2024-2025学年高中数学第三章三角恒等变换3.2.1两角差的余弦函数2.2两角和与差的正弦余弦函数学案含解析北师大版必修4_第1页
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文档简介

PAGE2两角和与差的三角函数2.1两角差的余弦函数2.2两角和与差的正弦、余弦函数考纲定位重难突破1.会用向量的数量积推导出两角差的余弦公式.2.能利用两角差的余弦公式导出两角差的正弦公式,两角和的正弦、余弦公式.3.会利用公式解决简洁的化简求值问题.重点:两角和与差的正弦、余弦函数.难点:应用公式进行简洁的恒等变换.授课提示:对应学生用书第59页[自主梳理]1.两角和与差的余弦公式Cα-β:cos(α-β)=cos_αcos_β+sin_αsin_β.Cα+β:cos(α+β)=cos_αcos_β-sin_αsin_β.2.两角和与差的正弦公式Sα+β:sin(α+β)=sin_αcos_β+cos_αsin_β.Sα-β:sin(α-β)=sin_αcos_β-cos_αsin_β.[双基自测]1.计算sin69°cos9°-cos69°sin9°的结果等于()A.eq\f(1,2) B.eq\f(\r(3),3)C.eq\f(\r(2),2) D.eq\f(\r(3),2)解析:原式=sin(69°-9°)=sin60°=eq\f(\r(3),2).答案:D2.coseq\f(π,12)coseq\f(π,6)-sineq\f(π,12)sineq\f(π,6)=()A.eq\f(1,2) B.eq\f(\r(2),2)C.eq\f(\r(3),2) D.1解析:coseq\f(π,12)coseq\f(π,6)-sineq\f(π,12)sineq\f(π,6)=cos(eq\f(π,12)+eq\f(π,6))=coseq\f(π,4)=eq\f(\r(2),2),故选B.答案:B3.cos15°=________.解析:cos15°=cos(45°-30°)=cos45°cos30°+sin45°sin30°=eq\f(\r(2),2)×eq\f(\r(3),2)+eq\f(\r(2),2)×eq\f(1,2)=eq\f(\r(6)+\r(2),4).答案:eq\f(\r(6)+\r(2),4)授课提示:对应学生用书第60页探究一给角求值[典例1]求值:(1)sin15°+cos15°;(2)sin119°sin181°-sin91°sin29°.[解析](1)解法一sin15°+cos15°=sin(45°-30°)+cos(45°-30°)=sin45°cos30°-cos45°sin30°+cos45°cos30°+sin45°sin30°=eq\f(\r(2),2)×eq\f(\r(3),2)-eq\f(\r(2),2)×eq\f(1,2)+eq\f(\r(2),2)×eq\f(\r(3),2)+eq\f(\r(2),2)×eq\f(1,2)=eq\f(\r(6),2).解法二sin15°+cos15°=eq\r(2)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(\r(2),2)·sin15°+\f(\r(2),2)·cos15°))=eq\r(2)sin(15°+45°)=eq\r(2)sin60°=eq\f(\r(6),2).(2)原式=sin(29°+90°)sin(1°+180°)-sin(1°+90°)sin29°=cos29°(-sin1°)-cos1°sin29°=-(sin29°cos1°+cos29°sin1°)=-sin(29°+1°)=-sin30°=-eq\f(1,2).解此类题的关键是将非特别角向特别角转化,充分利用拆角、凑角的技巧转化为和、差角的正弦、余弦公式的形式,同时留意活用、逆用公式,“大角”利用诱导公式化为“小角”.1.化简求值.(1)cos(x+27°)cos(x-18°)+sin(x+27°)sin(x-18°);(2)sin14°cos16°+sin76°cos74°;(3)求eq\f(sin47°-sin17°cos30°,cos17°)的值.解析:(1)原式=cos[(x+27°)-(x-18°)]=cos45°=eq\f(\r(2),2).(2)原式=sin14°cos16°+sin(90°-14°)cos(90°-16°)=sin14°cos16°+cos14°sin16°=sin(14°+16°)=sin30°=eq\f(1,2).(3)原式=eq\f(sin30°+17°-sin17°cos30°,cos17°)=eq\f(sin30°cos17°+cos30°sin17°-sin17°cos30°,cos17°)=eq\f(sin30°cos17°,cos17°)=eq\f(1,2).探究二给值求值[典例2]已知eq\f(π,2)<β<α<eq\f(3π,4),cos(α-β)=eq\f(12,13),sin(α+β)=-eq\f(3,5).求sin2α的值.[解析]∵eq\f(π,2)<β<α<eq\f(3π,4),∴0<α-β<eq\f(π,4),π<α+β<eq\f(3π,2).∴sin(α-β)=eq\r(1-cos2α-β)=eq\f(5,13),cos(α+β)=-eq\r(1-sin2α+β)=-eq\f(4,5).∴sin2α=sin[(α-β)+(α+β)]=sin(α-β)cos(α+β)+cos(α-β)sin(α+β)=eq\f(5,13)×(-eq\f(4,5))+eq\f(12,13)×(-eq\f(3,5))=-eq\f(56,65).1.给值求值问题主要有两类:一是干脆利用公式绽开后求值.二是变角求值.即将问题中的角表示成已知角的和或差整体求值.在计算中要留意依据角的取值范围确定三角函数值的符号.2.常见的变角技巧:2α=(α+β)+(α-β),2β=(α+β)-(α-β),α=(α+β)-β,β=(α+β)-α等.2.已知α,β为锐角,且sinα=eq\f(4\r(3),7),cos(α+β)=-eq\f(11,14),求cosβ的值.解析:∵α为锐角,且sinα=eq\f(4\r(3),7),∴cosα=eq\r(1-sin2α)=eq\r(1-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(4\r(3),7)))2)=eq\f(1,7).又∵α,β为锐角,cos(α+β)=-eq\f(11,14),∴eq\f(π,2)<α+β<π,sin(α+β)=eq\r(1-cos2α+β)=eq\r(1-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(-\f(11,14)))2)=eq\f(5\r(3),14).∴cosβ=cos[(α+β)-α]=cos(α+β)cosα+sin(α+β)sinα=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(-\f(11,14)))×eq\f(1,7)+eq\f(5\r(3),14)×eq\f(4\r(3),7)=eq\f(1,2).探究三给值求角[典例3]已知α∈(0,eq\f(π,2)),β∈(-eq\f(π,2),0)且cos(α-β)=eq\f(3,5),sinβ=-eq\f(\r(2),10),求α.[解析]∵α∈(0,eq\f(π,2)),β∈(-eq\f(π,2),0),∴α-β∈(0,π).∵cos(α-β)=eq\f(3,5),∴sin(α-β)=eq\f(4,5).∵β∈(-eq\f(π,2),0),sinβ=-eq\f(\r(2),10),∴cosβ=eq\f(7\r(2),10).∴sinα=sin[(α-β)+β]=sin(α-β)cosβ+cos(α-β)sinβ=eq\f(4,5)×eq\f(7\r(2),10)+eq\f(3,5)×(eq\f(-\r(2),10))=eq\f(\r(2),2).又∵α∈(0,eq\f(π,2)),∴α=eq\f(π,4).1.解答此类题目的步骤为:第一步,求角的某一个三角函数值;其次步,确定角所在的范围;第三步,依据角的取值范围写出所求的角.至于选取角的哪一个三角函数值,应依据所求角的取值范围确定,最好是角的取值范围在该函数的单调区间内.2.选择求角的三角函数值的方法:若角的取值范围是(0,eq\f(π,2)),则选正弦函数、余弦函数均可;若角的取值范围是(-eq\f(π,2),eq\f(π,2)),则选正弦函数;若角的取值范围是(0,π),则选余弦函数.3.已知函数f(x)=-cos2xcoseq\f(5π,4)+sin2xsineq\f(9π,4).(1)求函数f(x)的最小正周期;(2)若eq\f(π,8)<α<β<eq\f(π,2),f(α)=eq\f(\r(2)+\r(6),4),且f(β)=eq\f(\r(6)-\r(2),4),求角2β-2α的大小.解析:(1)因为f(x)=-cos2xcoseq\f(5π,4)+sin2xsineq\f(9π,4),所以f(x)=cos2xcoseq\f(π,4)+sin2xsineq\f(π,4)=cos(2x-eq\f(π,4)),所以函数f(x)的最小正周期T=eq\f(2π,2)=π.(2)因为f(α)=eq\f(\r(2)+\r(6),4),且f(β)=eq\f(\r(6)-\r(2),4),所以cos(2α-eq\f(π,4))=eq\f(\r(2)+\r(6),4),cos(2β-eq\f(π,4))=eq\f(\r(6)-\r(2),4).又eq\f(π,8)<α<β<eq\f(π,2),所以2α-eq\f(π,4),2β-eq\f(π,4)∈(0,eq\f(3π,4)),所以sin(2α-eq\f(π,4))=eq\r(1-cos22α-\f(π,4))=eq\f(\r(6)-\r(2),4),sin(2β-eq\f(π,4))=eq\r(1-cos22β-\f(π,4))=eq\f(\r(6)+\r(2),4),所以cos(2β-2α)=cos[(2β-eq\f(π,4))-(2α-eq\f(π,4))]=cos(2β-eq\f(π,4))·cos(2α-eq\f(π,4))+sin(2β-eq\f(π,4))sin(2α-eq\f(π,4))=eq\f(\r(6)-\r(2),4)×eq\f(\r(6)+\r(2),4)+eq\f(\r(6)+\r(2),4)×eq\f(\r(6)-\r(2),4)=eq\f(1,2).又eq\f(π,8)<α<β<eq\f(π,2),所以0<2β-2α<eq\f(3π,4),所以2β-2α=eq\f(π,3).整体思想的应用[典例]已知sinαcosβ=-eq\f(1,2),则cosαsinβ的取值范围是()A.eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(-1,\f(1,2))) B.eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(-\f(1,2),1))C.eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(-\f(3,4),\f(3,4))) D.eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(-\f(1,2),\f(1,2)))[解析]设cosαsinβ=t,由sinαcosβ+cosαsinβ=-eq\f(1,2)+t,得sin(α+β)=-eq\f(1,2)+t;由sinαcosβ-cosαsinβ=-eq\f(1,2)-t,得sin(α-β)=-eq\f(1,2)-t.联立eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(sinα+β=-\f(1,2)+t,,sinα-β=-\f(1,2)-t,))得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(\b\lc\|\rc

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