2025年沪科版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、下列过程不可能发生的是（）

A.对物体做功；同时物体放热，物体的温度不变。

B.对物体做功；同时物体吸热，物体的温度不变。

C.物体对外做功；同时放热，物体的内能不变。

D.物体对外做功；同时吸热，物体的内能不变。

2、如选项图所示，A中线圈有一小缺口，B、D中匀强磁场区域足够大，C中通电导线位于水平放置的闭合线圈某一直径的正上方．其中能产生感应电流的是（）A.B.C.D.3、闭合线圈绕垂直于匀强磁场方向的固定轴匀速转动，通过线圈的磁通量Φ随时间t的变化规律如图所示，则下列说法中正确的是（）A.t=0时刻线圈平面和磁场垂直B.t1时刻线圈中磁通量变化率为零C.t2时刻线圈中感应电流改变方向D.t3时刻线圈中感应电动势最大4、如图所示，电路中白炽灯A、B不亮，但电路中只有一处断开，今用电压表测得：Uab=0，Uac=0V，Ubd=6V；则可知（）

A.B灯断路。

B.A灯断路。

C.R断路。

D.电源断路。

5、如图所示，为两个同心圆环，当一有界匀强磁场恰好完全垂直穿过A

环面时，A

环面磁通量为娄脮1

此时B

环磁通量为娄脮2

有关磁通量的大小说法正确的是(

)

A.娄脮1<娄脮2

B.娄脮1=娄脮2

C.娄脮1>娄脮2

D.不确定6、如图所示为远距离输电的原理图，升压变压器的变压比为m，降压变压器的变压比为n，输电线的电阻为R，升压变压器和降压变压器均为一理想变压器，发电机输出的电压恒为U，若由于用户的负载变化，使电压表V2的示数减小了△U，则下列判断正确的是（）A.电流表A2的示数增大了B.电流表A2的示数增大了C.电压表V1的示数减小了△UD.输电线损失的功率增加了评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)7、如图所示是一匀强电场的等势面，每两个相邻等势面相距2cm，由此可确定电场强度大小是____N/C，方向向____．

8、在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，某同学根据测得的数据，画出了如图所示的I-U图象.从图象中可以看出：当小灯泡两端的电压为U1时，通过灯丝的电流为I1，则此时灯丝的电阻为；小灯泡两端的电压从U1增大到U2的过程中，随着电压的增大，灯丝的电阻____（选填“增大”、“减小”或“不变”）9、用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如图所示，此示数为____mm．

10、一水平放置的矩形线圈，在条形磁铁S

极附近下落，在下落过程中，线圈平面保持水平，如图所示，位置1

和3

都靠近位置2

则线圈从位置1

到位置2

的过程中，线圈内______感应电流，如有，从上往下看，电流方向为______，线圈从位置2

到位置3

的过程中，线圈内______感应电流，如有，从上往下看，电流方向为______.(

填“有”或“无“，”顺时针”或“逆时针”)

11、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．______(

判断对错)

12、右图为一交变电流图像,把这种交变电流加在一灯泡两端,则灯泡中的电流大小为A13、如图所示，将一小球从h=20m高处水平抛出，小球落到地面的位置与抛出点的水平距离x=30m．不计空气阻力，取g=10m/s2．小球在空中运动的时间t=____s，小球抛出时速度的大小v=____m/s．

14、在10s内通过导体某一横截面的电量为16C，则通过该导体的电流大小是____A．10s内通过这个截面的电子有____个（电子的电荷量为1.6×10﹣19C）15、如图所示，是一正点电荷电场的电场线，电场中A、B两点间的电势差UAB=200V．电量为+6×10-8C的电荷从A移到B，电场力对其做的功为______J，其电势能______（填增大、减小或不变）了______J．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共3题，共24分)22、在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，用打点计时器记录纸带运动的时间.

计时器所用电源的频率为50Hz.

如图为一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有四个点未画出，按时间顺序取012345

六个计数点，用米尺量出12345

点到0

点的距离如图所示(

单位：cm).

由纸带数据计算可得：

(1)

相邻两计数点间的时间间隔t=

________s

(2)

计数点3

所代表时刻的瞬时速度大小v3=

________m/s

．23、如图是“研究匀变速直线运动”实验中获得的一条纸带；毎五个点取一个计数点，O；A、B、C、D为纸带上五个计数点，加速度大小用a表示．

（1）OD间的距离为______cm．

（2）a的大小为______m/s2（保留两位有效数字）．

（3）以下叙述正确的是______．

A．B点瞬时速度大小等于OD段的平均速度的大小。

B．若O、B、C三点瞬时速度用vO、vb、vC表示且B点是OC连线的中点，则三者竖直上应满足vB=

C．若根据实验数据绘出x-t2图象（x为各计数点到O点距离）；则该图象为过原点的直线。

D．各计数点间时间间隔为0.02s

（4）若根据实验数据描绘-t图象（x为各计数点到O点距离），斜率表示______，纵轴截距的物理意义______．24、在“测玻璃的折射率”实验中：

(1)

为了取得较好的实验效果；A

必须选用上下表面平行的玻璃砖；B

选择的入射角应尽量小些；C

大头针应垂直地插在纸面上；D

大头针P1

和P2

及P3

和P4

之间的距离适当大些.

其中正确的是______

(2)

甲同学在画界面时，不小心将两界面aa隆盲

和bb隆盲

间距画得比玻璃砖宽度大些；如图1

所示，则他测得的折射率。

______(

选填“偏大”“偏小”或“不变”)

(3)

乙同学在量入射角和折射角时，由于没有量角器，在完成了光路图以后，以O

点为圆心，OA

为半径画圆，交OO隆盲

延长线于C

点，过A

点和C

点作垂直法线的直线分别交于B

点和D

点，如图2

所示则他只需要测量______，就可求出玻璃的折射率n=

______．评卷人得分五、简答题(共4题，共12分)25、登月探测器由地球出发经地月转移轨道靠近月球后，先在近月圆轨道上绕月运行，继而经过一系列减速过程后将包围在探测器外面的气囊充气再落向月球，落月后再经过多次弹跳最终静止在平坦的月球表面上.

已知探侧器第一次着月弹起到达最高点时距离月球表面的高度为h

速度方向是水平的，速度大小为v0

第二次着月点到第一次弹起最高点的水平距离为x

月球半径为r

．

(1)

求月球表面的重力加速度的大小g脭脗

(2)

忽略探测器近月圆轨道距月表的高度，求其近月绕行的速度大小v

和周期T

．26、在LC振荡电路中，如已知电容C，并测得电路的固有振荡周期为T，即可求得电感L.为了提高测量精度，需多次改变C值并测得相应的T值．现将测得的六组数据标示在以C为横坐标，以T2为纵坐标的坐标纸上，即图中用“×”表示的点，如图所示．(1)T、L、C的关系为________．(2)根据图中给出的数据点作出T2与C的关系图线．27、如图所示，是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图．电动机内电阻r=0.8Ω，电路中另一电阻R=10Ω，直流电压U=160V，电压表示数UM=110V．试求：

（1）通过电动机的电流？

（2）电动机的电功率及电动机的输出功率？

（3）若电动机以v=1m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量？（g取10m/s2）28、汽车尾气净化中的一个反应如下：rm{2NO(g)+2CO(g)=N_{2}(g)+2CO_{2}(g)}请回答下列问题：rm{(1)}已知：rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)=2NO(g)}rm{娄陇H=+180.5kJ隆陇mol^{-1}}rm{C(s)+O_{2}(g)=CO_{2}(g)}rm{娄陇H=-393.5kJ隆陇mol^{-1}}rm{2C(s)+O_{2}(g)=2CO(g)}rm{娄陇H=-221kJ隆陇mol^{-1}}则rm{2NO(g)+2CO(g)=N_{2}(g)+2CO_{2}(g)}的rm{娄陇H=}____________rm{kJ隆陇mol^{-1}}rm{(2)}一定温度下，向容积为rm{1L}的密闭容器中充入一定量的rm{NO}和rm{CO}在rm{t_{1}}时刻达到平衡状态，此时rm{n(CO)=0.1mol}rm{n(NO)=0.2mol}rm{n(N_{2})=amol}且平衡时混合气体压强为初始气体压强的rm{0.8}rm{垄脵}则该反应的平衡常数rm{K=}___________。若保持温度及容器容积不变，平衡后在此基础上再向容器中充入rm{2amol}的rm{N_{2}}rm{0.2mol}的rm{NO}平衡将____________rm{(}填“向左”、“向右”或“不”rm{)}移动。rm{垄脷}下列各种情况，可说明该反应已经达到平衡状态的是_________rm{(}填字母rm{)}A.rm{v(CO_{2})_{脡煤鲁脡}=v(CO)_{脧没潞脛}}B.混合气体的密度不再改变C.混合气体的平均相对分子质量不再改变D.rm{NO}rm{CO}rm{N_{2}}rm{CO_{2}}的浓度均不再变化E.单位时间内生成rm{2nmol}碳氧双键的同时消耗rm{nmolN隆脭N}rm{垄脹}在rm{t_{2}}时刻，改变某一外界条件，正反应速率的变化曲线如图rm{1}所示：可能改变的条件是____________。rm{(3)}有人提出可以用如图rm{2}所示的电解原理的方法消除汽车尾气，写出阳极发生的电极反应式_________。rm{(4)}如果要净化汽车尾气同时提高该反应的速率和rm{NO}的转化率，采用的措施是__________。A.降低温度rm{B.}增大压强同时加催化剂C.升高温度同时充入rm{N_{2;;;;;;;;;;;;;;;;;;}}D.及时将rm{CO_{2}}和rm{N_{2}}从反应体系中移走评卷人得分六、综合题(共3题，共24分)29、(

一)

在测定平行玻璃砖的折射率的实验中：(1)P1P2

是插在入射光线所在位置上的大头针，P3P4

是插在射出光线所在的位置上的大头针，则下面说法中正确的是__________。A.P1P2P3P4

应在同一条直线上B.

隔着玻璃砖观察，看到的P1P2P3P4

应在同一条直线上C.插针时，P1

和P2P3

和P4

之间的距离应尽量小一些D.

插针时，P1

和P2P3

和P4

之间的距离应适当大一些(2

用上述插针法是否能够测定非平行玻璃砖的折射率？答：____(

填“能”或“不能”)

(

二).

某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为97.50cm

摆球直径为2.00cm

然后用秒表记录了单摆振动50

次所用的时间，则：(1)

该摆摆长为______cm

(2)

如果测得的g

值偏小，可能的原因是(

)

A.测摆线长时摆线拉得过紧B.

摆线上端悬点未固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了C.开始计时时，秒表过迟按下D.

实验中误将49

次全振动记为50

次(3)

为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l

并测出相应的周期T

从而得出一组对应的l

与T

的数据，再以l

为横坐标，T2

为纵坐标，将所得数据连成直线如图所示，并求得该直线的斜率为k

则重力加速度g=

______(

用k

表示)

．

(

三).

在“双缝干涉测光的波长”实验中，调节分划板的位置，使分划板的中心刻线对齐某条亮条纹的中心且计数1

此时螺旋测微器的示数如图甲所示；转动手轮，使分划线向一侧移动，数到第4

条亮纹时，使分划板的中心刻线对齐第4

条亮条纹的中心，此时螺旋测微器的示数如图乙所示.

已知双缝间距d=2.0mm

双缝到屏的距离L=1.00m

则甲图所示读数为________mm

乙图所示读数为_______mm

被测光波的波长为_______m

．30、如图所示，在货场需将质量为m1=100kg

的货物(

可视为质点)

从高处运送至地面，为避免货物与地面发生撞击，现利用固定于地面的光滑四分之一轨道，使货物由轨道顶端无初速滑下.

半径R=1.8m.

地面上紧靠轨道依次排放两块完全相同的木板AB

长度均为l=2m

质量均为m2=100kg

木板上表面与轨道末端相切.

货物与木板间的动摩擦因数为娄脤1

木板与地面间的动摩擦因数为娄脤2=0.2.(

最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g=10m/s2)

(1)

求货物到达圆轨道末端时对轨道的压力；(2)

若货物滑上木板A

时，木板不动，而滑上木板B

时，木板B

开始运动，求娄脤1

应满足的条件；(3)

若娄脤1=0.5

求货物滑到木板A

末端时的速度和在木板A

上运动的时间．31、(1)

已知一变压器的副线圈匝数为400

匝，当原线圈接入220V

的交流电时副线圈的电压为55V

求原线圈的匝数。(2)

现代家庭电器化程度越来越高，用电安全是一个十分突出的问题。下表提供了一组部分人的人体电阻平均值数据。。测量项目完全干燥时出汗或潮湿时电阻电流(

加220V)

电阻电流(

加220V)

电流(加220V)手与手之间200k娄赂

1.1隆脕10鈭�3A

5k娄赂

手与脚之间300k娄赂

7.3隆脕10鈭�4A

8k娄赂

手与塑料鞋底之间400k娄赂

5.5隆脕10鈭�4A

10k娄赂

垄脵

从表中可看出干燥时电阻大约是潮湿时电阻的_______倍。垄脷

在上表空格中填入对人体加220

伏电压后的电流值。垄脹

若对人的安全电流是25mA

以下，上述哪几项是十分危险的。(3)

麦克斯韦电磁场理论的两个基本论点是：变化的磁场可以产生电场；变化的电场可以产生____.

从而预言了空间可能存在电磁波.

电磁波按照波长由长到短排列依次是：无线电波、红外线、可见光、____、x

射线和娄脙

射线参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】

A；对物体做功；W＞0，同时物体放热，Q＜0，所以无法判断内能的变化，所以物体的温度可以不变．故A错误。

B；对物体做功；W＞0，同时物体吸热，Q＞0，内能增加，可能是分子势能增大，分子平均动能可能不变，所以物体的温度不变，故B错误。

C；物体对外做功；W＜0，同时放热，Q＜0，所以物体内能减小，故C正确。

D；物体对外做功；W＜0，同时物体吸热，Q＞0，物体内能可能不变，故D错误。

故选C．

【解析】【答案】根据做功和热传递情况；运用热力学第一定律解答．

2、B【分析】解：A；由于圆环不闭合；即使磁通量增加，也不产生感应电流，故A错误．

B；由图知；闭合回路的面积增大，磁通量增加，将产生感应电流．故B正确．

C；根据安培定则知；穿过圆环的磁通量完全抵消，磁通量为零，且保持不变，所以不产生感应电流，故C错误．

D；线框垂直于磁感线运动；虽然切割磁感线，但穿过线框的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，故D错误．

故选：B．

本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化．据此可正确解答本题．

对于产生感应电流的条件要明确两点：一、电路必须闭合，这是必要条件．二、磁通量发生变化．可根据磁感线分析磁通量是否变化．【解析】【答案】B3、B【分析】解：A；t=0时刻穿过线圈的磁通量为零；线圈平面和磁场平行，故A错误；

B、t1时刻线圈中的磁通量最大；线圈位于中性面，磁通量变化率为零，故B正确；

C、t2时刻穿过线圈的磁通量为零；此时线圈平面与中性面垂直，磁通量变化率最大，电流的方向不变，故C错误；

D、t3时刻线圈中的磁通量最大；线圈位于中性面，磁通量的变化率为零，感应电动势为零，故D错误；

故选：B。

由数学知识可知：磁通量-时间图象斜率等于磁通量的变化率；其大小决定了感应电动势的大小。当线圈的磁通量最大时，线圈经过中性面，电流方向发生改变。

本题关键抓住感应电动势与磁通量是互余关系，即磁通量最大，感应电动势最小；而磁通量最小，感应电动势最大。【解析】B4、A【分析】

A、由于电路中无电流，根据欧姆定律可知，连接在一起的导体电压为零，是一个等势体，故凡未断开的灯丝及电阻器两端的电压应为零，相应电压表示数为零．由题，Uab=0，Uac=0V，说明A灯、R是完好的．由于Ubd=6V；B灯两端的电势分别等于电源两极间的电势，说明B灯断路．故A正确，BC错误．

D、因为Ubd=6V；所以电源不可能断路．故D错误．

故选A

【解析】【答案】电路中只有一处断开；连接在一起的导体为等势体，根据各部分的电压与电源电压的关系，判断故障所在位置．

5、B【分析】解：只有S1

内有磁场；由S1

与S2

构成的环内没有磁场，所以环1

和2

的磁通量是相等的，即娄碌1=娄碌2

故选：B

．

当磁场与面垂直时；磁感应强度与面的面积的乘积是该面的磁通量.

求出面的面积，然后求出磁通量；

本题考查磁通量的求法，磁通量的大小可以用磁感线的条数进行判断.

由图可知，两线圈中磁感线的条数相同，故磁通量相同．【解析】B

6、B【分析】解：AB、降压变压器原副线圈两端的电压之比等于n，所以有即降压变压器原线圈两端电压减小了n△U，根据欧姆定律，知电流表A1示数增大了输电线上电流增大了根据电流与匝数成反比知，电流表A2示数增大了故A错误，B正确；

C、根据题意知，发电厂的输出电压恒为U，升压变压器的变压比不变，所以电压表V1的示数不变；故C错误；

D、由于输电线上电流增大了故输电线损失的功率增加量一定不是P=（）2R；故D错误；

故选：B。

理想变压器的输入功率由输出功率决定；输出电压有输入电压决定；根据远距离输电过程中的功率；电压的损失与哪些因素有关，以及整个过程中的功率、电压关系，即可求解。

对于远距离输电问题，要明确整个过程中的功率、电压关系，尤其要注意导线上损失的电压和功率与哪些因素有关。【解析】B二、填空题(共9题，共18分)7、略

【分析】

由于电场线与等势面相互垂直且由高电势指向低电势；故电场线的方向水平向左，而电场线的方向即为场强的方向，所以电场强度的方向向左；

由于匀强电场的每两个相邻等势面相距2cm，故电场强度大小为E===100N/C．

故本题的答案为100；左．

【解析】【答案】根据电场线与等势面相互垂直且由高电势指向低电势，可以判定电场线的方向水平向左；根据在匀强电场中E=可以求出电场强度的大小．

8、略

【分析】试题分析：根据可知，当小灯泡两端的电压为U1时，通过灯丝的电流为I1时，灯丝的电阻为小灯泡两端的电压从U1增大到U2的过程中，电压升高相同时，电流增加的越来越小，说明电阻越来越大，因此灯丝的电阻增大考点：欧姆定律，小灯泡的伏安特性曲线【解析】【答案】增大9、6.125【分析】【解答】解：螺旋测微器的固定刻度为6mm；可动刻度为12.5×0.01mm=0.125mm，所以最终读数为6mm+0.125mm=6.125mm

故答案为：6.125

【分析】解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．10、有；顺时针；有；顺时针【分析】解：如图所示；线圈从位置1

到位置2

的过程中，穿过线圈的磁通量减小，则产生感应电流，根据楞次定律可知，向下穿过线圈的磁通量在增大，则感应电流的方向顺时针(

从上往下看)

线圈从位置2

到位置3

的过程中；线圈内穿过的磁通量向上增加，则也会产生感应电流，根据楞次定律，则感应电流的方向顺时针(

从上往下看)

故答案为：有；顺时针，有，顺时针．

穿过线圈的磁通量发生变化；则闭合电路中产生感应电流.

可以根据楞次定律来确定感应电流的方向．

考查如何判定感应电流的产生条件，及掌握楞次定律的应用，注意会判定磁通量的大小变化与原磁场的方向．【解析】有；顺时针；有；顺时针11、略

【分析】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错．

金属导体在点电荷附近；出现静电感应现象，导致电荷重新分布.

因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动.

此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．

处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面.

且导体是等势体．【解析】错12、略

【分析】【解析】试题分析：根据交流电有效值的定义可得：解得：考点：考查了交流电有效值的计算【解析】【答案】5A13、略

【分析】

根据h=得，t=．

则小球抛出时的速度．

故答案为：2.015．

【解析】【答案】平抛运动在水平方向做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出小球在空中运动的时间，根据水平位移和时间求出初速度的大小．

14、1.61020​【分析】【解答】电流大小为：I==1.6A；

流过的电子数为：n===1020A；

故答案为：1.6；1020

【分析】由电流的定义可求得电流值，再由欧姆定律可求得导体两端的电压；由元电荷可求得电子数．15、略

【分析】解：根据公式WAB=qUAB得：

点电荷从A点移到B点，电场力对其做功：WAB=qUAB=6×10-8×200J=1.2×10-5J

电场力对点电荷做正功，则其电势能减小1.2×10-5J．

故答案为：1.2×10-5，减小，1.2×10-5．

根据公式WAB=qUAB求出电场力做功．根据电场力做功与电势能变化的关系分析电势能的变化．

本题的关键要掌握电场力做功公式W=qU．在应用电场力做功公式W=qU时，各量均代入符号计算，根据计算结果的正负，确定正功还是负功．【解析】1.2×10-5；减小；1.2×10-5三、判断题(共6题，共12分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验探究题(共3题，共24分)22、（1）0.1（2）0.33

【分析】【分析】根据题意求出相邻计数点间的时间间隔，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3

点时小车的瞬时速度大小。要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。【解答】(1)

由于每相邻两个计数点间还有4

个点没有画出；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s

(2)

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上3

点时小车的瞬时速度大小。

v3=x242T=10.15鈭�3.550.2隆脕10鈭�2=0.33m/s

【解析】(1)0.1

(2)0.33

23、略

【分析】解：（1）由图示刻度尺可知；其分度值为1mm，O；D两点间的距离s=2.50cm-0.00cm=2.50cm；

（2）已知打点计时器电源频率为50Hz；则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s．

相邻计算点间有4个点没有画出；则相邻计数点间的时间间隔t=0.02×5=0.1s；

根据△x=aT2可得：

物体的加速度a==m/s2=0.25m/s2

（3）A．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；那么B点瞬时速度大小等于OD段的平均速度的大小，故A正确；

B．若O、B、C三点瞬时速度用vO、vb、vC表示，且B点是OC连线的中点，依据v2-v02=2ax，两次使用列出方程，则三者数值上应满足vB=故B正确；

C．若根据实验数据绘出x-t2图象（x为各计数点到O点距离），即x=v0t+则该图象不为过原点的直线，故C错误；

D．各计数点间时间间隔为0.1s；故D错误；

故选：AB．

（4）根据x=v0t+at2得，=v0+at，可知图线的斜率表示加速度的一半，即纵轴截距即为O点的瞬时速度大小．

故答案为：（1）2.50；（2）0.25；（3）AB；（4）O点的瞬时速度大小．

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．根据运动学公式得出-t的表达式；从而得出斜率表示的意义．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．解决本题的关键知道实验的原理，以及知道图线的斜率表示的含义．【解析】2.50；0.25；AB；O点的瞬时速度大小24、CD；偏小；量AB、CD的距离；【分析】解：(1)A

作插针法测定折射率时，玻璃砖上下表面不一定要平行.

故A错误．

B；为了减小测量的相对误差；选择的入射角应尽量大些，可减小相对误差，效果会更好.

故B错误．

C；为了准确确定入射光线和折射光线；大头针应垂直地插在纸面上；故C正确．

D；大头针P1

和P2

及P3

和P4

之间的距离适当大些时；相同的距离误差，引起的角度误差会减小，效果会好些.

故D正确．

故选：CD

(2)

如图，实线是真实的光路图，虚线是玻璃砖宽度画大后的光路图，由图看出，在这种情况测得的入射角不受影响，但测得的折射角比真实的折射角偏大，根据折射定律n=sinisinr

可知；测得的折射率偏小．

(3)

根据折射定律得，n=sin隆脧AOBsin隆脧DOC=AB炉AO炉DC炉CO炉=AB炉DC炉

可知需要测量ABCD

的距离.

折射率为n=AB炉DC炉

．

故答案为：(1)CD(2)

偏小，(3)ABCD

的距离．AB炉DC炉

．

(1)

为了取得较好的实验效果；根据实验原理分析可知：玻璃砖上下表面不一定要平行，选择的入射角应尽量大些；大头针应垂直地插在纸面上；大头针P1

和P2

及P3

和P4

之间的距离适当大些，这样可以减小测量的相对误差．

(2)

甲同学在画界面时，将两界面aa隆盲

和bb隆盲

间距画得比玻璃砖宽度大些；分析对入射角和折射角的影响，判断误差的变化．

(3)

根据几何知识求出入射角和折射角的正弦值；再求解折射率．

本题是插针法测定玻璃砖的折射率，实验原理是折射定律，采用单位圆法处理数据，根据原理分析实验误差．【解析】CD

偏小；量ABCD

的距离；AB炉DC炉

五、简答题(共4题，共12分)25、解：（1）探测器第一次落到月球表面弹起后；到达最高点的高度为h，此后做平抛运动；

则水平方向有：t=

竖直方向有：h=

解得：g月=

（2）根据月球表面；万有引力等于重力结合向心力公式得：

mg月=m=m

解得：v=T=

答：（1）月球表面的重力加速度的大小g月为

（2）忽略探测器近月圆轨道距月表的高度，其近月绕行的速度大小v为周期T为．【分析】

(1)

探测器第一次落到月球表面弹起后；到达最高点的高度为h

此后做平抛运动，根据平抛运动基本规律求解．

(2)

根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力结合向心力公式求解线速度和周期．

本题的关键是知道探测器第一次落到月球表面弹起到达最高点后做平抛运动，能根据平抛运动基本规律结合万有引力提供向心力公式求解，难度适中．【解析】解：(1)

探测器第一次落到月球表面弹起后；到达最高点的高度为h

此后做平抛运动；

则水平方向有：t=xv0

竖直方向有：h=12g脭脗t2

解得：g脭脗=2hv02x2

(2)

根据月球表面；万有引力等于重力结合向心力公式得：

mg脭脗=mv2r=m4娄脨2rT2

解得：v=g脭脗r=2hv02rx2T=4娄脨2rx22hv02

答：(1)

月球表面的重力加速度的大小g脭脗

为2hv02x2

(2)

忽略探测器近月圆轨道距月表的高度，其近月绕行的速度大小v

为2hv02rx2

周期T

为4娄脨2rx22hv02

．26、略

【分析】本题主要考查两点：一是考查学生能否根据正确的作图规则画出T2C图像(图像应尽量通过或靠近比较多的数据点，不通过图像的数据点应尽量较均匀地分布在图线的两侧)；二是考查学生的数形结合能力．学生需将LC回路的固有周期公式T＝2π变换成T2＝4π2LC，从而认识到T2C图线为一过坐标原点的直线(在本题中，横、纵坐标的起点不为零，图线在纵轴上有一正截距值)，图像的斜率为4π2L，L＝只有正确作出图线，并得到L＝才可以计算出L的测量平均值为0.0351H～0.0389H范围的某一数值．【解析】【答案】(1)T＝2π(2)如图所示27、略

【分析】

（1）根据欧姆定律求出通过电路的电流；

（2）电动机的输入功率为P1=UMI，电动机内电阻的发热功率为P2=I2r，输出的机械功率为P3=P1-P2；

（3）由公式P3=Fv=mgv求解物体的质量．

本题考查了机械公式和电功功率以及电功公式的灵活应用，关键是知道电动机做功的功率加上线圈的发热功率即为电动机消耗电能的功率．【解析】解：（1）通过R的电流为：I=A=5A；则通过电动机的电流为5A；

（2）电动机的输入功率为：P1=UMI=110×5W=550W；

电动机内电阻的发热功率为：P2=I2r=52×0.8W=20W；

输出功率为：P3=P1-P2=（550-20）W=530W；

（3）根据输出功率等于机械功率得：P3=Fv=mgv

解得：m==53kg

答：（1）通过电动机的电流为5A；

（2）电动机的电功率为550W；电动机的输出功率为530W；

（3）若电动机以v=1m/s匀速竖直向上提升重物，该重物的质量为53kg．28、rm{(1)-746.5}

rm{(2)}rm{垄脵}rm{垄脵}向右

rm{270}

rm{垄脷CD}增大反应物浓度或增大压强

rm{垄脹}rm{(3)CO-2e^{-}+4OH^{-}}

rm{CO_{3}^{2-}+2H_{2}O}rm{(4)B}【分析】【分析】考查用“三段式“进行化学平衡常数的计算；化学平衡状态的特征判断；电极反应考虑电解质溶液；注意物质rm{CO_{2}}特殊的结构式。【解答】rm{(1)}已知：rm{垄脵N_{2}(g)+O_{2}(g)篓T2NO(g)triangleH=+180.5kJ?mol^{-l}垄脷C(s)+O_{2}(g)篓TCO_{2}(g)triangleH=-393.5kJ?mol^{-l}垄脹2C(s)+O_{2}(g)篓T2CO(g)triangleH=-221kJ?mol^{-l}}

用盖斯定律知：rm{垄脵N_{2}(g)+O_{2}(g)篓T2NO(g)triangle

H=+180.5kJ?mol^{-l}垄脷C(s)+O_{2}(g)篓TCO_{2}(g)triangle

H=-393.5kJ?mol^{-l}垄脹2C(s)+O_{2}(g)篓T2CO(g)triangle

H=-221kJ?mol^{-l}}得：rm{垄脷隆脕2-垄脵-垄脹}的rm{triangleH=-746.5kJ?mol^{-l}}．

故答案为：rm{2NO(g)+2CO(g)篓TN_{2}(g)+2CO_{2}(g)}

rm{triangle

H=-746.5kJ?mol^{-l}}列出“三段式”：

rm{-746.5}

起始rm{(2)}rm{2NO+2CO篓TN_{2}+2CO_{2}}rm{(mol)}rm{2a+0.2}rm{2a+0.1}

转化rm{0}rm{0}rm{(mol)}rm{2a}rm{2a}

平衡rm{a}rm{2a}rm{(mol)}rm{0.2}rm{0.1}

依题意得：rm{a}解得：rm{2a}

rm{0.2+0.1+a+2a=0.8(2a+0.2+2a+0.1)}该反应的平衡常数rm{K=dfrac{c(N_{2})C^{2}(CO_{2})}{C^{2}(NO)C^{2}(CO)}=dfrac{0.3隆脕0拢庐6^{2}}{0拢庐2^{2}隆脕0拢庐1^{2}}=270}

故答案为：rm{a=0.3}

平衡后在此基础上再向容器中充入rm{垄脵}rm{K=dfrac

{c(N_{2})C^{2}(CO_{2})}{C^{2}(NO)C^{2}(CO)}=dfrac

{0.3隆脕0拢庐6^{2}}{0拢庐2^{2}隆脕0拢庐1^{2}}=270}的rm{270}rm{2a}的rm{mol}时；使容器内的压强增大，平衡向气体计量数小的方向移动，即向右移动．

故答案为：向右。

rm{N_{2}}生成rm{0.2mol}不是rm{NO}消耗rm{垄脷A.v}rm{(CO_{2})}rm{v}的rm{(}倍；对同一物质的生成和消耗速率不相等，不能说明达到平衡状态；

rm{N}由rm{N}知，密闭容器中rm{{,!}_{2})}和rm{2}都不变，比值不变，即rm{B.}不变；故密度不再改变不能达到平衡状态；

C.由rm{娄脩_{(禄矛潞脧脝酶脤氓)}=m_{(禄矛潞脧脝酶脤氓)}/v}密闭容器中rm{m_{(禄矛潞脧脝酶脤氓)}}不变，rm{v}向正反应方向移动时减小，向逆反应方向移动时增大，故平均相对分子质量不再改变，平衡不移动，能达到平衡状态；

D.rm{娄脩_{(禄矛潞脧脝酶脤氓)}}rm{M_{(禄矛潞脧脝酶脤氓)}=m_{(禄矛潞脧脝酶脤氓)}/n_{(禄矛潞脧脝酶脤氓)}}rm{m_{(禄矛潞脧脝酶脤氓)}}rm{n_{(禄矛潞脧脝酶脤氓)}}的浓度不再变化是各物质的浓度保持不变，能达到平衡状态；E.单位时间内生成rm{NO}碳氧双键即生成rm{CO}的rm{N_{2}}反应向正反应方向，同时消耗rm{CO_{2}}即消耗rm{2nmol}反应向逆反应方向；但不与物质计量数成正比，故不能达到平衡状态，故E错误；

故答案为：rm{nmol}

rm{CO_{2}}根据图象知，在rm{nmolN隆脭N}时刻改变条件，正反应速率加快，平衡向正反应方向移动，条件可以是增大反应物浓度或增大压强，故答案为：增大反应物浓度或增大压强；

rm{nmolN_{2}}rm{CD}所示的电解原理的方法消除汽车尾气，rm{垄脹}应还原为rm{t_{2}}所以电源的左侧为负极；

故答案为：rm{(3)}

有人提出可以用上图图rm{2}所示的电解原理的方法消除汽车尾气，rm{NO}应还原为rm{N_{2}}所以电源的左侧为负极提高该反应的速率可以增大压强或升高温度，提高rm{2}的转化率应使平衡向正反应方向移动rm{NO}降低温度降低了反应的速率；rm{N_{2}}增大压强使平衡向正反应方向移动同时加催化剂提高该反应的速率；

C、升高温度提高该反应的速率，同时充入负；使反应向逆反应方向移动；

D、及时将rm{(4)}和rm{NO}从反应体系中移走压强降低；降低了反应的速率．

故答案为：rm{.A}rm{B}【解析】rm{(1)-746.5}

rm{(2)}rm{垄脵}rm{垄脵}向右rm{270}

rm{垄脷CD}增大反应物浓度或增大压强rm{垄脹}rm{(3)CO-2e^{-}+4OH^{-}}rm{CO_{3}^{2-}+2H_{2}O}rm{(4)B}六、综合题(共3题，共24分)29、(I)(1)BD(2)

能

(II)(1)98.50

75.2

(2)B(3)4娄脨2k

(III)1.1301.7604.2隆脕10鈭�7-7【分析】(I)

【分析】明确测量玻璃折射率的基本方法和注意事项，知道如何确定入射光和折射光路。本题关键是明确测定玻璃砖折射率的原理，会用插针法确定光路，并掌握实验中的注意事项。【解答】(1)AB.

在实验中先插P1P2

表示入射光路.

再插入P3

使P3

挡住P1P2

的像，最后插入P4

使P4

挡住P3

和P1P2

的像，即隔着玻璃砖观察，看到的PP1、PP2、PP3、PP4应在同一条直线上，故A错误，B正确；C.大头针P1

和P2

及P3

和P4

之间的距离适当大些时，相同的距离误差，引起的角度误差会减小，角度的测量误差会小些，故C错误，D正确。故选BD;

(2)

本实验中只需测最出入射角和折射角即可求出折射率，所以能够测定非平行玻璃砖的折射率。故答案为：能。(II)(II)【分析】(1)

单摆的摆长等于摆线的长度加上小球的半径.

由图读出时间t

由T=tn

求出周期;

(2)

根据重力加速度的表达式分析g

值偏小可能的原因;

(3)

根据重力加速度的表达式和数学知识，分析T2鈭�l

图线斜率k

的意义，得到g

的表达式。单摆的摆长不是摆线的长度，还要加上摆球的半径.

对于实验误差，要从实验原理公式进行分析．【解答】(1)

摆线的长度为l

l=97.50cm+12隆脕2.00cm=98.50cm

由秒表读出时间t=60+15.2=75.2s

．

(2)A

将摆线长的长度作为摆长，摆线拉得过紧，测得摆长偏大，则根据重力加速度的表达式g=4娄脨2LT2

可知，测得的g

值偏大.

故A错误;

B、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，使周期变大了，由g=4娄脨2LT2

可知，测得的g

值偏小.

故B正确；C；开始计时时；秒表过迟按下，测得的时间偏小，周期偏小，则测得的g

值偏大，故C错误；

D、实验中误将49

次全振动数次数记为50

次，由T=tn

求出的周期偏小，测得的g

值偏大.

故D错误。故选：B

．

(3)

根据重力加速度的表达式g=4娄脨2LT2

可知，T2鈭�l

图线斜率k=4娄脨2g

则g=4娄脨2k

故答案为：(1)98.50;75.2;(2)B;(3)4娄脨2k

。(III)

【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读.

根据双缝干涉条纹的间距公式鈻�x=Ld娄脣

求出光波的波长。解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法以及双缝干涉条纹的间距公式鈻�x=Ld娄脣

【解答】甲图螺旋测微器的固定刻度读数为1mm

可动刻度读数为0.01隆脕13.0mm=0.130mm

所以最终读数为1.130mm

乙图螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm

可动刻度读数为0.01隆脕26.0mm=0.260mm

所以最终读数为1.760mm

故?x=1.760鈭�1.130=0.630mm

根据?x=Ld娄脣=d?xL=2隆脕10鈭�3隆脕0.630隆脕10鈭�3(4鈭�1)隆脕1.00=4.2隆脕10鈭�7m

故答案为：1.1301.7604.2隆脕10鈭�7

【解析】(I)(1)BD(2)

能(II)(1)98.50

75.2

(2)B(3)4娄脨2k

(III)1.1301.7604.2隆脕10鈭�7-730、略

【分析】(1)(1)根据机械能守恒定