2025年浙教版选择性必修2物理上册月考试卷含答案

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A.BlvB.BlvC.BlvD.Blv＋Blv2、下列各图中标出了匀强磁场中通电直导线受安培力的方向，正确的是()A.B.C.D.3、利用如图所示电路可以演示自感现象。其中L是自感线圈，直流电阻为零，是两个二极管，二极管具有单向导电性（当正极电势高于负极电势时处于导通状态）。a、b；c是三个灯泡。实验中通过开关的通、断过程演示自感现象。下列关于该实验现象的描述正确的是（）

A.接通开关S瞬间，a、b、c灯同时亮B.接通开关S瞬间，b、c灯同时亮，a灯不亮C.断开开关S瞬间，a、b、c灯同时熄灭D.断开开关S瞬间，a、b灯亮，c灯熄灭4、两根电流大小相同的通电直导线A和B用相同的丝线悬挂在水平天花板上；导线A的电流方向向里如图所示。在空间中加竖直方向的磁场可以使两根丝线与天花板垂直，则B的电流方向和所加的磁场方向分别为（）

A.向里竖直向上B.向里竖直向下C.向外竖直向上D.向外竖直向下5、如图所示；两平行金属板中有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，带正电的粒子（不计粒子的重力）从两板中央垂直电场；磁场入射。它在金属板间运动的轨迹为水平直线，如图中虚线所示。若使粒子飞越金属板间的过程中向上板偏移，则可以采取下列的正确措施为（）

A.使电场强度增大B.使粒子电量增大C.使入射速度增大D.使磁感应强度减小6、如图所示，长为L的金属导线弯成一圆环，导线的两端接在电容为C的平行板电容器上，P、Q为电容器的两个极板，磁场垂直于环面向里，磁感应强度以随时间变化，时，P、Q两板电势相等，两板间的距离远小于环的半径，经时间t，电容器P板（）

A.不带电B.所带电荷量与t成正比C.带正电，电荷量是D.带负电，电荷量是7、在图甲所示的交流电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比为2：1，电阻为滑动变阻器。电源电压u随时间t按正弦规律变化如图乙所示；则下列说法正确的是（）

A.滑片P向下移动时，电流表示数增大B.滑片P向上移动时，电阻的电流增大C.当时，电流表的示数为2AD.当时，电源的输出功率为32W8、东汉时期思想家王充在《论衡》书中有关于“司南之杓，投之于地，其柢（即勺柄）指南”的记载，如图所示。司南是用天然磁铁矿石琢成一个勺形的东西，放在一个刻着方位的光滑盘上。下列说法正确的是（）

A.“柢”相当于磁体的N极B.司南在转动过程中产生感生电场C.地球的磁场是人为想象出来的D.司南的勺柄能够指南是由司南的磁场决定的9、对下列现象的判断分析或结果，正确的是（）A.最先提出电磁场理论的是法拉第，最先捕获到电磁波的科学家是麦克斯韦B.电磁波由真空进入某介质时，其波长将变大C.火车汽笛发声频率为500Hz，在车站的人听到汽笛的频率为520Hz，据多普勒效应可判断该火车向车站驶来D.紫外线比红外线波长更长评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、半径分别为和的同心圆导轨固定在同一水平面内，一长为电阻为的均匀直导棒置于圆导轨上面，的延长线通过圆导轨中心装置的俯视图如图所示，整个装置位于一匀强磁场中，磁感应强度的大小为B，方向竖直向下，在两环之间接阻值为的定值电阻和电容为的电容器，直导体棒在水平外力作用下以角速度绕逆时针匀速转动；在转动过程中始终与导轨保持的良好接触，导轨电阻不计，下列说法正确的是（）

A.金属棒中电流从A流向BB.金属棒两端电压为C.电容器的板带正电D.电容器所带电荷量为11、如图，在方向垂直纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场区域中有一个由均匀导线制成的单匝矩形线框abcd，线框以恒定的速度v沿垂直磁场方向向右运动，运动中线框dc边始终与磁场右边界平行，线框边长线框导线的总电阻为R。则在线框离开磁场的过程中；下列说法中正确的是（）

A.ad间的电压为B.ab间的电压为2BLvC.线框所受安培力的合力为D.流过线框截面的电量为12、如图所示，两间距为的光滑导轨平行放置，左侧是半径为的圆弧，底端与右侧水平部分相切，右侧水平部分存在竖直向上、磁感应强度大小为的匀强磁场。质量为的导体棒垂直静置在导轨上，与相距为现将质量为的导体棒从圆弧导轨顶端由静止释放。已知两导体棒长度均为电阻均为运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，两导体棒始终未发生碰撞，水平导轨足够长，不计空气阻力，重力加速度大小为下列说法正确的是（）

A.棒最终的速度大小为B.棒最终的速度大小为C.棒最终产生的热量为D.两棒最终的距离为13、如图所示，半径为r=1m的光滑金属圆环固定在水平面内，垂直于环面的匀强磁场的磁感应强度大小为B=2.0T，一金属棒OA在外力作用下绕O轴以角速度=2rad/s沿逆时针方向匀速转动，金属环和导线电阻均不计，金属棒OA的电阻r0=1电阻R1=2R2=3R3=7.5电容器的电容C=4F。闭合开关S；电路稳定后，下列说法正确的是（）

A.通过导体棒的电流大小为0.4AB.外力的功率为1WC.从断开开关S到电路稳定这一过程中通过电流表的电荷量为6.0×10-6CD.从断开开关S到电路稳定这一过程中通过电流表的电荷量为6.4×10-6C14、在图甲所示的交流电路中，电源电压的有效值为220V，理想变压器原、副线圈的面数比为20∶1，均为固定电阻，各电表均为理想电表。已知电阻中电压u随时间t变化的正弦曲线如图乙所示。下列说法正确的是（）

A.所用交流电的方向每秒钟改变100次B.电流表的示数为1.4AC.的电功率为2.0WD.变压器传输的电功率为15.0W评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、如图，A、B两个同轴线圈在同一平面，A线圈通有顺时针方向的电流，则穿过B线圈的磁通量方向为垂直纸面向________（选填“里”或“外”）；当A内电流增大时，B线圈会产生______（选填“顺”或“逆”）时针方向的感应电流．16、如图1所示，一台理想变压器，其原线圈为2200匝，副线圈为440匝，副线圈接一个100Ω的负载电阻，当原线圈接在如图2交流电压源上时，电压表示数为______V，电流表示数为______A。

17、安培力：______在磁场中受的力。18、电磁波在真空中的传播速率为___________m/s。波长为0.6μm的电磁波，频率为__________Hz；电磁波谱的排列是：无线电波。微波____________。可见光、紫外线、X射线、γ射线。19、某发电站的输出功率为104kW，输出电压为4kV，通过理想变压器升压后向125km远处用户供电．已知输电线的电阻率为ρ＝2.4×10－8Ω·m，导线横截面积为1.5×10－4m2，输电线路损失的功率为输出功率的4%，求：所用的理想升压变压器原、副线圈的匝数比是______，如果用户用电器的额定电压为220V，所用理想降压变压器原、副线圈匝数比是______.20、如图所示，自耦变压器输入端A、B接交流稳压电源，其电压有效值UAB＝100V，R0＝40当滑动片处于线圈中点位置时，C、D两端电压的有效值UCD为___________V，通过电阻R0的电流有效值为_____________A．

评卷人得分四、作图题(共4题，共40分)21、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

22、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

23、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

24、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共1题，共5分)25、某同学利用热敏电阻的阻值随温度变化的特性；制作了一个简易的汽车低油位报警装置。

（1）该同学首先利用多用电表欧姆“×100”挡粗测该热敏电阻在常温下的阻值，示数如图甲所示，则此时热敏电阻的阻值为______kΩ。

（2）该同学为了进一步探究该热敏电阻阻值随温度变化的关系，设计了如图乙所示的实验电路，定值电阻则在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最______（选填“左”或“右”）端；在某次测量中，若毫安表的示数为2.25mA，的示数为1.50mA，两电表可视为理想电表，则热敏电阻的阻值为______kΩ。

（3）经过多次测量，该同学得到热敏电阻阻值随温度的变化关系图像如图丙所示，可知该热敏电阻的阻值随温度升高变化得越来越______（选填“快”或“慢”）。

（4）该同学利用此热敏电阻设计的汽车低油位报警装置如图丁所示，其中电源电动势E＝6.0V，定值电阻R＝1.8kΩ，长为l＝50cm的热敏电阻下端紧靠在油箱底部，不计报警器和电源的内阻。已知流过报警器的电流时报警器开始报警，若测得报警器报警时油液（热敏电阻）的温度为30℃，油液外热敏电阻的温度为70℃，由此可知油液的警戒液面到油箱底部的距离约为______cm。评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)26、如图所示，在半径为R的半圆形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁场强弱可以改变，水平直径PQ处放有一层极薄的粒子接收板，放射源S放出的α粒子向纸面内各个方向均匀发射，速度大小均为v。已知α粒子质量为m，电荷量为+q。忽略粒子间的相互作用。

（1）若放射源S位于圆心O点正上方的圆弧上；试求粒子接收板能接收到粒子的长度；

（2）若把放射源从Q点沿圆弧逐渐移到P点的过程中，求放射源在圆弧上什么范围移动时，O点能接收到α粒子。

27、如图所示，三块挡板围成截面边长L＝1.2m的等边三角形区域，C、P、Q分别是MN、AM和AN中点处的小孔，三个小孔处于同一竖直面内，MN水平，MN上方是竖直向下的匀强电场，场强E=4×10-4N/C。三角形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B1；AMN以外区域有垂直纸面向外，磁感应强度大小为B2＝3B1的匀强磁场。现将一比荷的带正电的粒子，从O点由静止释放，粒子从MN小孔C进入内部匀强磁场，经内部磁场偏转后直接垂直AN经过Q点进入外部磁场。已知粒子最终回到了O点，OC相距2m。设粒子与挡板碰撞过程中没有动能损失，且电荷量不变，不计粒子重力，不计挡板厚度，取π＝3。求：

（1）磁感应强度B1的大小；

（2）粒子从O点出发，到再次回到O点经历的时间；

（3）若仅改变B2的大小，当B2满足什么条件时，粒子可以垂直于MA经孔P回到O点（若粒子经过A点立即被吸收）。

28、如图所示，P点距坐标原点的距离为L，坐标平面内的第一象限内有方向垂直坐标平面向外的匀强磁场(图中未画出），磁感应强度大小为B。有一质量为m、电荷量为q的带电粒子从P点以与y轴正方向夹角为θ=的速度垂直磁场方向射入磁场区域；在磁场中运动，不计粒子重力。求：

（1）若粒子垂直于x轴离开磁场；则粒子进入磁场时的初速度大小；

（2）若粒子从y轴离开磁场；求粒子在磁场中运动的时间。

29、如图所示，两条足够长的平行金属导轨相距为L=1m，与水平面的夹角为θ=37°，整个空间存在垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B=2T，ab处及其上方轨道光滑，ab下方轨道粗糙。当导体棒ab以初速度v0=10m/沿导轨上滑至最大高度的过程中，导体棒cd一直静止在导轨上，已知两导体棒质量均为m=1kg，电阻均为R=2.5Ω，导体棒ab上滑的最大位移为s=1.25m，导轨电阻不计，空气阻力不计，重力加速度为g（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），试求在导体棒ab上滑的整个过程中。

（1）导体棒ab运动初始时刻的加速度大小；

（2）导体棒ab运动的时间；

（3）导体棒cd产生的焦耳热。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

ab边不切割磁感线，bc边在竖直方向的分量可视为切割磁场的有效长度，即根据感应电动式公式

故ACD错误；B正确。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

根据左手定值可知；A图中的安培力应该垂直磁感线垂直于电流的方向指向左上方．故A错误；B图中磁场的方向向下，电流的方向向里，所以安培力的方向向左．故B正确；C图中磁场的方向向左，电流方向向上，所以安培力的方向向里．故C错误；D图中电流的方向与磁场的方向平行，不受安培力；故D错误．故选B.

【点睛】

本题考查安培定则和左手定则综合应用能力，对于两个定则要注意应用条件的不同：安培定则判断电流与磁场方向的两者关系；左手定则判断通电导线在磁场所受安培力方向与磁场方向、电流方向三者的关系．3、D【分析】【详解】

AB．接通开关S瞬间，正向导通，c灯立刻亮；通过自感线圈的电流不能突变，a灯不会立刻亮；反向，不导通，b灯不亮；故A；B错误；

CD．断开开关S瞬间，c灯立刻熄灭，通过自感线圈的电流不能突变，感应电流沿原方向通过a灯后通过灯和二极管a、b灯亮；故C错误，D正确。

故选D4、C【分析】【分析】

【详解】

使两根丝线与天花板垂直；则要求两根通电直导线受力平衡，把A；B看成整体，受力平衡，则B中电流方向必须与A中电流相反。故B的电流方向为向外。把A隔离出来，受力分析，可知B电流给水平向左，则外加磁场给水平向右的安培力，根据左手定则可知磁场方向为竖直向上。

故选C。5、C【分析】【详解】

由于运动的轨迹为水平直线，可知

由于电荷带正电，根据左手定则可知，洛伦兹力竖直向上，而电场力竖直向下，若是粒子向上偏转，应使

即可以增加磁场的磁感强度；增加入射粒子的速度或减少电场强度，而与粒子的带电量无关。

故选C。6、D【分析】【详解】

磁感应强度以随时间变化，由法拉第电磁感应定律得

而

经时间t电容器P板所带电荷量

由楞次定律知电容器P板带负电。

故选D。7、C【分析】【详解】

A．等效电路如图所示。

当滑片P向下移动时，导致滑动变阻器阻值减小，则等效电阻阻值减小，则等效电阻分压减小，根据变压器原理可知，副线圈两端电压减小，即电阻两端电压减小；根据欧姆定律可知，电流表示数减小，故A错误；

B．将等效为电源内阻，滑片P向上移动时，电阻增大，根据串反并同可知，流过电阻的电流减小；故B错误；

C．等效电阻阻值为

电源电压有效值为

因此原线圈两端电压为

根据变压器原理可知，副线圈电压为

因此电流表示数

故C正确；

D．当时，电源的输出功率

故D错误。

故选C。8、B【分析】【详解】

A．地磁场在地表的方向由地理南极指向地理北极；磁铁静止时N极指向地理北极，“柢”相当于磁体的S极，A错误；

B．司南在转动过程中；变化的磁场产生电场，B正确；

C．地球磁场时客观存在的；C错误；

D．司南的勺柄指向由地磁场决定；D错误。

故选B。9、C【分析】【分析】

【详解】

A．最先提出电磁场理论的是麦克斯韦；最先捕获到电磁波的科学家是赫兹，A错误；

B．电磁波由真空到介质中传播时，频率不变，速度变小，由v=f∙可知；电磁波的波长将变小，B错误；

C．由多普勒效应可知，当波源和观察者相向运动时，两者间距变小，观察者接收到的声音频率一定比波源频率高；当波源和观察者反向运动时，两者间距变大，观察者接收到的声音频率一定比波源的频率低，因此观察者接收到的汽笛频率比波源的汽笛频率高，可确定该火车是驶向车站的，C正确；

D．在同一介质中，频率越大的光折射率越大，由可知；紫外线的频率比红外线的频率大，紫外线的波长比红外线的波长小，D错误。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)10、B:C:D【分析】【详解】

AC．根据右手定则可判断金属棒中电流从B流向A，金属棒相当于电源，所以金属棒A端相当于电源的正极，所以电容器的板带正电；故A错误，C正确；

B．金属棒两端产生的电动势为

金属棒两端电压为

故B正确；

D．电容器所带电荷量为

故D正确。

故选BCD。11、A:D【分析】【详解】

AB．由题可知，ab边切割磁感线，感应电动势为

ad间的电压为

ab间的电压为

A正确；B错误；

C．线框所受安培力的合力为

C错误。

D．由法拉第电磁感应定律可知

D正确。

故选AD。12、B:C:D【分析】【详解】

AB．由动能定理

解得棒到位置时的速度

最后的速度相等，根据动量守恒定律得

解得

故B正确；A错误；

C．根据能量守恒定律得电路中产生的总热量

棒最终产生的热量为

故C正确；

D．设棒的相对位移为对棒由动量定理得

又

解得

两棒最终的距离为

故D正确。

故选BCD。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．导体棒切割磁感线产生的电动势为

闭合开关S，由图可知，R1、R2串联再与R3并联，并联部分的总电阻为

由闭合电路欧姆定律可得通过导体棒的电流大小

故A错误；

B．导体棒所受的安培力

由能量可知，外力的功率等克服安培做功功率，即

故B正确；

CD．闭合开关S，电容器两端电压为

且上极板电势更高，断开开关S，电路中的电流为

电容器两端电压为

此时电容器下极板电势更高，即电容器先放电后充电，则通过电流表的电荷量为

故C错误；D正确。

故选BD。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据图像可知T=0.02s；则交流电的频率。

因此所用交流电的方向每秒钟改变100次；选项A正确；

B．电源电压的有效值为220V，上电压的有效值为。

所以原线圈中的电压为。

由得原线圈两端电压。

则电流表的示数。

选项B错误；

C．的电流为。

所以通过的电流为。

则的电功率为。

选项C正确；

D．变压器传输的电功率为。

选项D错误。

故选AC。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】根据安培右手定则A线圈通有顺时针方向的电流产生的磁场为垂直直面向里，所以穿过B线圈的磁通量方向为垂直纸面向里；当A内电流增大时，根据楞次定律可知B线圈会产生逆时针方向的电流．【解析】里；逆16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图可知，该交流电的最大值是V，所以其有效值为220V；当原线圈接在220V交流电源上时，根据变压器的变压比公式，有

解得

[2]电流为【解析】440.4417、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】通电导线18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电磁波在真空中的传播速率为3.0×108m/s；

[2]波长为0.6μm的电磁波，频率为

[3]电磁波谱的排列是：无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线。【解析】①.3.0②.5.0③.红外线19、略

【分析】【分析】

（1）根据电阻定律得出输电线的电阻；根据输电线上损失的功率求出输电线上的电流，从而根据P=UI求出升压变压器的输出电压；根据输电线上的电流和电阻求出输电线上的电压损失；根据变压比公式求解升压变压器原；副线圈的匝数比；

（2）根据输出电压和电压损失得出降压变压器的输入电压；结合电压之比等于原副线圈的匝数之比求出降压变压器的原副线圈匝数之比．

【详解】

（1）远距离输电的示意图，如图所示：

导线电阻：R线=ρ

代入数据得：R=40Ω

升压变压器副线圈电流：I2=I线

又I2R线=4%P

解得：I2=100A

根据P=U2I2

得：U2=100kV

根据变压比公式，有：

（2）降压变压器的输入电压为：U3=U2-I2R线=96kV

由

得：

【点睛】

解决本题的关键知道：1、原副线圈的电压比、电流比与匝数比之间的关系；2、升压变压器的输出电压、降压变压器的输入电压、电压损失之间的关系．【解析】1∶254800:1120、略

【分析】【详解】

因自耦变压器的原副线圈在一起，由题可知，原线圈的匝数为副线圈匝数的一半．理想变压器的变压比为所以V．根据部分电路欧姆定律有A．【解析】200，5四、作图题(共4题，共40分)21、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】24、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共1题，共5分)25、略

【分析】【详解】

（1）[1]由多用电表欧姆表的读数规则可知，此时热敏电阻的阻值为

（2）[2][3]滑动变阻器采用分压接法，为保护电路安全，在开关闭合前应将滑动变阻器的滑片P置于最左端，由于和并联，故有

代入数据解得

（3）[4]由图丙可知；该热敏电阻的阻值随温度的升高而逐渐减小，从曲线的斜率可以看出，图线斜率越来越小，故该热敏电阻的阻值随温度升高变化得越来越慢；

（4）[5]设警戒液面到油箱底部的距离为x，温度为30℃时热敏电阻的阻值为则在油液内的热敏电阻的阻值为

同理，可得油液外的热敏电阻的阻值为

其中由闭合电路欧姆定律有

将E＝6V、I＝2.4mA、R＝1.8kΩ代入可得x＝10cm【解析】1.9左3.0##3慢10六、解答题(共4题，共40分)26、略

【分析】【详解】

（1）α粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有

又因为

解得

其运动轨迹如下如图所示。

α粒子被接收板最右侧接收，其运动轨迹恰好与PQ相切于点N，其圆心为C，CD垂直SO，根据几何关系可得

解得

α粒子水平向左发射时被接收板最左侧接收时，其运动轨迹恰好与PQ相交于点M，其圆心在