2022年广东省中考物理试题试题（含答案+解析）

2022年广东省初中学业水平考试物理

本试卷共7页，23小题，满分100分。考试用时80分钟，

注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的准考证号、姓名、考场

号和座位号填写在答题卡上，用2B铅笔在“考场号”和“座位号”栏相应位置填涂自己的考

场号和座位号。将条形码粘贴在答题卡”条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相

应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一

项是符合题目要求的。

1.下列关于普通教室内的物理量的估测，符合实际的是（）

A.一根粉笔的质量约为1kgB.课桌的高度约为70cm

C.室内大气压强约为lOOPaD.室温约为60c

【答案】B

【解析】

【详解】A.一根粉笔的质量约为5g,故A不符合题意；

B.教室内课桌的高度约在70cm~80cm之间，故B符合题意；

C.室内大气压强约为一个标准大气压，约为1.01xl05pa,故C不符合题意；

D.正常教室内的温度约在20℃~30℃之间，故D不符合题意。

故选B。

2.小明发现衣柜里防虫用的樟脑丸会越来越小，此现象属于哪种物态变化（）

A.熔化B.升华C.汽化D.液化

【答案】B

【解析】

【详解】樟脑丸会越来越小是因为樟脑丸逐渐由固体直接变为气体，这属于升华现象。故ACD不符合题意，

B符合题意。

故选B。

3.下列微观粒子中，尺度最大的是（）

A.原子B.电子C.质子D.中子

【答案】A

【解析】

【详解】原子是由原子核及核外电子组成，而原子核由质子及中子组成，所以尺度最大的是原子。故A符

合题意，BCD不符合题意。

故选Ao

4.下列关于声音的说法，不正确的是（）

A.临街住宅安装双层玻璃可以减弱噪声

B.长期佩戴耳机开大音量听音乐可能损伤听力

C.北京天坛的回音壁利用了声音反射的原理

D.声呐通过次声波的回声定位探索海洋的秘密

【答案】D

【解析】

【详解】A.为了改善室内的居住环境，建筑师在设计窗户时常采用双层玻璃，这样做的主要优点是：①隔

热，②隔声；故A正确，不符合题意；

B.长期戴着耳机听高分贝音量的音乐，有可能损伤鼓膜，致使听力下降，故B正确，不符合题意;

C.驰名中外北京天坛里的回音壁，三音石，圜丘三处建筑有非常美妙的声音现象，它是我国古代建筑师

利用声音的反射形成的音响效果，故C正确，不符合题意;

D.声呐利用超声波进行回声定位，而不是利用次声波,故D错误，符合题意。

故选D。

5.关于能量和能源，下列说法正确的是（)

A.煤、石油、天然气都可再生能源B.电能是一次能源

C.水力发电是将水的机械能转化为电能D.太阳释放的能量是核裂变产生的

【答案】C

【解析】

【详解】A.煤、石油、天然气不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A错误；

B.生活中所使用的电能是从自然界中的一次能源转化而来的，因此电能属于二次能源，故B错误；

C.水力发电时，消耗水的机械能，转化为电能，因此水力发电是将水的机械能转化为电能，故C正确;

D.太阳内部发生的是热核反应，太阳释放的的巨大能量是由核聚变产生的，故D错误；

故选C。

6.分别使用图中四种装置匀速提升同一重物，不计滑轮重、绳重和摩擦，最省力的是（)

【答案】A

【解析】

【详解】A.不计滑轮重、绳重和摩擦，承重绳子的段数〃=3,则拉力

'3

B.不计滑轮重、绳重和摩擦，承重绳子的段数”=2,则拉力

我2=?

C.定滑轮相当于等臂杠杆，不计滑轮重、绳重和摩擦，则拉力

玛=G物

D.动滑轮相当于省力杠杆，不计滑轮重、绳重和摩擦，则拉力

综上，四种装置匀速提升同一重物，则最省力的是A中的装置。

故选A。

7.图中的a表示垂直于纸面的一段导线，它是闭合电路的一部分。当。在下列磁场中沿图中所示方向运动

时，不会产生感应电流的是（）

磁感线磁感线

磁感线磁感线

C.

-;-

【答案】D

【解析】

【详解】当闭合电路的一部分导体切割磁感线时，会产生感应电流，而ABC导体都在切割磁感线，而只有

D顺着磁感线运动，不会切割磁感线，故ABC不符合题意，D符合题意。

故选D。

二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分：

8.班级厨艺展示活动中，用煤气炉烹饪食物主要是通过（选填“做功”或“热传递”）的方式

增大食物的内能；现场香气四溢属于现象，表明分子在不停地做无规则的运动。活动结束，剩

余煤气的热值___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【答案】①.热传递②.扩散③.不变

【解析】

【详解】口］用煤气炉烹饪食物时，煤气燃烧释放出来的热量主要通过热传递的方式给食物加热，使食物的

内能增加。

⑵现场香气四溢属于扩散现象，说明分子在不停的做无规则运动。

⑶热值是燃料的一种特性，煤气燃烧一部分后，剩余煤气的种类没变，状态没变，则其热值不变。

9.图表示四冲程汽油机处于冲程。汽车尾气带走能量___________（选填“能”或“不能”）

自动汇集回来转化成燃料的化学能，这反映了能量的转化具有。

【答案】①.排气②.不能③.方向性

【解析】

【详解】［1］由图示知，汽缸的进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，是排气冲程。

⑵⑶燃料燃烧放出的能量中有部分热散失，被尾气带走，而尾气带走的能量不会再自动变成燃料的化学能,

这是因为能量的转化具有方向性。

10.一枚实心纪念币的质量为16g,体积为2cm3,纪念币的密度是g/cm3。可见，这枚纪念币

（选填“是”或“不是”）纯金制成。若宇航员将这枚纪念币带到太空，其质量一

（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（p金=19.3X103kg/m3）

【答案】①.8②.不是③.不变

【解析】

【详解】⑴⑵纪念币的密度

p=2=1彳=8g/=8xl03^/m3<p个=19.3xl03^/m3

V2cm

由于纪念币的密度小于纯金的密度，则纪念币不是纯金制作的。

⑶质量是物质的一种属性，它不随形状、状态、位置和温度的改变而变化，因此将纪念币带到太空，其质

量不变。

11.如图所示，电子蜡烛的“烛焰”通过凸透镜在光屏上成一个清晰立的实像。利用这一成像

规律可制成（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”），若保持蜡烛和光屏的位置不变，

仅将凸透镜更换成另一个焦距相同、尺寸更大的凸透镜，此时光屏上像的大小与原来的像对比应

（选填“变大”“变小”或“不变”）。

【答案】①.倒②.照相机③.不变

【解析】

【详解】由图可知，物距大于像距，即电子蜡烛位于凸透镜的二倍焦距之外，凸透镜成倒立、缩小的

实像，照相机的成像原理与之相同。

［3］凸透镜成像性质是由物距所决定的，实验中保持蜡烛和光屏的位置不变，仅更换焦距相同、尺寸更大的

凸透镜，相当于物距大小不变，此时光屏上所成像的大小不变。

12.家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器联。若用电热水壶加热0.8kg的水，使其温度从30℃

升高到80℃,则水吸收的热量是J«此过程中，电热水壶实际消耗的电能（选填“大

于”“等于,,或“小于”）水吸收的热量。［c，k=4.2xl（）3j/（kg」c）］

【答案】①.并②.1.68x10"③.大于

【解析】

【详解】［1］家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器之间互不干扰，都能独立工作，所以它们是并联的。

⑵用电热水壶加热0.8kg的水，使其温度从30℃升高到80℃,则水吸收的热量

Q=c水泅=42xlO3J/（kg-℃）x0.8kgx（80℃-30℃）=1.68x105J

⑶由于在烧水过程中，水会不断的向外散热，所以电热水壶实际消耗的电能会大于水吸收的热量。

13.“西塞山前白鹭飞，桃花流水鳏鱼肥"（［唐］张志和《渔歌子》）。图是白鹭在如镜的水面上飞行的情形。

水中的“白鹭”是由光的形成的（选填“实”或“虚”）像。若水深3m,当白鹭

距离水面5m时，它的像距离水面m。

【答案】①.反射②.虚③.5

【解析】

【详解】口］［2］平静的水面相当于平面镜，所以水中的“白鹭”相当于平面镜成像，平面镜成像成的是虚像，

其原理是光的反射。

⑶根据平面镜成像的特点，像到镜面的距离等于物体到镜面的距离，故白鹭距离水面5m时，它的像距离水

面5m。

14.图甲中过山车从A点出发，先后经过8、C、D、E点。图乙是过山车在2、C,。、E点的动能和重力

势能大小的示意图，则过山车的动能在___________点最大，8点重力势能的大小E点动能的大

小。在这个过程中，过山车的机械能是（选填“变化”或“不变”）的。

【答案】①.c②.等于③.变化

【解析】

【详解】（1）［1］过山车在8点重力势能最大，在下降的过程中，重力势能转化为动能，再加上之前前进的

动能，所以在C点动能最大。

⑵由图乙可知，B点的重力势能与E点的动能大小在一个水平线上。所以大小相等。

［3］因为有摩擦以及空气阻力的原因，一部分机械能转化为内能，所以过山车的机械能是变化的。

三、作图题：本题7分

15.如图所示，物体A保持静止，画出A所受重力G和拉力厂的示意图。

•A

【答案】Y

，/

"A

G

【解析】

【详解】物体A保持静止，受到重力和拉力是一对平衡力，这两个力大小相等，方向相反，如下图所示:

F

"A

G

16.如图所示，一束光从水中射向水面。点，画出法线、反射光线和大致的折射光线。

【详解】一束光从水中射向水面。点，过。点作垂直于分界面的一条虚线，即法线，根据光的反射定律可

知，反射光线与入射光线分居法线两侧，且反射角等于入射角，据此画出反射光线；根据光的折射定律可

知，折射光线与入射光线分居法线两侧且不在同一介质中，由于光从水中射入空气，所以折射角大于入射

角，据此画出折射光线，如图所示：

17.如图所示，画出通电螺线管中的电流方向和它外部磁感线〃的方向。

磁感线。

【详解】由图可知，电流从正极出发，回到负极，根据安培定则可知，右手握住通电螺线管，四指指向电

流方向，大拇指所指方向，即通电螺线管的右端为N极，磁感线由N极出发，回到S极，如图所示：

磁感线a

四、实验题：本大题共3小题，第16小题7分，第1、18小题各6分，共19分。

18.图中，刻度尺的分度值是mm,木块的长度为cm；

Ocml234,

【答案】①.13.80

【解析】

【详解】图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm；木块起始端对应的刻度值为0.00cm；

末端对应的刻度值为3.80cm,木块长度为3.80cm.

【点睛】刻度尺相邻刻度线间的距离是刻度尺的分度值，由图示刻度尺确定刻度尺的分度值，物体端点与

刻度尺零刻度线对齐，物体另一端点所对应刻度尺的示数是物体的长度.

19.与毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带电。用带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔

张开，如图所示。这两片金属箔带种电荷。

橡胶棒

【答案】①.负②.同

【解析】

【详解】［11摩擦起电的实质是电子的转移，与毛皮摩擦过的橡胶棒得到电子而带负电，毛皮失去电子而带

正电。

⑵验电器的两片金属箔带上了同种电荷，同种电荷相互排斥，所以金属箔片会张开。

20.体温计是根据液体的规律制成的。体温计离开人体后，直管内的水银（选填“能”或“不

能”）自动退回玻璃泡，所以体温计能离开人体读数。图中的体温计示数是

【详解】II］体温计属于液体温度计，玻璃泡内装有液态的水银，工作时利用液体的热胀冷缩的性质来测量

人的体温。

⑵由于体温计的玻璃泡和直玻璃管之间有一个很细的弯管，在温度下降时水银在细弯管处断开而不能自动

流回到玻璃泡内，因此体温计能离开被测人体读数。

［3］体温计的测量范围为35~42℃,体温计的一个大格表示1℃,里面有10个小格，分度值为0.1℃,则图中

体温计的示数为36.5C。

21.在“探究杠杆的平衡条件”实验中：

(1)小明安装好杠杆后，发现其左端下沉，如图甲所示。为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向

___________调节；

(2)如图乙所示，杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N。如果在B处施加一个拉力使

杠杆在水平位置再次平衡，当方向为时，拉力最小，大小为N；

(3)课后，小明制作了一个简易杠杆，调节杠杆在水平位置平衡，然后在它两边恰当位置分别放上不同数

量的同种硬币，使其在水平位置再次平衡，如图丙所示，则力臂44=。若两边同时各取走一

枚硬币，则杠杆的端将下沉。

【答案】①.右②.竖直向下③.2@.4：1⑤.左

【解析】

【详解】(1)[1]由图甲知，杠杆的左端下沉，应向右调节平衡螺母才能让杠杆在水平位置平衡。

(2)[2]⑶在8处施加的动力方向竖直向下时，对应的动力臂最大。据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂不变

时，动力臂最大，对应的动力最小。杠杆在水平位置平衡时，有

3xO.5Nx4/=F|X3/

解得最小拉力

Fi=2N

(3)[4]由图示知，左边对杠杆的作用力为2个硬币的重力，右边对杠杆的作用力为4个硬币的重力，设每

个硬币的重力为G,则有

Gi：G2=2G：4G=1：4

据杠杆的平衡条件有

/]：l2=G2：Gi=4：1

⑸在两边同时取走一枚硬币，则左边和右边分别是

(2G-G)X/1=GX/1=4G/2

(4G-G)X/2=3G/2

所以杠杆的左端下沉。

22.图甲是测量小灯泡在不同电压下电阻的实验电路图(小灯泡额定电压为1.5V)。

（1）小明按电路图连接实物，刚接上最后根导线，看到电流表指针立刻有偏转。若电路连线正确，造成这

种异常现象的原因是。

（2）实验中，调节滑动变阻器，分别记录电压表和电流表的示数如下:

测量次序12345

电压U/V1.81.51.0—0.3

电流I/A0.320300.26—0.18

①第4次测量对应的电压表和电流表示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压是V,通过它的

电流是A。

②小灯泡正常发光时的电阻是

③第5次测量中，小灯泡不发光。小明断定是灯丝断了。这个判断是（选填“正确”或“错误”）

的，理由是«

【答案】①.连接电路时，开关没有断开②.0.6③.0.22④.5⑤.错误⑥.见解析

【解析】

【详解】（1）[1]由题意可知，刚接上最后根导线，看到电流表指针立刻有偏转，说明电路是一个通路，所

以造成这种异常现象的原因是连接电路时，开关没有断开。

（2）[2]由图乙中的电压表图可知，电压表选择的量程为0~3V,根据指针所在的位置可得，该电压表的示

数为0.6V。

⑶由图乙中的电流表图可知，电流表选择的量程为0~0.6A,根据指针所在的位置可得，该电流表的示数为

0.22A。

⑷由题意可知，小灯泡额定电压为1.5V,再由表格可知，当小灯泡两端电压为额定电压时，通过小灯泡的

电流为0.3A,根据欧姆定律1=—可得小灯泡正常发光时的电阻是

R

[5]⑹小灯泡不发光，小明断定是灯丝断了，这个判断是错误的，因为若是小灯泡灯丝断了，那么电压表将

串联在电路之中，此时电压表的示数将接近于电源电压，电流表的示数接近于0,根据表格中的数据可知,

与实际情况不符，所以不是小灯泡灯丝断了，故小明的判断是错误的。

五、计算题：本大题共2小题，第19小题7分，第20小题6分，共13分

23.图中某智能机器人的质量为80kg,其轮子与水平地面接触的总面积为5xl（Hm2。在水平地面上工作时，

该机器人匀速直线移动的速度为lm/s,所受阻力是机器人重力的0.05倍。求：（取g=10N/kg）

(1)机器人对水平地面的压强；

(2)机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力；

(3)机器人在水平地面上匀速直线移动30s,此过程中牵引力做的功。

¥

【答案】(1)1.6xlO6Ptz；(2)40N；(3)1200J

【解析】

【详解】解：(1)机器人的重力

G=mg=80kgx10N/kg=800N

机器人对水平地面的压强

G_800N

£=1.6xlO6Pa

P=~S7_5xl0-4m2

(2)机器人在水平地面上匀速直线移动时，受平衡力，牵引力等于阻力，则牵引力

F=f=0.05G=0.05x800NM0N

(3)机器人在水平地面上匀速直线移动30s移动的距离

s-vr=lm/sx30s=30m

此过程中牵引力做的功

W=Es=4()Nx30m=12(X)J

答：(1)机器人对水平地面的压强是1.6xl()6pa;

(2)机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力是40N；

(3)机器人在水平地面上匀速直线移动30s,此过程中牵引力做的功是1200J。

24.某电热取暖器的简化电路如图所示，R、&为发热电阻。取暖器工作时，通过开关5和S2实现低温、

高温的挡位控制。已知高温挡功率为1320W,Ri=55C。求：

(1)取暖器工作时通过R的电流；

(2)取暖器处于低温挡时，工作Imin产生的热量；

(3)&的阻值。

【答案】(1)4A；(2)52800J；(3)110Q

【解析】

U11

【详解】解：（1）由电路图知，两个开关都闭合时，两个电阻并联在电路中，电路中的总电阻较小，据户

R

知，电路中的总电功率较大，处于高温挡；S1闭合、S2断开时，电路中只有照工作，电路中的电阻较大,

据户=」知，电路中的总电功率较小，处于低温挡。此时通过凡的电流

R

U220V,

,=—=-------=4AA

1/?,55Q

（2）电热取暖器处于低温挡时，功率

P(lui=Wi=220Vx4A=880W

工作Imin产生的热量

Q=P低*Z=880Wx60s=52800J

（3）高温挡工作，&消耗的功率

P2=PMsa-PKa=1320W-880W=440W

所以R2的阻值

(220V)2

K=110Q

440W

答：Q）取暖器工作时通过吊的电流为4A；

（2）取暖器处于低温挡时，工作Imin产生的热量为52800J；

（3）&的阻值为non.

六、综合能力题：本大题共3小题，第21小题7分，第22、23小题各6分，共19分。

25.我国自主研制的载人深潜器下潜深度已突破10000m,在载人深潜领域达到世界领先水平。（取p海水

=1.03X103kg/m3,p*=1.OX103kg/m3,g=10N/kg)

（1）潜水艇活动的海水深度一般为300m至600m。它可以通过水舱排水或充水来改变,从而

实现浮沉;

（2）深潜器可进入更深的水域，在10000m的深处，海水产生的压强为Pa。由于深海海水压强

太大，深潜器实现浮沉的方法与潜水艇有所不同；

（3）小明阅读资料后，利用图的装置模拟深潜器在水中的运动过程。物体甲、乙由一条细线连接且在水中

处于静止状态，已知乙的质量为0.2kg,体积为25cm3,则乙所受浮力的大小为N,乙受到细线

的拉力为N。若剪断细线，甲将（选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”），此时甲

所受浮力（填字母）。

A.增大，且大于重力B.不变，且等于重力

C.不变，且大于重力D.减小，且小于重力

【答案】①.自身重力②.1.03x108③.0.25©.1.75⑤.上浮⑥.C

【解析】

【详解】（1）口]由于潜水艇排开水的体积不变，所受浮力不变，当它向水舱充水或向外排水时，改变了自

身的重力，从而实现上浮或下沉。

（2）12]深潜器在10000m深处受到海水的压强

p=p海水gh=1.03x103kg/m3x1ON/kgx10000m=1.03x108Pa

（3）[3]由图可知，乙在水中浸没且处于静止状态，则乙所受浮力

F泊中水g叭广2V1.Ox103kg/m3x10N/kgx25x10-6m3=0.25N

[4]物体乙的重力

G4=wi4g=0.2kgxl0N/kg=2N

物体乙受到竖直向下的重力、竖直向上的细线的拉力和浮力的作用而静止，则物体乙受到细线的拉力

F细*Gz.-F浮乙=2N-0.25N=l.75N

[5]⑹物体甲在水中浸没且静止，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和细线的拉力而处于平衡状态，则

F浮甲=Gip+Faa

若剪断细线，细线对物体甲的拉力消失，物体甲排开水的体积不变，即物体甲所受浮力不变，物体甲的重

力也不变，则物体甲所受浮力大于物体甲的重力，物体甲将上浮。故ABD不符合题意，C符合题意。

故选C。

26.题22图甲为部分电磁波的频率分布示意图。

\KAAJUW

"样可''空X射坟Y射及

（1）由图可知，紫外线（选填“是”或“不是”）电磁波。它在真空中的传播速度约为

___________m/So

（2）下列实例中，属于紫外线应用的是（填字母）。

A.遥控器控制电视B.体检时拍X光片

C.医院杀菌消毒灯D.“测温枪”测量体温

（3）少量的紫外线照射是有益的，过量的紫外线照射会损伤皮肤。紫外线能使荧光物质发光，小明想检验

某防晒霜对紫外线的阻挡作用，利用图乙所示的实验装置在暗室及一定防护下进行实验。

步骤一：如图乙所示，固定好紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板，将一块大小合适的玻璃板放置在

（选填"I”“II”或“HI”）区域，且调整玻璃板与硬纸板平行；

步骤二：打开紫外线灯，荧光物质发光；

步骤三：关闭紫外线灯，荧光物质不发光；

步骤四：按产品的说明书要求在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次打开紫外线灯，荧光物质有微弱发光。

由此可推断，该防晒霜（选填“能”或“不能”）阻挡全部紫外线。

【答案】①.是②.3.0x108③3④.H⑤.不能

【解析】

【详解】（1）口］因为光是电磁波的一种，而紫外线又属于看不见得光，所以紫外线属于电磁波。

⑵光在真空中传播速度是3xlO8m/s,而紫外线属于看不见得光，所以紫外线在真空中的传播速度约为

3xl08m/s«

（2）L3JA.遥控器是利用红外线可以进行遥控来工作的，故A不符合题意；

B.拍X光片利用的是X射线，不属于紫外线，故B不符合题意；

C.医院杀菌消毒灯，利用的是紫外线具有杀菌作用，故C符合题意；

D.测温枪的工作原理是利用红外线的热效应，故D不符合题意。

故选Co

（3）⑷由题意可知，小明要检验某防晒霜对紫外线的阻挡作用，因为光沿直线传播，所以应该把玻璃板放

在紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板之间，观察荧光物质的发光情况；然后在玻璃板上均匀涂满防晒霜，

观察荧光物质的发光情况，通过对比，得出某防晒霜对紫外线是否有阻挡作用。

⑸由题意可知，在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次打开紫外线灯，荧光物质有微弱发光，说明仍有部分紫

外线照射在荧光物质上，所以该防晒霜不能阻挡全部紫外线。

27.阅读下列短文，回答问题。

直流充电桩

直流充电桩是一种为电动汽车补给能量的装置，如图甲所示，它能够将电网中的交流电转化为直流电，再

将电能充入汽车动力电池(以下简称电池)。通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大,

因而可实现快速充电。

直流充电桩r

甲乙

设电池当前储能占充满状态储能的百分比为D,充电时，充电桩的充电功率P会随着电池的。的变化而变

化，同时用户还可以通过充电桩显示屏了解充电过程中的其他相关信息。现实际测试一个直流充电桩对某

辆电动汽车的充电性能。假定测试中充电桩输出的电能全部转化为电池的储能。充电前，。为30%,充电

桩显示屏中充电时长、充电度数、充电费用示数均为0。开始充电后，尸与。的关系如图乙所示(为方便计

算，图像已作近似处理)，充满后，立即停止充电。当。达到70%时充电桩显示屏的部分即时信息如下表。

充电电压(V)充电电流(A)充电时长(min)充电度数(kWh)充电费用(元)

4004524.028.80

(1)通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，故充电功率更.；

(2)在。从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律是。当。为70%时，充电电流

为A