2025年沪科版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图为跳水运动员从起跳到落水过程的示意图；运动员从最高点到入水前的运动过程记为I，运动员入水后到最低点的运动过程记为II，忽略空气阻力，则运动员。

A.过程I的动量改变量等于零B.过程II的动量改变量等于零C.过程I的动量改变量等于重力的冲量D.过程II的动量改变量等于重力的冲量2、一阻值为10Ω的定值电阻，通有0.5A的恒定电流，10s内产生的热量为（）A.2.5JB.5JC.25JD.50J3、一定质量的理想气体由状态经状态最终到状态的过程中；气体的密度（）

A.一直变小B.一直变大C.先变小后变大D.先变大后变小4、法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图如图所示．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，a、b为导线；逆时针转动铜盘，就可以使灯泡亮起的，则下列说法正确的是（）

A.回路中电流大小恒定B.回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C.回路中有大小和方向作周期性变化的电流D.若垂直穿过铜盘的磁场的磁感应强度按正弦规律变化，不转动铜盘，灯泡中也会有电流5、如图甲所示的是工业上探测物件表面层内部是否存在缺陷的涡流探伤技术.其原理是用载流线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变，从而获得物件内部是否断裂及其位置的信息.如图乙所示的是一个带铁芯的线圈开关S和电源用导线连接起来的跳环实验装置，将一个套环置于线圈上且使铁芯穿过其中，闭合开关S的瞬间，套环将立刻跳起.对以上两个实例的理解正确的是（）

A.涡流探伤技术运用了互感原理，跳环实验演示了自感现象B.能被探测的物件和实验所用的套环必须是导电材料C.以上两个实例中的线圈所连接的电源都必须是变化的交流电源D.以上两个实例中的线圈所边境的电源也可以都是稳恒电源6、图甲所示电路中，为相同的电流表，C为电容器，电阻的阻值相同，线圈L的电阻不计．在某段时间内理想变压器原线圈内磁场的变化如图乙所示，则在时间内。

A.电流表的示数比的小B.电流表的示数比的小C.电流表和的示数相同D.电流表的示数都不为零7、如图所示；带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是()

A.粒子带正电B.粒子在A点加速度大C.粒子在B点动能大D.B两点相比，粒子在B点电势能较高8、当波源远离观测者时，观测者所接收到的频率f'和波源振动的频率f的关系为A.f'=fB.f'＜fC.f'＞fD.无法确定评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、下列说法正确的是（）A.当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小B.饱和汽的压强一定大于非饱和汽的压强C.温度总是从分子平均动能大的物体向分子平均动能小的物体转移E.干湿泡温度计的干泡与湿泡的示数差越小，则相对湿度越大，人感觉潮湿E.干湿泡温度计的干泡与湿泡的示数差越小，则相对湿度越大，人感觉潮湿10、下列说法正确的是（）A.物体的温度变化时，其内能一定随之变化B.载重汽车卸去货物的过程中，外界对汽车轮胎内气体做负功C.机械能可以全部转化为内能，而内能无法全部用来做功以转化成机械能E.气体的摩尔质量为M，分子质量为m，若1摩尔该气体的体积为V，则该气体单位体积内的分子数为E.气体的摩尔质量为M，分子质量为m，若1摩尔该气体的体积为V，则该气体单位体积内的分子数为11、以下说法正确的是________。A.当两个相邻的分子间距离为r0时，它们间的引力和斥力都为零B.物体做加速运动时速度越来越大，物体内分子的平均动能不一定越来越大C.科技再发达，也不可能利用高科技手段将散失在环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化E.气体能够充满整个容器，说明气体分子间的斥力很大E.气体能够充满整个容器，说明气体分子间的斥力很大12、如图所示，一束由两种单色光混合的复色光沿PO方向射向一上；下表面平行的厚玻璃平面镜的上表面；得到三束光Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ。下列有关这三束光的判断正确的是（）

A.光束Ⅰ仍为复色光，光束Ⅱ、Ⅲ为单色光B.光束Ⅱ在玻璃中的传播速度比光束Ⅲ小C.增大α角且α<90°，光束Ⅱ、Ⅲ会远离光束ⅠD.改变α角且α<90°，光束Ⅱ、Ⅲ一定与光束Ⅰ平行13、通有电流的导线处在同一平面（纸面）内，放置方式及电流方向如图甲、乙所示，其中是固定的，可绕垂直纸面的中心轴转动，则下列判定正确的是（）

A.绕轴按顺时针转动B.绕轴按逆时针转动C.绕轴按顺时针转动D.绕轴按逆时针转动14、如图所示，两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离r的变化关系，e为两曲线的交点。下列说法正确的是（）

A.cd为斥力曲线，ab为引力曲线B.分子间距离减小，分子力一定增大C.当r＝re时，分子势能最小D.re等于气体分子间的平均距离15、氢原子的能级如图所示；已知可见光的光子能量范围约为1.62～3.11eV．下列说法正确的是()

A.一个处于n＝3能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可能发出3种不同频率的光B.大量氢原子从高能级向n＝3能级跃迁时，可能发出可见光C.处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离D.大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出6种不同频率的光16、如图所示的电路中，E为电源，其内电阻为r，V为理想电压表，L为阻值恒为2r的小灯泡，定值电阻R1的阻值恒为r，R3为半导体材料制成的光敏电阻，电容器两极板处于水平状态，闭合开关S，电容器中心P点有一带电小球处于静止状态；电源负极接地，则下列说法正确的是（）

A.若将的滑片上移，则电压表的示数变小B.若突然将电容器上极板上移，则小球在P点电势能增加C.若光照变强，则油滴会向上运动D.若光照变强，则AB间电路的功率变大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、麦克斯韦电磁场理论的两个基本论点是：变化的磁场产生________，变化的电场产生_________，从而预言了__________的存在。18、在电解液中，(1)若5s内沿相反方向通过某截面的正、负离子的电荷量均为5C，则电解液中的电流为_______A；(2)若5s内到达阳极的负离子和到达阴极的正离子均为5C，则电流为_______A．19、A、B、C、D、E、F分别是正六边形的六个顶点，各顶点到正六边形中心O的距离为a，现只在F处放一电量为-Q的点电荷，则中心O处的电场强度的大小为____；若再在A、B、C、D、E处各放一电量为+Q的点电荷，则中心O处的电场强度的大小变为____。

20、如图为简易测温装置，玻璃管中一小段水银封闭了烧瓶内一定质量的气体，当外界温度升高时，瓶内气体的密度_____________（选填“不变”“增大”或“减小”），瓶内气体分子的平均动能________（选填“增大”或“减小”）。

21、泡泡鱼游戏中，泡泡鱼吐出了一个泡泡，捉住了一条大宝鱼。若将泡泡内的气体视为理想气体，泡泡鱼吐出的泡泡上浮一段时间后到达大宝鱼所在位置，海水的温度不变，则在泡泡上浮的过程中，泡泡内的气体对外界做__________（填“正”或“负”）功，气体__________（填“从外界吸收热量”或“向外界放出热量”）。22、图为某同学改装的毫安表的电路图；其中虚线框内是毫安表的改装电路。

已知毫安表表头的内阻为100Ω，满偏电流为1mA，R1和R2为阻值固定的电阻，若使用a和b两个接线柱，电表量程为3mA：若使用a和c两个接线拄，电表量程为10mA，由题给条件和数据，可以求出R1=___Ω，R2=_______Ω。23、【小题1】警车向路上的车辆发射频率已知的超声波，同时探测反射波的频率。下列说法正确的是_______。(填入正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分：有选错的得0分)。A．车辆匀速驶向停在路边的警车，警车探测到的反射波频率增高B．车辆匀速驶离停在路边的警车，警车探测到的反射波频率降低C．警车匀速驶向停在路边的汽车，探测到的反射波频率降低D．警车匀速驶离停在路边的汽车，探测到的反射波频率不变【小题2】如图，由透明介质构成的半球壳的内外表面半径分别为R和R。一横截面半径为R的平行光束入射到半球壳内表面，入射方向与半球壳的对称轴平行，所有的入射光线都能从半球壳的外表面射出。已知透明介质的折射率为n=求半球壳外表面上有光线射出区域的圆形边界的半径。不考虑多次反射。评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)27、用单摆测定重力加速度的实验装置如图所示。

①组装单摆时，应在下列器材中选用________（选填选项前的字母）。

A.长度为左右的细线B.长度为左右的细线。

C.直径为的塑料球D.直径为的铁球。

②下表表示某同学记录的3组实验数据；并做了部分计算处理。

。组次123摆长80.0090.00100.0050次全振动时间90.095.5100.5振动周期1.801.91重力加速度9.749.73请计算出第3组实验中的_______s，______28、某同学在进行电阻测量时，需要将一块满偏电流为阻值为的小量程电流表改装成量程为的电压表，则需要选择一个阻值为__________的电阻与这一电流表__________（选填“串”、“并”）联．29、晓明同学在实验过程中需改装一电流表，现有一小量程电流表内阻Rg＝200Ω，满偏电流Ig＝20mA，现在需改装成0-0.1A和0-1A的两个量程的电流表（如图甲），此电流表公用一负接线柱，通过选择不同的正接线柱改变量程，改装电路如图乙所示，其中a接线柱应该标注量程为______（选填“0-0.1A”或“0-1A”）．通过计算，晓明认为需接入R1=______Ω和R2=________Ω.

甲乙30、某同学组装一个多用电表．可用的器材有：微安表头（量程100内阻900）；电阻箱R1（阻值范围0999.9）；电阻箱R2（阻值范围099999.9）；导线若干；要求利用所给器材先组装一个量程为1mA的直流电流表，在此基础上再将它改装成量程为3V的直流电压表．组装好的多用电表有电流1mA和电压3V两挡，回答下列问题：

（1）在虚线框内画出电路图并标出R1和R2，其中为公共接线柱，a和b分别是电流挡和电压挡的接线柱___________．

（2）电阻箱的阻值_____________R2=____________（保留到个位）评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)31、如图为电磁驱动与阻尼模型，在水平面上有两根足够长的平行轨道PQ和MN，左端接有阻值为R的定值电阻，其间有垂直轨道平面的磁感应强度为B的匀强磁场，两轨道间距及磁场宽度均为L．质量为m的金属棒ab静置于导轨上，当磁场沿轨道向右运动的速度为v时，棒ab恰好滑动．棒运动过程始终在磁场范围内；并与轨道垂直且接触良好，轨道和棒电阻均不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．

（1）判断棒ab刚要滑动时棒中的感应电流方向，并求此时棒所受的摩擦力f大小；

（2）若磁场不动，将棒ab以水平初速度2v运动，经过时间停止运动，求棒ab运动位移x及回路中产生的焦耳热Q；

（3）若t=0时棒ab静止，而磁场从静止开始以加速度a做匀加速运动，下列关于棒ab运动的速度时间图像哪个可能是正确的？请分析说明棒各阶段的运动情况．32、如图所示，在平面内轴与MN边界之间有沿轴负方向的匀强电场，轴左侧和MN边界右侧的空间有垂直纸面向里、磁感应强度大小相等的匀强磁场，MN边界与轴平行且间距保持不变．t=0时刻，一质量为m、电荷量为－q的粒子以速度v0从坐标原点O沿轴负方向射入磁场，每次经过磁场的时间均为t0；粒子重力不计．

求：(1)求磁感应强度的大小B；

(2)若t＝5t0时粒子回到原点O，求电场区域的宽度d和此时的电场强度E0；

(3)若带电粒子能够回到原点O，则电场强度E的大小应满足什么条件？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

分析两个过程中运动员速度的变化；受力情况等；由此确定动量的变化是否为零。

【详解】

AC．过程I中动量改变量等于重力的冲量；即为mgt，不为零，故A错误，C正确；

B．运动员进入水前的速度不为零；末速度为零，过程II的动量改变量不等于零，故B错误；

D．过程II的动量改变量等于合外力的冲量，不等于重力的冲量，故D错误。2、C【分析】【分析】

【详解】

根据焦耳定律可知。

Q=I2Rt=0.52×10×10J=25J故选C。3、A【分析】【详解】

从状态A到状态B为等压变化过程，根据气体状态方程

可知温度升高；则体积变大，气体的密度变小。

从状态B到状态C为等温变化过程，根据气体状态方程

可知压强变小，则体积变大，气体的密度变小，故由状态经状态最终到状态的过程中；气体的密度一直在减小，故A正确，BCD错误。

故选A。4、B【分析】【详解】

铜盘转动产生的感应电动势为B、L不变，但是ω可能变化，E可能变化，根据欧姆定律得电流不一定恒定不变，故A错误．根据右手定则判断，回路中电流方向不变，从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘．故B正确，C错误．垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，铜盘中产生涡旋电场，但a、b间无电势差，灯泡中没有电流流过．故D错误．5、B【分析】【详解】

涡流探伤技术其原理是用载流线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变；跳环实验演示了电磁感应现象，故A错误.无论是涡流探伤技术，还是演示电磁感应现象，都需要产生感应电流，而感应电流产生的条件之一是在导电材料内，故B正确.涡流探伤时，是探测器中通过交变电流产生变化的磁场，当导体、物体处于该磁场中时，该导体、物体中会感应出涡流；演示电磁感应现象的实验中，线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动，故C、D错误.6、C【分析】【详解】

试题分析：原线圈中磁场如乙图所示变化，则副线圈中的磁通量均匀变化，故副线圈中产生恒定的电流，因线圈电阻不计，故线圈L对恒定电流没有阻碍作用，所以电流表A1和A2的读数相同，而电容器“通交隔直”，所以电流表A3的读数为0．只有C正确；故选C．

考点：电磁感应；电感器和电容器．

【名师点睛】由图可知副线圈电路中的磁通量的变化情况，则由电磁感应可得出产生的感应电流；根据电容器及电感器的性质可得出各表的电流大小．7、D【分析】【分析】

电场线的疏密表示电场强度的强弱；电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．

【详解】

根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧；所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电．故A错误；由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小．故B错误；粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，即粒子在A点动能大，B点的电势能大，故C错误D正确。

【点睛】

电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．8、B【分析】【详解】

f由波源每秒钟所振动的次数决定,介质振动的频率由波源频率及波源相对介质是否移动来决定,当观察者远离波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小,即f'＜f.故ACD错误,B正确.

故选B

【点睛】

利用多普勒效应分析即可,当观察者远离波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小;当观察者靠近波源过程中,观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率大.二、多选题(共8题，共16分)9、A:D:E【分析】【详解】

A．当分子间的引力和斥力平衡时；分子力为0，如果分子间距离改变，则都需要克服分子力做功，所以分子势能都增大，则A正确；

B．相同温度；相同液体；饱和汽的压强大于末饱和汽的压强，但不同温度、液体不一定，故B错误；

C．热量总是从高温物体向低温物体转移；而且温度是分子平均动能的标志，温度越高分子平均动能越大，所以C错误；

D．一定量的水蒸发为同温度的水蒸气；体积增大，对外做功，根据热力学第一定律可知，吸收的热量大于其增加的内能，所以D正确；

E．干湿泡湿度计的湿泡温度计与干泡温度计的示数差距越大；说明湿泡的蒸发非常快，空气的相对湿度越小，即水蒸气的实际压强；绝对湿度离饱和程度越远，干湿泡温度计的干泡与湿泡的示数差越小，则相对湿度越大，人感觉潮湿，所以E正确；

故选ADE。10、B:C:E【分析】【详解】

A．影响物体内能的因素有多个；温度变化，分子平均动能会变化，但内能不一定变化，A错误；

B．卸去货物过程；轮胎内的气体体积增大，则外界对气体做负功，B正确；

C．机械能可以全部转化为内能；而内能无法全部用来做功以转化成机械能，C正确；

D．压强不变；温度降低，则分子平均动能减小，则撞击力度减小，则只有增加对器壁单位面积平均碰撞次数，D错误；

E．阿伏伽德罗常数

单位体积内气体的物质的量

则该气体单位体积内的分子数为

E正确。

故选BCE。11、B:C:D【分析】【详解】

A．当两个相邻的分子间距离为r0时；它们间相互作用的引力和斥力大小相等，分子间作用力表现为零，A错误；

B．物体内分子的平均动能仅由温度决定；与物体运动的快慢无关，B正确；

C．能量转化具有方向性；因此不可能将散失在环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化，C正确；

D．轮胎爆裂的一瞬间；气体膨胀对外做功，来不及发生热交换，因此气体的内能减少，温度降低，D正确；

E．气体分子间距离很大；几乎没有相互作用力，分子散开是分子无规则运动的结果，E错误．

故选BCD。12、A:B:D【分析】【详解】

A．由题意画出如图所示的光路图；可知光束Ⅰ是反射光线，所以仍是复色光，而光束Ⅱ；Ⅲ由于折射率的不同导致偏折分离，所以光束Ⅱ、Ⅲ是单色光，故A正确；

B．由于光束Ⅱ的偏折程度大于光束Ⅲ，所以玻璃对光束Ⅱ的折射率大于对光束Ⅲ的折射率，根据v＝可知；光束Ⅱ在玻璃中的传播速度比光束Ⅲ小，故B正确；

C．当增大α角且α<90°；即入射角减小时，光束Ⅱ；Ⅲ会靠近光束Ⅰ，故C错误；

D．因为厚玻璃平面镜的上下表面是平行的，根据光的入射角与反射角相等以及光的可逆性，可知改变α角且α<90°；光束Ⅱ；Ⅲ一定与光束Ⅰ平行，故D正确。

故选ABD。13、B:C【分析】【详解】

AB.图甲中，根据安培定则可知，导线产生磁场方向；上方的磁场方向垂直纸面向外，离导线。

越远，磁场越弱，由左手定则可知，通电导线处于垂直纸面向外的磁场，且越靠近安。

培力越强，从而出现绕轴O按逆时针方向转动；故B正确，A错误；

CD.图乙中O点上方导线所受安培力向右，O点下方导线所受安培力向左，即绕轴O按。

顺时针转动，故C正确，D错误．14、A:C【分析】【详解】

A.由图可知re为分子间的平衡距离，分子间距小于re时；斥力大于引力，故A正确；

B.分子间距小于re时，分子间距离减小，分子力增大，分子间距大于re时；分子间距离减小时，分子力可能减小，可能增大，也可能先减小后增大，故B错误；

C.分子间距从无穷远处到re时，分子力表现为引力，分子力做正功，分子势能减小，分子间距继续减小时，分子力表现为斥力，分子力做负功，分子势能增大，故r＝re时；分子势能最小，故C正确；

D.气体分子间空隙较大，平均距离远大于re，故D错误.15、C:D【分析】【详解】

一个处于n＝3能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可能发出2种不同频率的光，即3→2,2→1，选项A错误；氢原子从高能级向n=3能级跃迁时发出的光子能量小于1.51eV，不在1.62eV到3.11eV之间，一定全是不可见光，故B错误．紫外线的光子能量大于3.11eV，则处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离，选项C正确；大量处于n=4能级的氢原子跃迁到基态的过程中可以释放出＝6种频率的光子；故D正确；故选CD．

点睛：本题考查氢原子的波尔理论，解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，即Em-En=hv，并能灵活运用；注意“一个氢原子”和“大量氢原子”跃迁产生光子的种数的计算方法不同．16、B:D【分析】【详解】

A、由于电路稳定时，R2相当于导线，所以将R2的滑片上移时；电压表的示数不变，故A错误；

B、若突然将电容器上极板上移，电容器板间电压不变，板间场强减小，由U=Ed知，P点与下极板间的电势差减小，而下极板的电势为零，所以P点电势降低，由于液滴带负电，所以小球在P点电势能增加。故B正确。

C、若光照变强，光敏电阻R3减小，通过小灯泡的电流变大，电容器两端电压为：U=E-I（r+R1），I变大，则U变小，即电容器两板间的电压变小，场强变小，油滴所受的电场力变小，因此油滴P要向下极板运动；故C错误；

D、根据当外电阻等于内电阻时，此时电源输出功率最大，将R1看成电源的内阻，由于等效电源的外电阻大于内电阻，外电阻变小，所以等效电源的输出功率变大，即AB间电路的功率逐渐变大，故D正确。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【详解】

麦克斯韦建立了电磁场理论：变化的电场周围产生磁场，变化的磁场周围产生电场；并预言了电磁波的存在，而赫兹用实验证实电磁波存在。【解析】电场磁场电磁波18、略

【分析】【详解】

(1)[1]若5s内沿相反方向通过某截面的正、负离子的电荷量均为5C，则电解液中的电流

(2)[2]若5s内到达阳极的负离子为5C，则电流【解析】2119、略

【分析】【分析】

根据电场强度的叠加原理和点电荷场强公式求解。

【详解】

[1]根据点电荷场强公式得：只在F处放一电量为-Q的点电荷，则中心O处的电场强度的大小

[2]若再在A、B、C、D、E处各放一电量为+Q的点电荷，根据电场强度的叠加原理得B和E的叠加后场强为零，A和D的叠加后场强为零，所以中心O处的电场强度的大小等于F和C的场强叠加，即

【点睛】

本题运用电场强度的叠加，及几何图形的对称性来结合求解。【解析】20、略

【分析】【详解】

[1][2]当外界温度升高时，瓶内气体体积增大，质量不变，瓶内气体的密度减小；由于热传递，瓶内气体温度升高，瓶内气体分子的平均动能增大。【解析】减小增大21、略

【分析】【详解】

[1]在泡泡上浮的过程中；泡泡内的气体的压强减小，根据玻意耳定律可知，该过程中泡泡内的气体的体积增大，气体对外界做功。

[2]由于泡泡内的气体的温度不变，气体的内能不变，根据热力学第一定律可知，该过程中气体从外界吸收热量。【解析】正从外界吸收热量22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]使用a、b接线柱时

使用a、c两个接线柱时

即

联立解得【解析】153523、略

【分析】【小题1】本题考察的是多普勒效应；凡是波源靠近观察者，观察者接收到的频率就会变大，远离观察者，接收到的频率就会变小，故AB正确。

【小题2】分析边缘光线a；如图：

由几何关系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，设为r；在△OBC中；

由勾股定理有：

进而求出

故半球壳外表面上有光线射出区域的圆形边界的半径为【解析】【小题1】AB

【小题2】四、作图题(共3题，共12分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共36分)27、略

【分析】【分析】

【详解】

单摆在摆动过程中。阻力要尽量小甚至忽略不计，所以摆球选钢球；摆长不能过小，一般取左右。故AD正确；BC错误；故选AD；

②单摆完成N次全振动的时间为t，所以测得悬点O至小球球心的距离（摆长）L；

根据得：【解析】AD2.019.7628、略