2025年湘教版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版必修3物理下册阶段测试试卷426考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线、粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示；可以判定（）

A.粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B.粒子在A点的动能小于它在B点的动能C.粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D.电场中A点的电势低于B点的电势2、关于磁场的磁感线，下列说法正确的是（）A.条形磁铁的磁感线从磁铁的N极出发，终止于磁铁的S极B.磁感线的疏密表示磁场的强弱，磁感线疏的地方磁场弱，磁感线密的地方磁场强C.磁感线是客观存在的物质，没画磁感线的地方就表示磁场不存在D.通电长直导线周围的磁感线是以导线为圆心的均匀分布的同心圆3、半径为r的硬橡胶圆环上带有均匀分布的正电荷，单位长度的电量为q，现截去圆环最右边一小段，其长度则剩余部分在圆心处产生的电场强度是A.大小为方向向左B.大小为方向向右C.大小为方向向左D.大小为方向向右4、以下关于电磁感应的说法正确的是（）A.感应电流磁场的方向总与原磁场的方向相反B.只要闭合导体回路切割磁感线，就一定有感应电流产生C.若某时刻穿过闭合导体回路的磁通量为零，则此时刻回路中的感应电流一定为零D.穿过某闭合导体回路的磁通量变化越快，产生的感应电动势就越大5、如图甲所示，边长为a的正方形，四个顶点上分别固定一个电荷量为的点电荷；在区间，x轴上电势的变化曲线如图乙所示。现将一电荷量为的点电荷P置于正方形的中心O点，此时每个点电荷所受库仑力的合力均为零。若将P沿x轴向右略微移动后；由静止释放，以下判断正确的是（）

A.释放后P将向右运动B.释放后P将向左运动C.释放后P将向右运动D.释放后P将向左运动6、如图所示，匀强电场中有一个半径的圆，该圆平面与电场方向平行，A、B、C、D四点将圆周等分为四段圆弧。已知A、B、O三点的电势分别为若将一个质子从O点移动至圆周上；则在此过程中，电场力做正功的最大值为（）

A.B.C.D.7、随着生活水平的提高；电子秤已成为日常生活中不可或缺的一部分。如图所示是用平行板电容器制成的厨房用电子秤及其电路简图。称重时，把物体放到电子秤面板上，压力作用会导致平行板上层膜片电极下移，则下列说法正确的是（）

A.电容器的电容减小B.电容器的带电电荷量减少C.膜片下移过程中，电流表有到的电流D.电容器两极板的电压增大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、如图所示为多用电表欧姆挡的原理图，表头内阻为Rg，调零电阻的最大阻值为R0，电池的电动势为E,内阻为r．则下列说法中正确的是（）

A.它是根据闭合电路欧姆定律制成的B.欧姆挡对应的“”刻度一般在刻度盘的右端C.接表内电池负极的应是红表笔D.调零后刻度盘的中心刻度值是r+Rg+R09、下列关于磁性材料说法正确的是A.永磁体要有很强的剩磁，所以要用硬磁性材料制造B.电磁铁要在通电时有磁性，断电时失去磁性，所以要用软磁性材料制造C.磁化后剩磁强的材料才能称为磁性材料D.地球也有磁场，在地面放置多年没有移动的金属，会被地磁场磁化10、一只电流表的满偏电流为内阻为若要（）A.改装成量程为的电压表，应串联一个阻值为的电阻B.改装成量程为的电压表，应串联一个阻值为的电阻C.改装成量程为的电流表，应并联一个阻值为的电阻D.改装成量程为的电流表，应串联一个阻值为的电阻11、导体处于静电平衡时，关于导体上电荷分布特点的下列说法正确的是（）A.导体内部没有电荷，电荷只分布在导体的外表面B.电荷可以在导体内均匀分布C.导体表面越尖锐的位置电荷密度越大D.导体表面越尖锐的位置电荷密度越小12、如图所示，带电小球a由绝缘细线PM和PN悬挂而处于静止状态，其中PM水平，地面上固定一绝缘且内壁光滑的圆弧细管道GH，圆心P与a球位置重合，管道底端H与水平地面相切，一质量为m可视为质点的带电小球b从G端口由静止释放，当小球b运动到H端时对管道壁恰好无压力，重力加速度为g。在小球b由G滑到H过程中；下列说法中正确的是（）

A.小球b机械能逐渐减小B.小球b所受库仑力大小为2mgC.细线PM的拉力先增大后减小D.小球b的加速度大小逐渐变大13、如图所示，实线的两点电荷形成的电场线，若不计重力的带电粒子从C点运动到D点；轨迹如图虚线所示，则下列说法中正确的是（）

A.由C到D过程中电场力对带电粒子做正功B.由C到D过程中带电粒子动能减小C.粒子带正电D.A电荷的电荷量大于B电荷的电荷量14、如图丁所示，已知电源电动势闭合开关，将滑动变阻器的滑片从端滑至端；得到一些物理量的变化如图所示，甲为输出功率和路端电压的关系图像，乙为路端电压与总电流的关系图像，丙为电源效率和外电路电阻的关系图像，不考虑电表导线对电路的影响，下列关于图中坐标值正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示，电路电压U恒定，三个灯完全相同且电阻恒定，当滑动变阻器的滑片P由a向b滑动过程中，三个灯的亮度变化特点是________，________，________．

16、两根互相垂直的通电直导线放在同一平面内，彼此绝缘，电流方向如图所示．在两导线周围的四个区域中，肯定不可能出现磁感强度为零的区域是______；可能出现磁感强度为零的区域是______．17、『判一判』

（1）放电后的电容器所带电荷量为零，电容也为零。______

（2）电容器所带的电荷量是指每个极板所带电荷量的代数和。______

（3）电容表示电容器容纳电荷的多少。______

（4）电容器的电容与电容器所带电荷量成反比。______

（5）电容器的电容跟它两极板间所加电压成反比。______

（6）公式可用来计算任何电容器的电容。______

（7）将电介质插入平行板电容器时，电容器的电容将变小。______

（8）任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体都能组成电容器，而且跟这两个导体是否带电无关。______

（9）电容器两极板上所加的电压不能超过击穿电压。______18、如图所示中的游标卡尺的示数是__________cm，螺旋测微器的示数是__________mm。

19、密立根实验：电子电荷的精确测定是由密立根通过著名的“油滴实验”做出的，目前公认的电子电荷的值为e=______（保留两位有效数字）。20、如图所示电路中，电源内阻不可忽略、电动势E=3V，R1=8Ω、R2=2Ω。闭合电键K1后，K2置于a处，电压表示数U1。将电键K2从a拨动到b，稳定后电压表示数U2，则U1________U2（选填“>”、“<”或“=”）；若电源内阻r=20Ω，K2置于a处，滑动变阻器阻值逐渐增大时电源输出功率减小，随后将K2置于b处，变阻器阻值逐渐减小时电源输出功率减小，则滑动变阻器阻值的取值范围为________。

21、如图所示，大球A原来的电荷量为Q，小球B原来不带电，现在让小球与大球接触，达到静电平衡时，小球获得的电荷量为q；现给A球补充电荷，使其电荷量为Q，再次让小球接触大球，每次都给大球补充到电荷量为Q，则经过反复多次接触后，小球的带电荷量为___________．

评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

23、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短24、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

25、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)26、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中；需测量一个标有“3V，1.5W”灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，现有如下器材：

直流电源（电动势3.0V；内阻不计）

电流表A1（量程3A；内阻约0.1Ω）

电流表A2（量程600mA；内阻约5Ω）

电压表V1（量程3V；内阻约3kΩ）

电压表V2（量程15V；内阻约200kΩ）

滑动变阻器R1（阻值0~10Ω；额定电流1A）

滑动变阻器R2（阻值0~1kΩ；额定电流300mA）

（1）在该实验中，电流表应选择______（填“A1”或“A2”），电压表应选择______（填“V1”或“V2”），滑动变阻器应选择______；（填“R1”或“R2”）

（2）某同学用导线a、b、c、d、e、f、g和h连接成如图甲所示的电路，开关闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于最______端（填“左”或“右”），若用该电路测得灯泡的工作电压U和电流I，根据计算此时灯泡的电阻，则测量值______真实值；（填“大于”；“等于”或“小于”）

（3）该同学连接电路后检查所有元件都完好，电流表和电压表已调零，经检查各部分接触良好，但闭合开关后，反复调节滑动变阻器，小灯泡的亮度发生变化，但电压表和电流表示数不能调零，则断路的导线为______；（填导线代号）

（4）图乙是在实验中根据测出的数据，在方格纸上作出该小灯泡的伏安特性曲线，若将一个该种灯泡和一个6.0Ω的定值电阻一起串联与题中的电源组成闭合回路，请估算该小灯泡的实际功率P=______W（保留两位有效数字）。27、为测量一电源的电动势及内阻。

（1）下列三个电压表中选一个改装成量程为9V的电压表。

A．量程为1V；内阻大约为1kΩ的电压表。

B．量程为2V；内阻大约为2kΩ的电压表。

C．量程为3V；内阻为3kΩ的电压表。

选择电压表______串联______kΩ的电阻可以改装成量程为9V的电压表。

（2）利用一个电阻箱、一只开关、若干导线和改装好的电压表（此表用符号或与一个电阻串联来表示，且可视为理想电压表），在虚线框内画出测量电源电动势及内阻的实验原理电路图______。

（3）根据以上实验原理电路图进行实验，读出电压表示数为1.50V时，电阻箱的阻值为15.0Ω；电压表示数为2.00V时，电阻箱的阻值为40.0Ω，则电源的电动势E=______V、内阻r=______Ω。28、某实验小组为了测量某定值电阻的阻值（约）。使用的实验器材如下：

A．两个完全相同的电压表（量程为0～3V，内阻约为）；

B．待测电阻

C．电阻箱

D．电源（电动势恒定；内阻不计）；

E．开关；导线若干。

实验步骤如下：

（1）按图甲连接好电路，调节电阻箱如图乙所示，则电阻箱的阻值__________

（2）闭合开关将单刀双掷开关拨向接线柱1，电压表的示数如图丙所示；然后再将单刀双掷开关拨向接线柱2，电压表的示数如图丁所示，则电压表的示数__________V，电压表的示数__________V。

（3）若电压表可看作理想电表，则待测电阻__________上述测量值__________（填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。29、某个同学设计了一个电路，既能测量电池组的电动势和内阻又能同时测量未知电阻的阻值。器材如下：

A．电池组（四节干电池）

B．待测电阻（约）

C．电压表（量程内阻很大）

D．电压表（量程内阻很大）

E．电阻箱（最大阻值）

F．开关一只；导线若干。

实验步骤如下：

（1）将实验器材连接成如图甲所示的电路，闭合开关，调节电阻箱的阻值，先让电压表接近满偏；逐渐增加电阻箱的阻值，并分别读出两只电压表的读数。

（2）根据记录的电压表的读数和电压表的读数以为纵坐标，以对应的电阻箱的阻值R为横坐标，得到的实验结果如图乙所示。由图可求得图像在纵轴的截距为___________，待测电阻___________Ω。

（3）图丙是以电压表的读数为纵坐标，以两电压表读数之差与电阻箱阻值的比值为横坐标得到结果。由图可求得电池组的电动势___________V，内阻为___________Ω。评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)30、如图所示，一质量为电荷量为的带正电金属小球B（视为质点），用长为的绝缘细线固定在左边一檐角，使其刚好贴着正面绝缘墙壁。在正面墙壁上画好一个量角刻度尺。取一个与小球B完全相同（除电荷量外）的小球A，A连接绝缘细杆，手提绝缘细杆让小球A上下移动至小球A、B在同一水平线上且平衡时，读出小球B偏离竖直方向的夹角静电力常量为重力加速度大小为求：

(1)绝缘细线的拉力大小；

(2)小球A所带的电荷量。

31、如图所示，O点正下方2l处固定一电荷量为-Q的点电荷，质量为m、电荷量为+q的小球，用长为l的绝缘细线悬挂于O点。现将小球拉至细线水平由A点静止释放，测得小球经过最低点B时速度的大小为v。忽略空气阻力及小球所带电荷对空间电场的影响。重力加速度为g。

（1）求小球从A到B的过程中电势能的变化量

（2）取B点的电势为零，求A点的电势

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

A．由电场线可知，B点的电场线密，所以B点的电场强度大；粒子受的电场力大，加速度也就大，故A错误；

BC．粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线向上的，所以粒子从A到B的过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在A点的动能小于它在B点的动能，粒子在A点的电势能大于它在B点的电势能；故B正确，C错误；

D．沿电场线方向电势逐渐降低，A点的电势高于B点的电势；故D错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

A；在磁体的周围磁感线是从磁体的N极出发回到S极；但在磁体的内部磁感线是从磁体的S极出发回到N极，故A错误；

B；磁感线的疏密表示磁场的强弱；磁感线疏的地方磁场弱，磁感线密的地方磁场强，故B正确；

C；磁感线可以形象地描述磁场的强弱和方向；但磁感线不是真实存在的，是利用建模的方法想象出来的，故C错误；

D；通电长直导线周围的磁感线是以导线为圆心的的同心圆；但不是均匀分布的，越向外磁场越弱，所以磁感线越向外就变的越稀疏，故D错误；

综上所述本题答案是：B3、B【分析】【详解】

由于截去圆环最右边一小段的长度相对于点截去圆环最右边一小段可看成点电荷，其电荷量为：

则截去圆环最右边一小段在点产生的电场强度大小：

方向向左，由于完整的硬橡胶圆环在处的合场强为0，则剩余部分在点产生的场强与截去圆环最右边一小段产生的场强大小相等、方向相反，所以剩余部分在点产生的场强大小为：

方向向右。

A．与分析不符；故A错误；

B．与分析相符；故B正确；

C．与分析不符；故C错误；

D．与分析不符；故D错误；

故选B。4、D【分析】【详解】

A．根据楞次定律知道；感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，感应电流磁场的方向总与原磁场的方向不一定相反，故A错误；

B．产生感应电流的条件：一是闭合回路；二是磁通量发生变化；故B错误；

C．某一时刻穿过闭合导体回路的磁通量为零；下一时刻的磁通量不一定为零，根据感应电流的条件知道，故C错误；

D．闭合电路中感应电动势大小；跟穿过这闭合电路的磁通量的变化率成正比，穿过某闭合导体回路的磁通量变化越快，产生的感应电动势就越大，故D正确。

故选D。5、C【分析】【分析】

【详解】

对y轴正向的点电荷，由平衡知识可得

解得

因在区间内沿x轴正向电势升高，则场强方向沿x轴负向，则将P沿x轴正向向右略微移动后释放，P受到向右的电场力而向右运动。

故选C。6、B【分析】【详解】

AB的中点的电势为

因此O点与AB中点连线为等势线，由于沿电场线方向电势逐渐降低，故电场向的方向为BA方向。若将一个质子从O点移动至圆周上，则在此过程中，电场力做正功的最大值为沿电场线方向移动到圆上P点时电场力做的功；如图所示。

根据匀强电场的性质可知

代入数据解得

电场力做正功的最大值为

故选B。7、C【分析】【详解】

A．根据电容器表达式

当两个极板的距离减小时；电容器的电容增大，A错误；

BCD．根据电容器定义式

由于电容器一直和电源相连，电压不变，当电容增大时，带电荷量增大，即电容器被充电，电流表有从b到a的电流；B；D错误，C正确；

故选C。二、多选题(共7题，共14分)8、A:C【分析】【详解】

A．在两个表笔间接入一个待测电阻，可得

所以可知其根据闭合电路欧姆定律制成的；A正确。

B．当电流为满偏电流时，接入的电阻为0，当不接入电阻时，电流为0，所以欧姆挡对应的“”刻度一般在刻度盘的左端．B错误。

C．欧姆表的表笔接法满足的规律是电流从红表笔进；黑表笔出，所以内电池的负极对应的是红表笔，C正确。

D．刻度盘的中心刻度对应的电阻为欧姆表的内阻，调零电阻的阻值应为实际接入的阻值，不是最大阻值，D错误9、A:B:D【分析】【详解】

A．永磁体要有很强的剩磁；所以要用硬磁性材料制造，故A正确；

B．电磁铁要在通电时有磁性；断电时失去磁性，所以要用软磁性材料制造，故B正确；

C．任何物质在外磁场中都能够或多或少地被磁化；只是磁化的程度不同，故C错误；

D．地球也有磁场，在地面放置多年没有移动的金属，会被地磁场磁化，故D正确．10、A:C【分析】【详解】

AB．改装成电压表要串联一个电阻，阻值为

A正确；B错误；

CD．改装成电流表要并联一个电阻，阻值为

C正确；D错误。

故选AC。11、A:C【分析】【详解】

AB．导体处于静电平衡时；导体内部没有电荷，电荷只分布在导体的外表面，电荷不可能在导体内均匀分布，选项A正确，B错误；

CD．导体处于静电平衡时；导体表面越尖锐的位置电荷密度越大，选项C正确，D错误。

故选AC。12、C:D【分析】【详解】

A．小球b所受库仑力和管道的弹力始终与速度垂直，即只有重力做功，所以小球b机械能守恒；故A错误；

B．对小球b运动过程应用机械能守恒可得

由小球在H点时对管道壁恰好无压力，根据牛顿第二定律可得

所以小球b受到的库仑力F库=3mg

在小球b沿圆弧运动过程中两带电小球的电荷量和间距不变，故小球b所受库仑力大小始终为3mg；故B错误；

C．设PN与竖直方向的夹角为α，对球a受力平衡，在竖直方向可得FPNcosα=mg+F库sinθ

在水平方向可得F库cosθ+FPNsinα=FPM

解得

下滑过程中θ从0增大90°，细线PM的拉力先增大后减小；故C正确；

D．设b与a的连线与水平方向成θ角，则有

任意位置加速度为向心加速度和切向加速度合成，即为

可知小球的加速度一直变大；故D正确。

故选CD。13、A:C:D【分析】【分析】

据带正电粒子仅在电场力作用下从C点运动到D点的轨迹，可判断所受电场力大体指向弯曲一侧，从而判断B处是负电荷，A处是正电荷；再根据电场线的特点分析即可．

【详解】

A、B、据电场线的分布情况可知，带电粒子从C到D的过程中，电场力的方向与运动方向小于90°，电场力对其做正功，电势能减小，动能增大；故A正确，B错误。C、据带电粒子仅在电场力作用下从C点运动到D点的轨迹，可判断所受电场力大体指向弯曲一侧，结合某点的切线方向，即为速度方向，从而判断粒子带正电；故C正确。D、据电场线的疏密程度可知，A电荷的电荷量大于B电荷的电荷量；故D正确。故选ACD．

【点睛】

弄清电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念及间的关系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．14、B:D【分析】【分析】

【详解】

由题图乙可知短路电流为

由公式，有

解得

电源效率最高时，滑动变阻器的阻值最大，由题图丙知电源的最大效率为由

解得

滑动变阻器的滑片在端时，分别对应三点。当输出功率达到最大时

此时路端电压为所以各点的坐标为分别为点

坐标为（）

点、点

所以点的坐标为（）；点的坐标为（）；点坐标为（）。

故B；D正确；A、C错误。

故选BD。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【详解】

[1][2][3]当滑动变阻器的滑片P由a向b滑动过程中，电路中的总电阻值先增大后减小，所以电路中总电流先减小后增大，即灯泡L1的亮度先变暗后变亮。当电路中总电流减小时，L1分担的电压减小，L2、L3及滑动变阻器分担的电压增大，滑动过程中L2与滑动变阻器上端的总阻值增大，所以通过L2灯的电流减小，L2灯将变暗，而L3灯与滑动变阻器下端的阻值减小，电流将增大，所以L3灯将变亮。同理电路中总电阻减小时，可知L2灯将继续变暗，L3灯将继续变亮。由上可知L1先变暗后变亮，L2一直变暗，L3一直变亮。【解析】先变暗后变亮一直变暗一直变亮16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]．先由右手螺旋定则可判定通电导线磁场的方向．如图所示；

“•”表示磁感线垂直纸面向外，“×”表示磁感线垂直纸面向里．所以第二、四象限磁场不可能为零，而第一、三象限可能为零；肯定不可能出现磁感强度为零的区域是Ⅱ、Ⅳ；可能出现磁感强度为零的区域是Ⅰ、Ⅲ．【解析】Ⅱ、Ⅳ；Ⅰ、Ⅲ17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）电容器的电容由电容器本身决定；所以放电后的电容器所带电荷量为零，电容不为零，故错误；

（2）电容器所带的电荷量是指任意一个极板所带电荷量；故错误；

（3）电容表示电容器容纳电荷的能力；在竖直上等于1V电压下极板所带的电荷量，故错误；

（4）电容器的电容由电容器本身决定；极板间的电压和电荷量无关，电容的大小等于电容器所带的电荷量与极板间的电压的比值，故错误；

（5）电容器的电容由电容器本身决定；极板间的电压和电荷量无关，电容的大小等于电容器所带的电荷量与极板间的电压的比值，故错误；

（6）公式只能计算平行板电容器的电容；故错误；

（7）将电介质插入平行板电容器时；电容器的电容将变大，故错误；

（8）任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体都能组成电容器；而且跟这两个导体是否带电无关，故正确；

（9）电容器任意一个极板上所加的都电压不能超过击穿电压，故错误。【解析】①.错误②.错误③.错误④.错误⑤.错误⑥.错误⑦.错误⑧.正确⑨.错误18、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的示数为

[2]螺旋测微器的示数为【解析】10.0254.48719、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】1.6×10－19C20、略

【分析】【详解】

[1]闭合电键K1后，K2置于a处，电压表示数U1，由闭合电路欧姆定律可得

电键K2从a拨动到b，稳定后电压表示数U2，由闭合电路欧姆定律可得

则U1>U2

[2]对于电源，当外电路的电阻等于内电阻时电源的输出功率最大，K2置于a处，滑动变阻器阻值逐渐增大时电源输出功率减小，则

将K2置于b处，变阻器阻值逐渐减小时电源输出功率减小，则

解得【解析】>[12Ω，18Ω]21、略

【分析】【分析】

第一次接触后小球带q；那大球还剩下（Q-q），则两球电荷是按q：（Q-q）的比例分配的，所谓小球可获得的最大电量，就是“小球电量达到多少时，再拿带电为Q的大球接触小球，二者就没有电子转移了”，q：（Q-q）这个比例就是两球之间可以到电子平衡，也就是没有电子转移的比例；

【详解】

第一次接触后小球带q；那大球还剩下（Q-q），则两球电荷是按q：（Q-q）的比例分配的，现给A球补充电荷，使其电荷量为Q

设此时小球可能获得的最大电量为则：

解得：．

【点睛】

该题的难点要掌握：导体的性质决定的二者间电荷比，第一次接触后的电荷比值，就是电场平衡时两者电荷的比值．【解析】；四、作图题(共4题，共28分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】23、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD24、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】25、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】五、实验题(共4题