2024年华东师大版必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华东师大版必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，材料相同，质量分别为M和m的两物体A和B靠在一起放在水平面上。用水平推力F向右推A使两物体一起向右加速运动时（图甲），A和B之间的作用力为F1，加速度为a1.用同样大小的水平推力F向左推B加速运动时（图乙），A和B之间的作用力为F2，加速度为a2。则说法正确的是（）

①F1：F2=1：1②F1：F2=m：M③a1：a2=M：m④a1：a2=1：1A.①④B.②③C.①③D.②④2、下列说法中正确的是（）A.质点运动位移的大小可能大于路程B.下午2点上课，2点45分下课，上课的时刻是45分钟C.速度是表示物体运动快慢的物理量，它既有大小又有方向，是矢量D.当研究一列火车全部通过桥所需的时间时，因为火车上各点的运动相同，所以可以把火车视为质点3、质量为1kg的质点，受水平恒力作用，由静止开始做匀加速直线运动，它在第t秒内的位移为x，则F的大小为()A.B.C.D.4、如图，斜面体a放置在水平地面上。一根跨过光滑定滑轮的轻绳，左侧平行斜面与斜面上的物块b相连，另一端与小球c相连，整个系统处于静止状态。现对c施加一水平力F，使小球缓慢上升一小段距离，整个过程中a、b保持静止状态。则该过程中（）

A.轻绳的拉力一定不变B.a、b间的摩擦力一定增大C.地面对a的摩擦力可能不变D.地面对a的弹力一定减小5、以北京长安街为坐标轴x，向东为正方向，以天安门中心所对的长安街中心为坐标原点O，建立一维坐标，一辆汽车最初在原点以东2km处，如果将坐标原点向西移5km，则这辆汽车的最初位置和最终位置分别是()A.5km，7kmB.2km，5kmC.2km，7kmD.3km，5km6、小球由空中某点自由下落，与地面相碰后，弹至某一高度，小球下落和弹起过程的速度图像如图所示，不计空气阻力，则下列说法正确的是（g=10m/s2）（）

A.小球弹起的高度为1.2mB.碰地前后速度变化量的大小是2m/sC.下落和弹起两个过程小球的加速度大小和方向均相同D.0～0.8s这段时间小球平均速度大小是2.125m/s7、如图所示为某质点做直线运动的图象，关于这个质点在内的运动情况；下列说法中正确的是（）

A.质点始终向同一方向运动B.加速度大小不变，方向与初速度方向相同C.内通过的路程为而位移为零D.末物体离出发点最远8、如图所示；水平桌面上平放着一副扑克牌，总共54张，每一张牌的质量都相等，牌与牌之间的动摩擦因数以及最下面一张牌与桌面之间的动摩擦因数也都相等，用手指以竖直向下的力按压第一张牌，并以一定的速度水平移动手指，将第一张牌从牌摞中水平移出（牌与手指之间相对无滑动），设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则（）

A.从第2张牌到第54张牌之间的牌不可能发生相对滑动B.从第2张牌到第54张牌之间的牌可能发生相对滑动C.第1张牌受到手指的摩擦力方向与手指的运动方向相反D.又第54张牌受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相同9、如图所示；点P位于倾角为37°的斜面底端Q的正上方22.5cm处·现从P点向斜面搭建一光滑倾斜直轨道，使小物块从P点由静止开始沿该轨道滑至斜面，g取10m/s2．则小物块滑至斜面的最短时间为。

A.0.1sB.0.2sC.0.3sD.0.4s评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图所示为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向同时开始运动的v－t图线；已知在第3s末两个物体在途中相遇，则。

A.A、B两物体在减速阶段的加速度大小之比为2∶1B.3s内物体A的平均速度比物体B的大C.A、B两物体是从同一地点出发D.t＝1s时，两物体第一次相遇11、如图甲所示，一质量为的长木板静止放在水平地面，木板的右端上有一质量为m2的物块。用水平向右的拉力F作用在长木板上，F随时间t的变化关系如图乙所示，其中分别为时刻F的大小。物块的加速度随时间t的变化关系如图丙所示。已知木板与地面间的动摩擦因数为物块与木板间的动摩擦因数为假设最大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加速度大小为g；则（）

A.B.C.D.12、如图所示，将两个相同的木块P、Q置于粗糙斜面上，P、Q中间有一处于压缩状态的弹簧，弹簧不与P、Q栓接。木块P受到一个沿斜面向下的恒定拉力F；P；Q均静止。下列说法正确的是（）

A.Q一定受到4个力的作用B.P一定受到5个力的作用C.只移去弹簧后Q可能会沿斜面上滑D.只移去弹簧后P所受摩擦力一定变小13、甲；乙两个物体从同一地点出发；在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图像如图所示，则（）

A.甲、乙两物体运动方向相同B.t=4s时，甲、乙两物体相遇C.在相遇前，甲、乙两物体的最远距离为18mD.在相遇前，甲、乙两物体的最远距离为20m14、一个做匀变速直线运动的物体先后经过A、B两点的速度分别为v1和v2，AB位移中点速度为v3，AB时间中点速度为v4，全程平均速度为v5，则下列结论正确的有（）A.物体经过AB位移中点的速度大小为B.物体经过AB位移中点的速度大小为C.若为匀减速直线运动，则v3＜D.在匀变速直线运动中一定有v3＞v4＝v515、如图所示；皮带运输机将物体匀速地送往高处，下列结论正确的是（）

A.物体受到与运动方向相同的摩擦力作用B.传送的速度越大，物体受到的摩擦力越大C.物体所受的摩擦力与传送的速度无关D.物体受到的静摩擦力为物体随皮带运输机上升的动力16、橡皮筋具有与弹簧类似的性质，如图所示，一条质量不计的橡皮筋竖直悬挂，劲度系数k＝100N/m，橡皮筋上端安装有拉力传感器。当下端悬挂一个钩码，静止时拉力传感器读数为10N，现将一个完全相同的钩码挂在第一个钩码的下方，无初速释放，取g＝10m/s2；橡皮筋始终处在弹性限度内，则（）

A.释放瞬间，拉力传感器的读数仍为10NB.释放瞬间，钩码间的弹力大小是10NC.拉力传感器的读数恒为20ND.钩码运动速度最大时下降的高度为10cm17、如图所示，足够长的木板置于光滑水平面上，倾角的斜劈放在木板上，一平行于斜面的细绳一端系在斜劈顶端，另一端拴接一可视为质点的小球，已知木板、斜劈、小球质量均为斜劈与木板之间的动摩擦因数为重力加速度现对木板施加一水平向右的拉力下列说法正确的是（）

A.若当时，木板相对斜劈向右运动B.若不论多大，小球均能和斜劈保持相对静止C.若当时，小球对斜劈的压力为0D.若当时，斜劈的加速度大小为18、斜面静止在粗糙水平地面上；一物块恰能沿斜面匀速下滑，现用一个竖直向下的恒力作用在物块上，如图所示，恒力过物块重心，则下列说法正确的是（）

A.物块将沿斜面加速下滑B.物块仍能保持匀速下滑C.地面对斜面的摩擦力变化D.地面对斜面的摩擦力不变评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)19、以40m/s的初速度自同一地点先后竖直向上抛出两小球，两球抛出的时间间隔为3s，第二个小球抛出t=_____s后与第一小球相遇，相遇时离地面高为h=_____m。20、加速度的测量。

（1）方法1：让小车做初速度为0的匀加速直线运动，用______测量小车移动的位移x，用______测量发生这段位移所用的时间t，然后由a＝计算出加速度a。

（2）方法2：由纸带根据公式Δx＝aT2；结合逐差法计算出小车的加速度。

（3）方法3：不直接测量加速度，求加速度之比，例如：让两个做初速度为0的匀加速直线运动的物体的运动时间t相等，测出各自的位移x1、x2，则＝______，把加速度的测量转换成______的测量。21、如图所示，将弹性小球以10m/s的速度从距地面2m处的A点竖直向下抛出，小球落地后竖直反弹经过距地面1.5m高的B点时，向上的速度为7m/s，从A到B，小球共用时0.3s，若规定向下为正方向，则小球的路程为_______m，速度变化量为_______m/s

22、物体以25m/s的初速度做竖直上抛运动，经过____s到达最高点，它在第三秒内的位移为_____m．（g取10m/s2）23、任何物体都保持___________或___________，直到___________迫使它改变这种状态为止。这就是___________定律，又叫___________。24、某同学做“研究匀变速直线运动”的实验，请在下面列出的实验器材中，选出本实验中不需要的器材填写在横线上（填字母序号）____：

a打点计时器b交流电源c直流电源d细绳和纸带f钩码和滑块g刻度尺h一端有滑轮的长木板．评卷人得分四、作图题(共2题，共10分)25、如图所示，粗糙的长方体木块A、B叠在一起，在B木板上施加水平外力F；使A；B一起向右匀速运动，试分别画出A、B的受力示意图。

26、画出图中物体所受的弹力示意图．

评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)27、利用如图甲所示装置做“探究加速度与力；质量的关系”实验。

（1）本装置中要用到打点计时器，如图乙所示是实验室常用的两种计时器，其中B装置用的电源是_____________（选填“直流”或“交流”）、__________（选填“4~6”或“220”）V的电源。

（2）如图丙所示是实验中按规范操作打出纸带的一部分。已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电上；每两个计数点之间还有四个点未画出，由该纸带可得：

①两点间的时间间隔T=_______________s；

②小车在G点的速度为v=__________

③小车运动的加速度为_____________（本空结果保留2位有效数字）评卷人得分六、解答题(共1题，共7分)28、如图所示将重为G的物体A放在倾角为37°的斜面上，A与斜面间的摩擦因数为0.1，那么对A施加一个可能多大的水平力，可使A物体保持静止状态？（设A物体受到的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，sin37°=0.6cos37°=0.8）

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

用水平推力F向右推A时，对整体由牛顿第二定律得F﹣μ（M+m）g=（M+m）a1

对于B由牛顿第二定律得F1﹣μmg=ma1

解得

用水平力F向左推B时，对AB整体由牛顿第二定律得F﹣μ（M+m）g＝（M+m）a2

对于A由牛顿第二定律得F2﹣μMg=Ma2

解得

所以Fl：F2=m：Ma1：a2=1：1

故②④正确。

故选D。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．质点的位移大小小于等于路程；不可能大于路程，选项A错误；

B．下午2点上课指时刻；2点45分下课指时刻，而上课的时间是45分钟，指时间间隔,选项B错误；

C．速度是表示物体运动快慢的物理呈；在数值上等于位移与时间的比值，方向与位移方向相同,是矢量,选项C正确；

D．当研究一列火车全部通过桥所需的时间时；火车的长度不能忽略不计，所以不能把火车视为质点，选项D错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

根据位移公式：得：．根据牛顿第二定律得，水平恒力为：故选A.

【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．4、D【分析】【详解】

A．对小球ｃ受力分析；如图所示：

三个力构成动态平衡，由图解法可知，绳的拉力逐渐增大，水平力F逐渐增大；故A错误；

B．对b物体分析，由于不知变化前b所受摩擦力方向，故绳的拉力增大时，b物体的滑动趋势无法确定，则a、b间的摩擦力可能增大或减小；故B错误；

CD．以a、b为整体分析；如图所示：

由平衡条件可得：

因绳的拉力变大，可知a与地间的摩擦力一定增大，地面对a的弹力一定减小；故C错误，D正确；

故选D。5、C【分析】【详解】

最初位置在原点的东方；距原点2km；坐标原点向西移5km后，最终位置还在原点以东，距离变7km；

A.5km；7km与分析不符，故A错误。

B.2km；5km与分析不符，故B错误。

C.2km；7km与分析相符，故C正确。

D.3km，5km与分析不符，故D错误。6、C【分析】【详解】

A．小球弹起的高度为

A错误；

B．碰地前后速度变化量的大小是

B错误；

C．下落和弹起两个过程小球的加速度大小分别为

方向均相同；都竖直向下，C正确；

D．0～0.8s这段时间小球平均速度大小是

D错误。

故选C。7、C【分析】【详解】

图象的斜率的大小表示质点运动的加速度大小，由于图象的斜率不变，所以质点运动的加速度不变，因此物体做匀变速直线运动，开始时速度方向与加速度方向相反，物体减速运动，时，物体速度减为零，然后物体反向加速运动，时，回到起始点，4s内通过的位移为零；由图可知4s内质点通过的路程为

故A；B、D错误；C正确；

故选C。8、A【分析】【分析】

【详解】

AB．设每张的质量为m，动摩擦因数为对第2张分析，它对第3张牌的压力等于上面两张的重力加手指的压力，最大静摩擦力

而受到的第1张牌的滑动摩擦力为

则第2张牌与第3张牌之间不发生相对滑动；同理，第3张到第54张牌也不发生相对滑动，A正确，B错误；

C．第1张牌相对于手指的运动趋势方向与手指的运动方向相反；则受到手指的静摩擦力与手指的运动方向相同，C错误；

D．对53张牌研究；处于静止状态，水平方向受到第1张牌的滑动摩擦力，方向与手指的运动方向相同，则根据平衡条件可知，第54张牌受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相反，D错误。

故选A。9、B【分析】【详解】

从P点向斜面引斜线，设与PQ的夹角为α，斜面长度为x，则由正弦定理：

物体在斜面上的加速度：

联立解得

由数学知识可知，当53°+α=90°时t有极小值tmin=0.2s；

故选B.二、多选题(共9题，共18分)10、A:D【分析】【详解】

A．图象的斜率表示加速度，则A在减速过程的加速度大小

B在减速过程的加速度大小

所以A、B两物体在减速阶段的加速度大小之比为2：1；故A项正确；

B．由图象的“面积”读出两物体在3s内B的位移大于A的位移，则B的平均速度大于A的平均速度；故B项错误；

C．由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等；而在第3s末两个物体相遇，可判断出两物体出发点不同，故C项错误；

D．由图象的“面积”表示位移可知，1-3s内B的位移

A的位移

且第3s末两个物体在途中相遇，所以t=1s时，两物体相遇，故D正确．11、B:C【分析】【详解】

AB．图丙可知，t1时物块和木板一起刚在从水平滑动，此时滑块与木板相对静止，木板刚要滑动，此时以整体为对象有

故A错误；B正确；

CD．图丙可知，t2滑块与木板刚要发生相对滑动，以整体为对象，根据牛顿第二定律，有

以物块为对象，根据牛顿第二定律，有

解得

故C正确；D错误；

故选BC。12、B:D【分析】【详解】

B．设木块质量为m，斜面倾角为对P受力分析如图。

则P受到重力；支持力、弹簧弹力、摩擦力、拉力五个力的作用；B正确；

A．Q受到的弹簧弹力沿斜面向上；若Q重力沿斜面向下的分力与弹簧弹力的大小相等，则Q不受摩擦力，所以Q可能受到重力；支持力、弹簧弹力三个力的作用，A错误；

C．只移去弹簧后Q受到的向上的弹力消失；Q不可能沿斜面上滑，C错误；

D．有弹簧时，正交分解P受到的重力，沿斜面方向受力平衡，有

只移去弹簧时，有

可知物块P受到的沿斜面向下的力变小；需要的摩擦力变小，故物块P仍然静止，D正确；

故选BD。13、A:D【分析】【详解】

A．由图可知；两物体的速度均沿正方向，故方向相同，A正确；

BCD．由图象可知，t=4s时，甲、乙两物体的速度相同，4s之前乙物体的速度比甲物体的速度大，两物体相距越来越远，4s后甲物体的速度大于乙物体的速度，两物体相距越来越近，故t=4s时两物体相距最远，最远距离

BC错误；D正确。

故选AD。14、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由题意可知，在匀变速直线运动中，物体经过AB位移中点的速度为v3＝

时间中点的速度为v4＝

A错误；B正确；

CD．全程的平均速度为v5＝

不论物体做匀加速直线运动还是做匀减速直线运动，都有v3＞v4＝v5

故C错误；D正确。

故选BD。15、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

物体随皮带运输机一起上升的过程中；物体具有相对于皮带下滑的趋势，受到沿皮带向上的摩擦力作用，是使物体向上运动的动力，其大小等于物体重力沿皮带向下的分力，与传送的速度大小无关。

故选ACD。16、A:D【分析】【详解】

AC．悬挂第二钩码释放瞬间；橡皮筋的长度还没变化，由胡克定律知，橡皮筋的拉力大小不变，拉力传感器的读数仍为10N，A正确，C错误；

B．悬挂一个钩码静止时二力平衡，由平衡条件得F=mg

得钩码的质量

悬挂第二个钩码的瞬间，橡皮筋的弹力不变，两个钩码具有相同的加速度，取钩码为整体，由牛顿第二定律得2ma=2mg−F

解得a=5m/s2

取第二个钩码为研究对象，由牛顿第二定律得ma=mg−F1F1=5N

B错误；

D．设悬挂一个钩码稳定时橡皮筋的伸长量是x1，则有kx1=G

悬挂第二个钩码后，当钩码运动速度最大时，钩码受力平衡，设此时又伸长x2，则有k(x1+x2)=2G

代入数据可得x2=10cm

D正确。

故选AD。17、B:D【分析】【详解】

A．若μ=0.2，当F=4N时，假设板、斜劈、球三者相对静止，则对板、斜劈、球构成的系统，有

可得

对斜劈和球构成的系统，若斜劈与板之间的摩擦力达到最大静摩擦力，有

得

故假设成立；可知此时木板相对于斜劈静止，故A错误；

B．若μ=0.5，假设斜劈与球保持相对静止，则对斜劈与球构成的系统，最大加速度为

当球刚好要离开斜劈时，受到重力和绳子拉力作用，有

得

可知此情况下不论F多大；小球均能和斜劈保持相对静止，故B正确；

D．若μ=0.8，假设板、球和斜劈相对静止，则球和斜劈构成的系统能够获得的最大加速度为

此时对板、球和斜劈构成的系统，有

故当时，斜劈的加速度大小为故D正确；

C．当球刚好要离开斜劈时，假设板、球和斜劈相对静止，有

此时拉力小于临界拉力，假设成立，故当F=22.5N时；小球对斜劈的压力才开始为0，故C错误。

故选BD。18、B:D【分析】【详解】

AB．斜面静止在粗糙水平地面上；一物块恰能沿斜面匀速下滑时，对物块。

由平衡条件可得

解得

施加一个竖直向下的恒力后；对物块。

以沿斜面向下为正

联立可得；沿斜面方向合力仍为0，即物块仍然处于平衡状态，A错误，B正确；

CD．由于物块始终处于平衡状态；对斜面和物块系统受力分析可得，水平方向不受外力，即斜面与水平地面间始终没有摩擦力，C错误，D正确。

故选BD。三、填空题(共6题，共12分)19、略

【分析】【详解】

[1][2]设第二个小球抛出秒后，两个小球相遇，根据竖直上抛规律可得

代入解得

相遇时离地的高度为

代入数据解得【解析】2.58.7520、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】刻度尺秒表位移21、略

【分析】【详解】

[1][2]小球的路程为：s=2m+1.5m=3.5m；设速度向下为正，则速度变化量△v=-7-10=-17m/s，负号说明速度变化方向竖直向上．【解析】3.5-1722、略

【分析】【详解】

到达最高点的时间：；

第2s末的速度：