云南省2024年高考物理模拟试卷及答案6

云南省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单选题得分1．足球运动有“世界第一运动”的美誉，是全球体育界最具影响力的单项体育运动。如图所示为四种与足球有关的情景，下列说法正确的是（）A．甲图中，静止在草地上的足球受到的支持力就是它的重力B．乙图中，静止在光滑水平地面上且相互接触的两个足球会受到相互作用的弹力C．丙图中，踩在脚下且静止在水平草地上的足球可能受到3个力的作用D．丁图中，落在球网中的足球受到弹力是由于足球发生了形变而产生的2．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D=____mm；（）A．4.700 B．4.70 C．4.200 D．4.203．如图所示，在一辆表面光滑的小车上，放有质量分别为m1、m2的两个球，随车一起匀速运动，当车突然停止运动，其他阻力不计，设车无限长，则两小球（）A．一定相碰 B．一定不相碰C．若m1>m2，则肯定相碰 D．若m1<m2，则一定不相碰4．跳高运动员在竖直向上跳起的瞬间，地面对他的弹力的大小为N，他对地面的压力的大小为N′，比较N和N′的大小（）A．N＝N′ B．N＜N′C．N＞N′ D．不能确定N、N′那个力较大5．如图甲所示，小物块放在固定的足够长的光滑斜面上，在平行于斜面向上的力F的作用下由静止开始沿斜面运动，运动过程中物块的机械能E随位移x变化的关系如图乙所示。其中0～x1过程与x2～x3过程的图线是平滑的曲线，x1～x2过程的图线是倾斜的直线，x3～x4过程的图线是平行于x轴的直线，则下列说法正确的是（）A．在0～x1过程中小物块的加速度不断增大B．在x1～x2过程中小物块可能做匀加速运动，也可能做匀速运动或者匀减速运动C．在x2～x3过程中F不断减小，小物块动能一定减小D．在x3～x4过程中小物块一定做匀速运动6．如图，质量分别为M、m的两个木块A、B通过轻弹簧连接，木块A放在水平桌面上，木块B用轻绳通过定滑轮在力F的作用下整体恰好处于静止状态，绳与水平方向成α角．不计滑轮与绳间的摩擦．则下列正确的是（）A．木块A对桌面的压力(B．木块A与桌面之间的动摩擦因数μ=C．弹簧与水平方向的夹角的正切值tanD．弹簧的弹力大小为F7．如图所示，甲、乙是两个完全相同的闭合导线线框，a、b是边界范围、磁感应强度大小和方向都相同的两个匀强磁场区域，只是a区域到地面的高度比b高一些。甲、乙线框分别从磁场区域的正上方距地面相同高度处同时由静止释放，穿过磁场后落到地面。下落过程中线框平面始终保持与磁场方向垂直。以下说法正确的是（）A．甲乙两框同时落地 B．乙框比甲框先落地C．落地时甲乙两框速度相同 D．穿过磁场的过程中甲线框中通过的电荷量小于乙线框8．如图所示，光滑圆环竖直固定，A为最高点，橡皮条上端固定在A点，下端连接一套在圆环上的轻质小环，小环位于B点，AB与竖直方向夹角为30°，用光滑钩拉橡皮条中点，将橡皮条中点拉至C点时，钩的拉力大小为F，为保持小环静止于B点，需给小环施加一作用力F'A．若F'沿水平方向，则F'=33C．F'的最大值为33F D．阅卷人二、多选题得分9．用油膜法测量分子直径大小实验的科学依据是（）A．将油膜看成单分子油膜B．不考虑各个油酸分子间的间隙C．考虑各个油酸分子间的间隙D．将油酸分子看成球形E．将油酸分子看成立方体10．质量为m1=4kg的木板放在光滑的水平面上，其上放置一个质量m2=2kg的小物块，木板和物块间的动摩擦因数为0.4，木板的长度为4m，物块可视为质点，现用一大小为F=16N的力作用在A．m1的加速度为2m/s2 B．C．经过2s物块从木板上脱离 D．物块离开木板时的速度为8m11．在x轴上固定两个带电荷量分别为+4q、−q的点电荷，以其中的某一电荷为原点，两电荷所形成的电场的电势φ在x轴正半轴上的分布如图所示，下列说法正确的是（）A．正电荷在坐标原点，负电荷在x=xB．负电荷在坐标原点，正电荷在x=−xC．在x轴上x>xD．一带负电试探电荷从O处移到x212．如图所示是一列简谐波在t=0时的波形图像，波速大小为v=10m/s，方向水平向右，此时波恰好传到I点，则下列说法正确的是（）A．此列波的周期为T=2.5sB．质点E开始振动的方向沿y轴负方向C．当t=5.1s时，x=10m的质点处于平衡位置处D．质点B，F在振动过程中相对平衡位置的位移总是相同E．质点A，E，I振动过程中的加速度总是相同13．如图所示，一列简谐波沿x轴传播，实线为t=0时的波形图，此时P质点向y轴负方向振动，虚线为0.02s(小于1个周期)时的波形图。则下列说法正确的是（）A．波沿x轴正方向传播B．波速为3.5m/sC．t=0.02s时，x=8cm处质点向y轴负方向振动D．t=0至t=0.08s，质点P通过的路程为0.04mE．该波的频率为6.25Hz14．如图甲，间距L=1.0m且足够长的光滑平行金属导轨ab、cd固定在水平面上，左侧ac间接有R=2.0Ω的电阻，垂直于导轨跨接一根质量m=1.0kg的金属杆，金属杆与导轨接触良好，不计金属杆与导轨的电阻。长为s（s足够长）、宽为L的矩形区域有内有竖直向上的匀强磁场，磁场右边界紧邻金属杆，磁感应强度大小B=2T。从t=0时刻起，金属杆（在方向平行于导轨的水平外力F作用下）和磁场向右运动的v−t图像分别如图乙中的P和Q，下列说法正确的是（）A．t=0时刻，R两端的电压为0B．t=1.0s时刻，金属杆所受安培力的大小为2N、方向水平向右C．t=3.0s时刻，金属杆所受外力F做功的功率为9.0WD．0~2.0s内，通过电阻R的电荷量为4.0C阅卷人三、实验题得分15．某研究性学习小组要研究弹簧的劲度系数与绕制弹簧的金属丝直径间的关系，为此他们选择了同种材料制成的不同直径的钢丝来绕制弹簧。（1）进行此项实验需要采用控制变量法，除了材料相同外，你认为还应控制哪些因素相同（写出两项即可）。（2）用游标卡尺测量绕制弹簧的钢丝直径，某次测量示数如图所示，则该钢丝的直径为mm。（3）根据下表中相关数据，分析可得：在其他条件相同的情况下，弹簧的劲度系数与其所用钢丝直径的次幂成正比。

劲度系数k（N/m）钢丝的直径D（mm）D－1（mm－1）D2（mm2）D3（mm3）D4（mm4）11320.91.110.810.730.6624141.20.831.441.732.07310121.50.672.253.385.0616．在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图连接起来进行探究．钩码数1234LA/cm15.7119.7123.6627.76LB/cm29.9635.7641.5147.36（1）某次测量如图所示，指针示数为cm．（2）在弹性限度内，将50g的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B的示数LA和LB如表．用表中数据计算弹簧1的劲度系数为N/m(重力加速度g=10m/s2)．由表中数据（填“能”或“不能”）计算出弹簧2的劲度系数．阅卷人四、解答题得分17．如图所示，半径为R的竖直光滑半圆轨道bc与水平光滑轨道ab在b点连接，开始时可视为质点的物体A和B静止在ab上，A、B之间压缩有一处于锁定状态的轻弹簧(弹簧与A，B不连接)．某时刻解除锁定，在弹力作用下A向左运动，B向右运动，B沿轨道经过c点后水平抛出，落点p与b点间距离为2R.已知A质量为2m，B质量为m，重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）B经c点抛出时速度的大小？（2）B经b时速度的大小？（3）锁定状态的弹簧具有的弹性势能？18．如图所示，在竖直平面内的xOy直角坐标系中，以足够长的x轴为水平边界的上方充满方向与x轴的夹角θ=37°斜向上、电场强度大小为E1（未知）的匀强电场；x轴下方充满正交的匀强电场和匀强磁场，电场的电场强度大小为E2（未知）、方向竖直向上，磁场方向水平向外．一质量为m、电荷量为q的带正电小球（视为质点）从y轴上到原点O距离为L的A点由静止释放，释放后小球沿AP方向做直线运动，从P点进入第IV象限后做匀速圆周运动且恰好经过原点O．已知AP与x轴的夹角也为θ，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，空气阻力不计，重力加速度大小为g．（1）求小球经过P点时的速度大小v；（2）求E1（3）若小球从P点进入第IV象限后，立即改变x轴上方的匀强电场，使得小球通过原点O时所受合力与小球速度方向垂直，求改变后的匀强电场的电场强度最小时电场强度的方向和电场强度的最小值Emin以及改变电场后小球第一次经过坐标轴上的位置到P点的距离s．19．把上端A封闭，下端B开口的玻璃管插入水中，放掉部分空气后放手，玻璃管可以竖直地浮在水中（如图所示）．设玻璃管的质量m=40g，横截面积S=2cm2，玻璃管露出水面以上部分的长度b=2cm，大气压强p0=105Pa，水的密度ρ=1g/cm3，玻璃管厚度和管内空气质量不计，g取10m/s（1）求玻璃管内空气柱的长度；（2）用手拿住玻璃缓慢地竖直压入水中，若水足够深，则当管的A端在水面下超过某一深度H时，放手后玻璃管不再浮起，求H．20．如图所示模型，水平地面上b点左侧粗糙，动摩擦因数为μ=0.5，b点右侧光滑，且ab=L=2.4m，cd段是半径为R=0.4m、圆心角为60°的光滑圆弧轨道，圆弧轨道与水平地面平滑连接。质量为m1=1kg的小物块A以v0=7m/s的初速度从a点水平向右运动，质量为m2=2kg的小物块B静止在b点右侧，两物块均可看作质点。物块A与物块B发生正碰后，A物块以1m/s的速度向左运动，物块B向右运动滑上圆弧轨道。重力加速度g=10m/s2。求：（1）两物块碰撞前A的速度大小？（2）两物块碰撞过程中损失的机械能；（3）物块B运动至d点时轨道对物块的支持力大小。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A、静止在草地上的足球受到的支持力与重力大小相等，但并不能说支持力就是重力，故A错误。

B、静止在光滑水平地面上的两个足球并没有发生弹性形变，未产生弹力，故B错误。

C、踩在脚下静止在水平草地上的足球受到重力，支持力和脚对足球的压力，故C正确。

D、落在球网中的足球受到的弹性是由于球网发生形变而产生的，故D错误。

故答案为：C。

【分析】本题主要考查物体的受力分析以及弹力产生的条件，只有物体相互挤压且发生弹性形变时才会有弹力产生。2．【答案】A【解析】【解答】读数：8×0.5+20.0×0.001=4.700mm

【分析】本题考查螺旋测微器的读数，主尺读数+副尺读数，且估读至下一位。3．【答案】B【解析】【解答】车停止运动后，两个小球只受重力和支持力作用，合外力为零，故两个小球依旧保持匀速直线运动，不会相碰，

故答案为：B。

【分析】本题主要考查牛顿第一定律的内容，物体在不受外力或所受外力的矢量和为零时，保持静止或匀速直线运动。4．【答案】A【解析】【解答】运动员起跳时，地面对他的弹力与他对地面的压力为一对相互作用力，总是大小相等，方向相反.

故答案为：A。

【分析】本题主要考查牛顿第三定律的内容，一对相互作用力总是大小相等，方向相反，且与物体运动状态无关。5．【答案】B【解析】【解答】A、根据图像可知，图像的斜率表示F的大小，0-x1的过程中，F从0开始逐渐增大，根据牛顿第二定律a=mgsinθ−Fm得小物块的加速度逐渐减小。故A错误。

B、由x1-x2过程的图像为倾斜直线可得F大小保持不变，但无法确定F的大小，故物块可能做匀加速直线运动，也可能做匀减速直线运动，还可能做匀速直线运动，故B正确。

C、根据图像可知在x2～x3过程中F不断减小，但由于无法确定F的值，故无法判断物块的速度变化情况，故C错误。

D、x3～x4过程的图线是平行于x轴的直线，则此时F=0，小物块一定做匀变速直线运动，故D错误。6．【答案】C【解析】【解答】A、B、对A和B物体构成的整体进行受力分析，根据共点力平衡条件可得Fsinα+FN=(m+M)gFcosα=μFN，联立得FN=（M+m）g−Fsinαμ=7．【答案】B【解析】【解答】由于乙距离磁场更高，则根据E=BLV可知乙进入磁场中时产生的感应电动势更大，由欧姆定律可知乙线框中电流更大，即所受安培力更大，磁场区域宽度相同，安培力对线框乙做的负功更多，则产生的热量更多，由能量守恒定律可得mgℎ=12mv2+Q，乙产生的热量更多，则落地速度更小，故C错误；由电荷量的表达式q=I8．【答案】A【解析】【解答】对C点受力分析，根据平衡条件得橡皮筋的弹力F1=F2cos30o，橡皮筋对小环的拉力水平向右，大圆环对小环的弹力沿半径方向，若F9．【答案】A,B,D【解析】【解答】油膜法测量分子直径是将油膜看成紧密排列的单分子层，且将油膜分子看做标准球体的前提下进行的。

故答案为：ABD。

【分析】根据油膜法测量分子直径的实验依据判断求解。10．【答案】A,C,D【解析】【解答】A、对m2进行受力分析，根据牛顿第二定律可得μm2g=m1a1，解得a1=2m/s2，故A正确。

B、对m2进行受力分析，根据牛顿第二定律可得F−μm2g=m11．【答案】B,C【解析】【解答】A、根据图像可知x=0处电势趋向无穷小，故x=0处为负电荷，故A错误。

B、根据图像可知x轴正半轴方向电势没有趋向无穷大的点，x轴正半轴无正电荷，且x=x2处电场强度为为零，则根据点电荷场强决定式E=kqr2，得正电荷在x=−x2的位置，故B正确。

C、x>x2区域内沿x轴正方向电势逐渐降低，故电场强度沿x轴正方向，C正确。

D、根据E12．【答案】B,D,E【解析】【解答】A．由波形图可知，波长λ=4m，则周期T=λB．由图像信息以及波的传播方向与质点振动方向的关系可知，E刚开始振动时的方向沿y轴负方向，B符合题意；C．波传到x=10m的质点的时间t1=xD．质点B、F平衡位置之间的距离正好是一个波长，振动情况完全相同，所以质点B、F在振动过程中位移总是相等，D符合题意；E．质点A、E、I平衡位置间的距离分别为一个波长，所以振动情况相同，E符合题意。故答案为：BDE。

【分析】根据波形图以及周期和波长的关系得出该波的周期，结合波传播的距离和速度的关系得出振子所在的位置，利用质点的振动得出BF的位移。13．【答案】A,C,E【解析】【解答】A、根据波形图可知此横波沿X轴正方向传播，故A正确。

B、根据图像可知此横波在0.02s内向x轴正方向传播了1cm，故此横波的波速为0.5m/s。故B错误。

C、因为此横波沿正方向传播，故0.02s时x=8cm处质点向y轴负方向振动，故C正确。

D、由图像可知此波的波长为λ=8cm，波速为v=0.5m/s，则周期为T=0.16s，0-0.08s为半个周期，则质点P走过的路程为0.02，m，故D错误。

E、根据f=1T可得f=6.25Hz，故E正确。

故答案为：ACE。14．【答案】B,C【解析】【解答】A．t=0时刻，由乙图可知，金属杆向左切隔磁感线的速度（金属杆相对磁场的速度）为2m/s，故感应电动势为E故R两端的电压为4V，A不符合题意；B．t=1.0s时刻，金属杆向左切隔磁感线的速度为1m/s，感应电动势为E回路感应电流为I金属杆所受安培力的大小为F=B由左手定则可知，方向水平向右，B符合题意；C．t=3.0s时刻，金属杆相对磁场向右运动，切隔磁感线的速度为1m/s，类比B的解析可知，金属杆受到的安培力大小为2N，方向水平向左，据牛顿第二定律可得F−由乙图可知，加速度大小为a=1解得外力F=3N此时杆的速度为v=3m/s故金属杆所受外力F做功的功率为P=Fv=9.0WC符合题意；D．0~2.0s内，由乙图可得，金属杆相对磁场的位移为s=故回路磁通量的变化量为ΔΦ=B⋅Ls=4Wb回路的平均感应电动势为E平均感应电流为I流过的电荷量为q=联立可得q=故通过电阻R的电荷量为2.0C，D不符合题意。故答案为：BC。

【分析】v-t图像的斜率表示物体的加速度，与坐标轴围成图形的面积表示物体运动的位移，利用法拉第电磁感应定律以及安培力的表达式得出金属杆所受安培里的大小，结合瞬时功率的表达式得出外力所的功率的大小。15．【答案】（1）弹簧的自然长度、总匝数、弹簧圈的直(半)径或弹簧的粗细或弹簧的横截面积等(任答两种即可)（2）1.4（3）4【解析】【解答】（1）要研究弹簧的劲度系数与绕制弹簧的金属丝直径间的关系，需要控制其他可能影响弹簧劲度系数的因素相同，例如弹簧长度，匝数等。

（2）游标卡尺的读数为d=1mm+×4×0.1mm=1.4mm

（3）根据表格可知在误差允许范围内劲度系数与直径的四次幂成正比。

【分析】（1）控制变量法适用于探究多个物理量之间的关系，需要保证其他物理量不变，探究两个物理量之间的关系。

（2）游标卡尺的读数为主尺读数加副尺读数，注意不需要估读。

（3）根据表格数据描点连线进行分析。16．【答案】（1）15.97（2）12.5；能【解析】【解答】（1）刻度尺读数为15.96-15.98cm。

（2）根据胡克定律F=kx可得弹簧1的劲度系数为12.5N/m。根据弹簧2的形变量和弹力也可计算弹簧2的劲度系数。

【分析】（1）刻度尺的读数需要读至最小分度值的下一位。

（2）根据表格和胡克定律的表达式列方程求解。17．【答案】（1）解：B平抛运动过程竖直方向有2R＝12gt2，水平方向：2R＝vct，解得：vc＝.（2）解：B从b到c，由机械能守恒定律得12mvb（3）解：设完全弹开后，A的速度为va，弹簧回复原长过程中A与B组成系统动量守恒，2mva－mvb＝0，解得：va＝12vb＝5gR2，由能量守恒定律，得弹簧弹性势能：Ep【解析】【分析】（1）利用平抛运动的位移公式可以求出速度的大小；

（2）利用机械能守恒定律可以求出速度的大小；

（3）利用动量守恒定律及能量守恒定律可以求出弹性势能的大小。18．【答案】（1）解：小球从A点运动到原点O过程的受力和运动情况如图甲所示：由于小球沿AP方向做直线运动，故该过程小球所受合力F沿AP方向，根据正弦定理有：mg小球从A点运动到P点的过程中，根据动能定理有：F·L解得：v=5（2）解：根据正弦定理有：mg由于小球从P点进入第IV象限后做匀速圆周运动，有：qE2=mg解得：E由几何关系可得，小球在x轴下方做匀速圆周运动的半径为：r=L洛伦兹力提供小球做圆周运动所需的向心力，有：qvB=mv解得：B=3m（3）解：根据对称性可知，小球经过原点O时的速度方向与x轴正方向的夹角也为θ（斜向上），