】4R19、略

【分析】【详解】

[1][2]麦克斯韦电磁场理论的两大支柱是：变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场。【解析】①.变化的电场产生磁场②.变化的磁场产生电场20、略

【分析】【详解】

[1]电场线方向由A指向B，则A点电势高于B点电势。

[2]将半球面补成一个完整的球面。

根据电荷分布对称性及均匀带电球壳内部的电场强度处处为零，可知左侧弧MP所带电荷与右侧弧MP所带电荷在C点电场强度大小相等，方向相反，由对称性可知则C点电场强度的方向平行于Ox轴向右。【解析】高于平行于Ox轴向右21、略

【分析】【详解】

（1）[1]把电子从b等势面移动到e等势面,静电力做的功为

（2）[2]等势线越密集的地方，电场线也越密集，所以A处的场强大于B处的场强，根据

可知A、B两处的静电力有

[3]A、B两点在同一等势面上，电势相等，A、B两点放置电荷的电荷量相等，根据

可知A、B两点的电势能【解析】15大于等于四、作图题(共1题，共10分)22、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共3题，共9分)23、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]由于电源电动势为所以电压表应选的量程，所以电压表应选C；根据欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流约为

所以电流表应选B。

[3]由于待测电阻满足

所以电流表应用外接法；所以应采用图甲电路。

（2）[4]电流表量程为分度值为读数为

[5]电压表量程为分度值为读数为

[6]待测电阻为

（3）[7][8]根据欧姆定律和串并联规律可知，采用甲电路时，由于电压表的分流作用，导致电流表的测量值大于流经的电流，所以产生误差的主要原因是B；若采用乙电路，由于电流表的分压作用，导致电压表的测量值大于两端的电压值，所以造成误差的主要原因是D。【解析】BC甲BD24、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]根据电阻的估计值；选“×1”挡可以使指针指在表盘中央附近，由图乙直接读数得电阻的测量值为19.0Ω。

（2）[3]已知电路中有一节干电池；应用电压挡试测，为避免试触时电压表反接而损坏电压表，应采用较大量程试测。确定电源的正；负极位置后，可以利用1.5V挡测量。ACD错误，B正确。

故选B。

[4]1；2之间示数为1.5V；说明电压表测量值为电源电压，且1接电源正极。去掉电源后，应用欧姆挡检测电路；

[5]红表笔接多用电表内部电源负极；黑表笔接多用电表内部电源正极，红表笔接1，黑表笔接2；3、4显示电阻很大，说明二极管处于反接状态；黑表笔接1，红表笔接4显示电阻很小，说明二极管处于1、4之间，且处于正向导通状态；而红表笔接3、黑表笔接1显示电阻较小，说明3、4间有电阻存在；由于电容器充电，导致红表笔接2、黑表笔接1时先有电阻，然后变为很大，说明在2、3间有电容器，电路图如下所示。

【解析】×119.0B欧姆25、略

【分析】【详解】

[1]依题意，根据闭合电路欧姆定律可得E=I(r+θr0+R0)

变换可得

[2]