2024年浙教版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年浙教版高二物理上册月考试卷621考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示的两方式测量同一个导体的电阻；下列叙述中正确的是（）

A.图甲方式测得电阻值偏大。

B.图甲方式测得电阻值偏小。

C.图乙方式测得电阻值偏大。

D.图乙方式测得电阻值偏小。

2、在国际单位制中，规定长度、质量和时间三个基本量的单位是：（）A.厘米、千克、秒B.千米、千克、小时C.厘米、克、秒D.米、千克、秒3、关于电场线，下列说法正确的是（）A.电场线方向一定是带电粒子在电场中受力的方向B.在同一幅电场分布图中电场越强的地方，电场线越密C.电场线就是带电粒子在电场中的运动轨迹D.两条电场线在电场中可以相交4、图示为一直角棱镜的横截面，隆脧

bac

=90鈭�隆脧

abc

=60鈭�

一平行细光束从O

点沿垂直于bc

面的方向射入棱镜。若ab

、ac

面两面中，其中一个面有光线射出，一个面无光线射出，则下列判断正确的是：A.棱镜的折射率可能为1.8

ab

面有光线射出B.棱镜的折射率可能为1.8

ac

面有光线射出C.棱镜的折射率可能为2.2

ac

面有光线射出D.棱镜的折射率可能为2.2

ab

面有光线射出5、下表表示某地甲、乙两个种群数置变化关系。据表分析，下列说法正确的是（）。A.甲乙两种群均为s型增长，增长速率均受本身密度制约B.甲乙两种群为捕食关系，其中乙为捕食者，甲为被捕食者C.甲乙两种群为竞争关系，第四年开始乙种群占优势，且甲种群逐步被淘汰D.甲乙两种群可分别代表草原中的兔子和牛，二者是此消彼长的竞争关系6、用U1

和U2

两种电压通过相同长度和材料的导线输电，若输送的电功率相等，若输电导线上损失的电功率也相同，则在两种情况下输电导线截面积之比S1S2

为()

A.U2U1

B.(U2U1)2

C.U1U2

D.(U1U2)2

评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、在地球赤道上空有一小磁针处于水平静止状态，突然发现小磁针的N极向东偏转，由此可知（）A.一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的N极靠近小磁针B.可能是小磁针正东方向有一条形磁铁的S极靠近小磁针C.可能是小磁针正上方有电子流自南向北水平通过D.可能是小磁针正上方有电子流自北向南水平通过8、下述关于物体内能的说法中，正确的是（）A.物体的内能仅与温度有关B.任何物体都具有内能C.做功不可以改变物体的内能D.热传递可以改变物体的内能9、交流发电机的线圈转到线圈平面与中性面垂直时，下列说法正确的是(

)

A.电流将改变方向B.磁场方向和线圈平面平行C.线圈中产生的感应电动势最大D.穿过线圈的磁通量最大10、如图所示，一物体分别沿三个倾角不同的光滑斜面由静止开始从顶端下滑到底端C、D、E处，三个过程中重力的冲量依次为I1、I2、I3，动量变化量的大小依次为△P1、△P2、△P3，则有（）A.三个过程中，合力的冲量大小相等，动量变化量的大小相等B.三个过程中，合力做的功相等，动能的变化量相等C.I1＜I2＜I3，△P1=△P2=△P3D.I1＜I2＜I3，△P1＜△P2＜△P311、如图所示，光滑水平面上存在有界匀强磁场，直径与磁场宽度相同的金属圆形线框以一定的初速度斜向匀速通过磁场．在必要的时间段内施加必要的水平拉力保证其匀速运动，则（）A.水平拉力方向与速度方向无关B.金属框内感应电流历两次先增大后减小C.水平拉力方向与速度同向D.金属框内感应电流方向先顺时针再逆时针12、如图所示电路中，A、B是相同的两小灯．L是一个带铁芯的线圈，电阻可不计．调节R，电路稳定时两灯都正常发光，则在开关合上和断开时（）A.两灯同时点亮、同时熄灭B.合上S时，B比A先到达正常发光状态C.断开S时，B两灯都不会立即熄灭，通过A灯的电流方向与原电流方向相同，通过B灯的电流方向与原电流方向相反D.断开S时，A灯会突然闪亮一下后再熄灭13、如图所示，有矩形线圈，面积为S，匝数为N，整个线圈内阻为r，在匀强磁场B中绕OO′轴以角速度ω匀速转动，外电路电阻为R．当线圈由图示位置转过90°的过程中，下列说法正确的是（）A.磁通量的变化量为△Φ=NBSB.平均感应电动势为=C.电阻R所产生的热量为Q=D.通过电阻R的电荷量为q=14、如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为51

原线圈接入图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统(

报警器未画出)

电压表和电流表均为理想电表，R0

为定值电阻，R

为半导体热敏电阻(

其阻值随温度的升高而减小)

下列说法中正确的是()A.图乙中电压的有效值为110V

B.电压表的示数为222V

C.R

处出现火警时，电流表示数增大D.R

处出现火警时，电阻R0

消耗的电功率减小15、一小灯泡通电后其电流I

随所加电压U

变化的图线如图所示；P

为图线上一点，PN

为图线的切线，PQ

为U

轴的垂线，PM

为I

轴的垂线.

则下列说法中正确的是()

A.随着所加电压的增大；小灯泡的电阻增大。

B.随着所加电压的增大；小灯泡的电阻减小。

C.对应P

点，小灯泡的电阻为R=U1I2鈭�I1

D.对应P

点，小灯泡的电阻R=U1I2

评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、将一个10-6C的负电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做功2×10-6J、从C点移到D点，电场力做功7×10-6J，若已知B点比C点电势高3V，则UAB=____V，UCD=____V，UDA=____V．17、如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电量为4×10－6C的负点电荷从A点移到M板，电场力做负功8×10－4J，把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10－4J，则：ＵＭＮ等于____伏，该点电荷在A点具有的电势能EPA为____J。18、日光灯的启动器在日光灯启动时的作用是：__________，镇流器在日光灯启动时能提供瞬时高压，在日光灯正常工作时起：_____________的作用。19、法拉第发现了电磁感应现象之后，又发明了世界上第一台发电机--法拉第圆盘发电机，揭开了人类将机械能转化为电能并进行应用的序幕.

法拉第圆盘发电机的原理如图所示，将一个圆形金属盘放置在电磁铁的两个磁极之间，并使盘面与磁感线垂直，盘的边缘附近和中心分别装有与金属盘接触良好的电刷AB

两电刷与灵敏电流计相连.

当金属盘绕中心轴按图示方向转动时，则电刷A

的电势______电刷B

的电势(

填高于、低于或等于)

若仅提高金属盘转速，灵敏电流计的示数将______；(

填增大、减小或不变)

若仅将滑动变阻器滑动头向左滑，灵敏电流计的示数将______(

填增大、减小或不变)

20、如图所示，水平面上有两根相距0.5m的足够长的平行金属导轨MN和PQ，它们的电阻可忽略不计，在M和P之间接有阻值为R=3.0Ω的定值电阻。导体棒ab长l=0.5m，其电阻为r=1.0Ω，与导轨接触良好。整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.4T．现使ab以v=10m/s的速度向右做匀速运动。则ab中产生的感应电动势大小为______v，通过ab棒的电流方向______（填“a→b”或“b→a”），电流大小为______A，ab棒所受安培力的大小为______N，方向______。21、已知一个电流表的内阻为Rg=1kIg=100μA，若要改装成量程为3V的伏特表，需__________（填“串”或“并”）联一个阻值为__________的电阻，若改装成量程为1A的安培表，需__________（填“串”或“并”）联一个阻值约为__________的电阻．22、如图甲所示，导体圆环所围的面积为10cm2

电容器的电容为2娄脤F(

电容器的体积很小)

垂直穿过圆环的匀强磁场的磁感应强度随时间变化的图线如图乙所示，则在1s

末电容器的带电荷量为__________；4s

末电容器的带电荷量为____________，带正电的极板是__________(

填“a

”或“b

”)

．

评卷人得分四、判断题(共4题，共32分)23、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）24、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）25、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

26、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）评卷人得分五、作图题(共4题，共40分)27、根据磁感应强度B；电流I和安培力F的相互关系；请根据要求作图．

28、画出下图中带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向。29、如图1所示，在直导线上方放一小磁针．当导线中通入电流时，发现小磁针的S极转向读者，请画出导线中电流的方向．如图2所示，通电导线由于受到磁场力而向左运动，画出条形磁铁的N、S极．

30、某同学用如图所示的装置做验证动量守恒定律的实验.

先将a

球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10

次；再把同样大小的b

球放在斜槽轨道末端水平段的最右端上，让a

球仍从固定点由静止开始滚下，和b

球相碰后；两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10

次．

(1)

本实验必须测量的物理量有______.(

填写选项对应的字母)

A.斜槽轨道末端距水平地面的高度H

B.小球ab

的质量mamb

C.小球ab

的半径r

D.小球ab

离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间t

E.记录纸上O

点到ABC

各点的距离OA.OB.OC.

F.a

球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h

(2)

放上被碰小球b

两球(ma>mb)

相碰后，小球ab

的落地点依次是图中水平面上的______点和______点.

(3)

某同学在做实验时，测量了过程中的各个物理量，利用上述数据验证碰撞中的动量守恒，那么判断的依据是看______和______在误差允许范围内是否相等．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B|C【分析】

（1）由电路图可知；图甲是电流表的外接法，电压表与电阻并联，电压的测量值U等于电阻电压真实值；

由于电压表的分流作用，电流的测量值I大于真实值，由于电流的测量值偏大，由R=可知电阻测量值小于真实值；

故A错误；B正确；

（2）由电路图可知，图乙是电流表的内接法，电流表测通过电阻的电流，电流测量值等于真实值；由于电流表的分压作用，电阻电压的测量值大于真实值，由于电压偏大，由R=可知电阻测量值大于真实值；故C正确，D错误；

故选BC．

【解析】【答案】伏安法测电阻的实验电路有两种接法：电流表的内接法与外接法；根据电压表的分流与电流表的分压对测量值影响的分析；然后由欧姆定律分析电阻测量值与真实值间的关系．

2、D【分析】【解析】试题分析：在国际单位制中，长度、质量和时间的单位是力学中基本单位，分别是米、千克、秒；D正确故选D考点：力学单位制【解析】【答案】D3、B【分析】解：A；电场线的方向是正电荷所受电场力的方向；与负电荷所受电场力的方向相反．故A错误．

B；电场线的疏密代表电场的强弱；故电场线越密的地方场强越强．故B正确．

C；电场线不一定与带电粒子的轨迹重合；只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合，故C错误．

D；电场线的切线方向就是电场的方向；如果两条电场线在同一点相交，则有两个切线方向，而事实上电场中的每一点只有一个方向，故任意两条电场线都不会相交．故D错误．

故选：B．

电场线的方向是正电荷所受电场力的方向；而正负电荷所受的电场力的方向相反；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．

记住电场线的特点：电场线的疏密代表电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念．【解析】【答案】B4、B【分析】略【解析】B

5、C【分析】略【解析】C6、B【分析】【分析】根据输送功率相等，运用P=UI

得出输送电流之比，再根据输电线上损失的功率相同，得出输电线的电阻之比，最后运用电阻定律求出输电线的横截面积之比。解决本题的关键知道输送功率与输电电压与输电电流的关系，以及掌握电阻定律R=娄脩LS

【解答】根据P=UI

得，输送电流之比等于输电电压之比，则I1I2=U2U1

根据P=I2R

得，输电线上的电阻R=PI2

则电阻之比R1R2=I22I12=U12U22

由R=娄脩LS

知，导线长度和材料也相同，S1S2=R2R1=U22U12

故B正确，ACD错误。故选B。【解析】B

二、多选题(共9题，共18分)7、BC【分析】解：A；B、若小磁针正东方向有一条形磁铁的S极靠近小磁针；由于异名磁极相互吸引；所以小磁针的N极向东偏转，但不能肯定是磁铁的作用，也有可能是电流引起的，因此不能肯定，是有可能的，故A错误，B正确；

C；若小磁针正上方有电子流自南向北水平通过；电流方向即为自北向南，所以小磁针的N极向东偏转，因此有可能；故C正确；

D；发现小磁针的N极向东偏转；说明小磁针的正上方有电子流自南向北水平通过，故D错误．

故选：BC．

（1）1820年奥斯特发现：当小磁针发生偏转时；说明了磁场的存在，当电流方向改变时，产生的磁场的方向也改变，故小磁针的偏转方向也改变．

（2）同名磁极相互排斥；异名磁极相互吸引．

本题考查的知识有两点：

（1）磁场的基本性质是对放在磁场中的磁体有力的作用；

（2）电流周围存在着磁场，磁场的方向与电流方向有关．【解析】【答案】BC8、BD【分析】解：A；内能与物体的温度、质量、状态等有关；故A错误；

B；任何物体都具有内能；B正确；

CD；做功和热传递都可以改变物体的内能；故C错误，D正确．

故选：BD．

一切物体都有内能；内能与物体的温度；质量、状态等有关，做功和热传递都可以改变物体的内能．

内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能．做功和热传递两种方式对改变内能是等效．【解析】【答案】BD9、BC【分析】解：A

线圈平面每经过和中性面垂直的位置时；电动势和电流达最大值，方向不变；故A错误C正确；

B；线圈平面与中性面垂直时；磁场方向与线圈平面平行；故B正确；

D；此时线圈中的磁通量为零；故D错误；

故选：BC

．

中性面位置；磁感线与线圈平面垂直，磁通量最大，磁通量变化率为零，感应电动势为零，电流将改变方向；而在垂直于中性面位置，磁通量为零，电动势最大，电流方向不变．

本题考查交流电的产生规律，要注意明确当垂直于中性面时电流最大、磁通量为零；注意与中性面位置时对比掌握．【解析】BC

10、ABC【分析】解：ACD、由机械能守恒定律可知物体下滑到底端C、D、E的速度大小v相等，动量变化量的大小△p=mv相等，即△p1=△p2=△p3；

根据动量定理；合力的冲量等于动量的变化率，故合力的冲量也相等，注意不是相同（方向不同）；

设斜面的高度为h，从顶端A下滑到底端C，由

得物体下滑的时间t=所以θ越小，sin2θ越小，t越大，重力的冲量I=mgt就越大，故I1＜I2＜I3；

故A正确；C正确，D错误；

B；物体下滑过程中只有重力做功；故合力做的功相等，根据动能定理，动能的变化量相等，故B正确；

故选：ABC

重力的冲量I=mgt；根据物体的运动的情况，求得物体运动的时间的关系，可以求得冲量的大小；

动量变化量的大小△p=mv；求得物体的速度的大小即可求得动量变化量的大小．

本题考查了对冲量、动量变化量以及瞬时功率的理解，根据各自的公式逐项分析求解即可，要注意各物理量与时间、角度之间的关系．【解析】【答案】ABC11、AB【分析】解：A；水平拉力和安培力平衡；方向相反，安培力的方向水平向左，则水平拉力的方向水平向右，与速度方向无关．故A正确，C错误．

B；根据法拉第电磁感应定律知；进磁场时，磁通量的变化率先变快再变慢，则感应电流的大小先增大后减小．出磁场时，磁通量的变化率先变快再变慢，则感应电流大小先增大后减小．故B正确．

D；进磁场时；磁通量在增大，根据楞次定律，感应电流的方向为逆时针方向．出磁场时，磁通量减小，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向．故D错误．

故选：AB．

根据楞次定律判断金属框内感应电流的方向．根据法拉第电磁感应定律判断感应电流大小的变化．因为金属框匀速通过磁场；则水平拉力和安培力的平衡，根据安培力的方向判断水平拉力的方向．

解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，以及知道感应电动势的大小与磁通量的变化率有关，磁通量变化率越大，感应电动势越大．【解析】【答案】AB12、BC【分析】解：开关合上时；通过线圈的电流在增大，导致线圈出现自感电动势，从而阻碍灯泡A的电流增大，则B比A先到达正常发光状态；

断开开关S的瞬间；因灯泡相同，则电流相等，所以两灯会慢慢熄灭，但不会闪亮一下，通过B灯的电流方向与原电流方向相反．

故选：BC

电路稳定后；L的电阻很小，闭合瞬间L的电阻很大，断开瞬间A灯还要亮一下。

本题考查了电感线圈对电流的阻碍作用，特别是开关闭合、断开瞬间的判断．【解析】【答案】BC13、BD【分析】解：A、图示位置磁通量为Φ1=0，转过90°时磁通量为Φ2=BS，则磁通量的变化量△Φ=Φ2-Φ1=BS．故A错误．

B、根据法拉第电磁感应定律得，平均感应电动势为=N=N=故B正确．

C、感应电动势的最大值为Em=NBSω，有效值为E=Em，电流的有效值为I=

电阻R产生的热量Q=I2Rt，时间t==

联立解得Q=故C错误．

D、通过电阻R的电量q=t=t=N=故D正确．

故选：BD

图示位置磁通量为Φ1=0，转过90°磁通量为Φ2=BS，△Φ=Φ2-Φ1．根据法拉第电磁感应定律求解平均感应电动势．根据焦耳定律Q=I2Rt求解热量；I为有效值．根据法拉第电磁感应定律；欧姆定律和电流的定义式求解电荷量．

对于交变电流，求解热量、电功和电功率时要用有效值，而求解电荷量时要用平均值．要注意磁通量与线圈的匝数无关．【解析】【答案】BD14、BC【分析】【分析】求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值，半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻，R

处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化。根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握，根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键。【解答】A.由电流热效应(22022)2R隆脕0.01=U2R隆脕0.02

知，电压有效值U=1102V

故A错误；B.电压与匝数成正比，所以电压表的示数为15隆脕1102V=222V

故B正确；C.R

处温度升高时，阻值减小，由于电压不变，所以出现火警时电流表示数增大，故C正确；D.由C

知出现火警时电流表示数增大；电阻R0

消耗的电功率增大，故D错误。

故选BC。【解析】BC

15、AD【分析】【分析】根据电阻的定义，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大.

对应P

点，灯泡的电阻等于过P

点的切线斜率的倒数。本题结合图象考查对欧姆定律的理解，要明确题中灯泡是非线性元件。【解答】AB.

根据电阻的定义R=UI

电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大，故A正确，B错误；CD.

根据电阻的定义R=UI

可知对应P

点，小灯泡的电阻为R=U1I2鈮�U1I2鈭�I1

故D正确，C错误。故选AD。【解析】AD

三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】

根据条件，电荷的电量q=-10-6C，负电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做功2×10-6J，电场力做功为WAB=-2×10-6J，则=V=2V．由题，负电荷从C点移到D点，电场力做功WCD=7×10-6J，则UCD==-V=-7V．已知B点比C点电势高3V，即UBC=3V．而UDA=UDC-UAB-UBC=7V-2V-3V=2V．

故答案为：2；-7，2

【解析】【答案】由题，电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做功2×10-6J，电场力做功为-2×10-6J．根据公式U=分别求出A、B间UAB，及C、D间的电势差UCD．根据已知条件B点比C点电势高3V，求解UDA．

17、略

【分析】【解析】【答案】____，________________18、自动控制电路中电流的通断；降压限流【分析】【分析】当开关接通220220伏的电压立即使启动器的惰性气体电离，产生辉光放电，辉光放电的热量使双金属片受热膨胀，两极接触；电流通过镇流器、启动器触极和两端灯丝构成通路，灯丝很快被电流加热，发射出大量电子；双金属片自动复位，两极断开。在两极断开的瞬间，电路电流突然切断，镇流器产生很大的自感电动势，与电源电压叠加后作用于管两端，灯丝受热时发射出来的大量电子，在灯管两端高电压作用下，以极大的速度由低电势端向高电势端运动，在加速运动的过程中，碰撞管内氩气分子，使之迅速电离，在紫外线的激发下，管壁内的荧光粉发出近乎白色的可见光；当灯管正常发光时，内阻变小，启动器就始终保持开路状态，这样电流就稳定的通过灯管、镇流器工作了，使灯管正常发光起限流作用。本题主要考查的是启动器和镇流器的作用，属于书本上的基础知识。【解答】日光灯的启动器在日光灯启动时的作用是自动控制电路中电流的通断，日光灯正常工作时不起作用，镇流器在日光灯启动时能提供瞬时高压，在日光灯正常工作时起降压限流。故答案为：自动控制电路中电流的通断；降压限流。【解析】自动控制电路中电流的通断；降压限流19、低于增大减小【分析】【分析】

根据右手定则判断AB

间感应电流方向；即可知道电势高低.

仅减小电刷AB

之间的距离，感应电动势将减小，灵敏电流计的示数变小。提高转速，灵敏电流计的示数变大。根据欧姆定律分析将滑动变阻器滑动头向左滑，灵敏电流计的示数如何变化，本题是安培定则、右手定则和法拉第电磁感应定律、欧姆定律的综合应用，基本题，考查对实验原理的理解能力。

【解答】

根据安培定则可知；电磁铁产生的磁场方向向右，由右手定则判断可知，金属盘产生的感应电流方向从A

到B

则电刷A

的电势低于电刷B

的电势。

若仅提高金属盘转速；由E=BLv

知，产生的感应电动势增大，灵敏电流计的示数将增大。

若仅将滑动变阻器滑动头向左滑；变阻器接入电路的电阻增大，电磁铁电流减小，电磁铁磁场减弱，圆盘转动时产生的感应电动势变小，则电路中电流减小，灵敏电流计的示数减小。

故答案为：低于增大减小。

【解析】低于增大减小20、2b→a0.50.1水平向左【分析】解：电路中电动势：E=Blv=0.4×0.5×10=2V；

由右手定则可知，通过ab棒的电流方向b→a；

电路中电流：

ab棒所受的安培力：F=BIl=0.4×0.5×0.5=0.1N；由左手定则可知水平向左。

故答案为：2；b→a；0.5；0.1；水平向左。

根据E=BLv计算电路中电动势；由右手定则判断通过ab棒的电流方向；根据闭合电路欧姆定律计算电路中电流；根据安培力的计算公式倾角ab棒所受的安培力；由左手定则判断方向。

本题主要是考查法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律和安培力的计算，能清楚电路的连接情况是关键。【解析】2b→a0.50.1水平向左21、略

【分析】试题分析：表头上的电压U=IgRg=100×10-6×1000Ω=0.1V，改装成电压表时，串联电阻上的电压U=3V-0.1V=2.9V，串联电阻R1=U/Ig=29000Ω=2.9×104Ω；改装成电流表时要并联电阻，并联电阻通过的电流I2=1A-0.0001A=.0..9999A，R2=U/I2=0.1/0.9999=0.1Ω考点：电表的改装【解析】【答案】串，2.9×104，并，0.122、02×10−11C02×10−11C02×10−11C02×10−11C02×10−11C02×10−11【分析】【分析】根据图象应用法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由电容的定义式求出电荷量；由楞次定律判断出感应电动势的方向，然后判断极板带电情况。本题主要考查的是法拉第电磁感应定律以及电容的定义式，结合图象进行求解。【解答】由图乙所示图象可知，在00??22ss00??22ss00??22ss00??22ss内磁感应强度不变，圆环不产生感应电动势，电热器两极板间电压为零，所带电荷量为零；在00??22ss00??22内ss由法拉第电磁感应定律可知22??88ss感应电动势：E=?娄碌?t=?BS?t=(0?6隆脕10?2)隆脕10隆脕10?48?2V=?1隆脕10?5V22??88ss负号表示方向，22??88ss22??88ss末电容器带电量：22??88ss22??88ss，，，，，，?6

，，，，?5

，，，，?11

，；在，，，，内，由楞次定律可知，，板电势高，，点电势低，则44ss板带正电，44ss44ss44ss44ss?11

C

44。故答案为：ssQQ==CCUU==CCEE==22隆脕隆脕1010?6{,!}^{?6}隆脕隆脕11隆脕隆脕1010?5{,!}^{?5}==22隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CCQQ==CCUU==CCEE==22隆脕隆脕1010?6{,!}^{?6}隆脕隆脕11隆脕隆脕1010?5{,!}^{?5}==22隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CCQQ==CCUU==CCEE==22隆脕隆脕1010?6{,!}^{?6}隆脕隆脕11隆脕隆脕1010?5{,!}^{?5}==22隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC?11

QQ==CCUU==CCEE==22隆脕隆脕1010?6{,!}^{?6}隆脕隆脕11隆脕隆脕1010?5{,!}^{?5}==22隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC；QQ==CCUU==CCEE==22隆脕隆脕1010?6{,!}^{?6}隆脕隆脕11隆脕隆脕1010?5{,!}^{?5}==22隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CCQQ【解析】0022隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC0022隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC0022隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC0022隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC?11

0022隆脕隆脕1010?11{,!}^{?11}CC0022四、判断题(共4题，共32分)23、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．24、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．25、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．26、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．五、作图题(共4题，共40分)27、略

【分析】

根据左手定则判断电流方向；磁场方向和安培力方