2024届新疆乌鲁木齐市六十八中高三上学期1月月考物理试题及答案

乌鲁木齐市第六十八中学高三1月月考物理试题总分100分考试时间100分钟一、选择题（共13小题，每题3分共39分。在每小题给出的四个选项中，1．下列属于国际单位制中基本单位符号的是（ꢀꢀ）A．JB．KC．WD．24kgF＝40N作用下向右匀sin37°＝0.6cos37°＝0.8，g10m/s2擦因数为（ꢀꢀ）A．0.3B．0.4C．0.5D．0.632017年国际泳联游泳世锦赛男子4003分41秒38的成绩夺得冠军，实现世锦赛该项目三连冠！下列说法正确的是（ꢀꢀ）A．“3分41秒38”指的是时间间隔B．孙杨400米自由泳的平均速度为1.92m/sC．在研究孙杨的技术动作时，可以把孙杨看成质点D．在游泳过程中，以游泳池里的水为参考系，孙杨是静止的4．一位游客正在体验蹦极，绑上蹦极专用的橡皮绳后从跳台纵身而下。游客从跳台下落直到最低点过程中（ꢀꢀ）A．弹性势能减小B．重力势能减小D．绳一绷紧动能就开始减小C．机械能保持不变5．假设洒水车的牵引力不变，且所受阻力与车重成正比，未洒水时做匀速行驶，洒水过程中洒水车运动的加速度变化情况是（ꢀꢀ）A．变小B．变大C．不变D．先变大后变小6）A．振动加强的点的拉移随时间不断变化B．振动加强的点的位移总是最大，不随时间而变化C．在某一时刻，振动加强的点的位移可能小于振动减弱的点的位移D．振动减弱的点的振幅一定小于振动加强的点的振幅7．如图所示，光滑水平杆上套着一个小球和一个弹簧，弹簧一端固定，另一端连接在小球上，忽略弹簧质量。小球以点O为平衡置，在A、B两点之间做往复运动，它所受的回复力F随时间t变化的图象如图，则t在2s~3s的时间内，振子的动能E，和势能E的变化情况是（ꢀꢀ）kpA．E变小，E变大B．E变大，E变小kpkpC．E，E均变小D．E，E均变大kpkp8．航空母舰的舰载机在起飞的过程中，仅靠自身发动机喷气不足以在飞行甲板上达到起飞速度，如果安装辅助起飞的电磁弹射系统（如图甲所示）就MNPQABPBAM中电流恒定，该电流产生的磁场对弹射车施加力的作用，从而带动舰载机由静A．MN、PQ间的磁场是匀强磁场B．弹射车做加速度减小的加速运动C．弹射车的动能与电流的大小成正比D．回路PBAM中通以交变电流，弹射车仍能正常加速9MZX连续经过三次α衰变和两次β成另外一种元素的原子核Y，则该新核的正确写法是（ꢀꢀ）A．M14B．M14C．M12D．M12YZ4YYYZ2Z6Z610．a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球一起转动，向心加速度为1；b处于较低的轨道上，离地心距离为r，运行角速度为2加速度为a2；c是地球同步卫星，离地心距离为4r，运行角速度为3，加速，度为a3；d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图所示，地球的半径为R。则以下说法正确的是（ꢀꢀ）21ra2RA．B．卫星d的运动周期有可能是24小时321C．2D．卫星b每天可以观测到8次的日出11．下列说法正确的是（ꢀꢀ）A．麦克斯韦预言电磁波的存在，法拉第用实验捕捉到电磁波B．电磁波是横波，且电场和磁场相互垂直C．普朗克由能量子假设引入光子D．微观世界的能量是连续的12YY′XX′和荧光屏组成。电极XX′的长度为l、间距为d、极板间电压为U，YY′极板间电压为零，电子枪加速电压为10U。电子刚离开金属丝的速度为零，从电子枪射出后沿OO′方向进入偏转电极。已知电子电荷量为e，质量为m，则电子（）A．在XX′极板间的加速度大小为mB．打在荧光屏时，动能大小为11eUC．在XX′极板间受到电场力的冲量大小为2meUlD．打在荧光屏时，其速度方向与OO′连线夹角α的正切tan20d13．如图所示，某种防窥屏由透明介质和对光完全吸收的屏障构成，其中屏障垂直于屏幕平行排列，可实现对像素单元可视角度的控制。发光像素单元紧贴屏下，位于相邻两屏障的正中间。屏障的高度为d，相邻屏障的间隙为L。若要增加防窥效果，则（ꢀꢀ）A．增大屏障间隙LB．减小屏障高度dC．减小透明介质的折射率nD．增加发光像素的亮度二、选择题（共2小题每题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得014．某人站在静止于光滑水平面上的平板车上面。若人从车头走向车尾，人和车的运动情况为（ꢀꢀ）A．人匀加速走动，车匀加速前进，两者对地加速度大小相等B．人匀速走动，则车匀速前进，人和车对地位移大小与质量成反比C．不管人如何走，任意时刻人和车总动量相同D．人停止走动时，车的速度不一定为零15．一般认为激光器发出的是频率为的“单色光”，实际上它的频率并不是真正单一的，激光频率是它的中心频率，它所包含的频率范围是(也称频率宽度)分别记为“上限频率”“下限频率”某红宝石激光器发出的激光(“上限频率”“下限频率”对应的分别记为a光和b光)θ列说法正确的是(ꢀꢀ)A．a光从下表面射出时与入射光线间偏移的距离较大B．逐渐减小θ角，a光在液膜下表面先发生全反射C．b光更容易发生明显的衍射现象D．相同装置做双缝干涉实验，b光产生的干涉条纹间距较小三、综合题（本题共5小题，共51分。请根据答题卡题号及分值在各题目16．小华同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，将打点计时器固定在某处，在绳子拉力的作用下小车拖着穿过打点计时器的纸带在水平木板上运动，如图所示．由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带的一段．如图所示，在打点计时器打出的纸带上确定出八个计数点，相邻两个计数点之间的时间间隔为0数据的单位是．（1）根据纸带提供的信息，小华同学已知计算出了打下1、2、3、4、5这6时小车的速度6m/s（保留3计数点345612t/s0.10.20.30.50.41v/ms0.3580.4000.4400.4850.530（2v、tvt据vt00m/s2位有效数字）加速度am/s22位有效数字）17．一饭盒如图所示，若饭盒内封闭了一定质量的理想气体气体的初始热力学温度0300K、初始压强为。现缓慢对饭盒加热使饭盒内气体的热力学p0温度达到T300K。大气压强恒为，饭盒的容积不变。p0（1）求饭盒内气体在热力学温度达到T360K时的压强p；（2）打开排气口，放出部分气体，使得饭盒内气体的压强与外界大气压强相等，设此过程中饭盒内气体的热力学温度恒为T360K，求稳定后饭盒内所剩气体与排气口打开前气体的质量之比。118圆弧轨道ABR=0.2mBB离地4高度H=0.8mP从A点由静止滑下最终落在水平地面上（空气阻力不计，g取10m/s2（1）小滑块P滑到B点时的速度vB的大小；（2）小滑块P的落地点与B点的水平距离s。19“∠”L计。倾斜导轨的倾角为θ，并与阻值为R的定值电阻相连。整个导轨置于磁感应强度大小为B，方向垂直倾斜导轨平面向上的匀强磁场中。金属棒ab、cd的阻值均为R，cd棒质量为m。ab与导轨间摩擦不计，cd棒与水平导轨间的动摩擦因数为μab棒从导轨上由静止释放，当它滑至某一位置时，cd棒恰好开始滑动。（1）指出cd棒开始滑动的方向；（2）求cd棒恰好开始滑动时，通过ab棒的电流；（3）求cd棒消耗的热功率与ab棒克服安培力做功的功率之比；（4abcdab棒质量应小于多少？20．如图甲所示，在两平行的金属极板MN中心轴线OO的左端有一粒子源，12不断地发射出速度v06105m/sB的匀强磁场，磁场左边界有足够长的荧光屏P、P。两金属极板间的电压随时12间做周期性变化，如图乙所示；带电粒子经电场进入匀强磁场偏转后打在荧光屏上。已知金属极板MN长l0.24m，板间距离d，带电粒子的比荷q210C/6m吸收。求：（1）t2102s时刻进入金属极板的带电粒子，打在荧光屏上离2的位置；（2）若观察2s时间，可发现荧光屏P或P上的发光长度；12（3物理月考答案：1．B摩尔，符号分别是kg、m、s、A、K、cd、mol，其余单位都属于导出单位。故选B。2．C【解析】木块向右匀速运动，则有fFcos37400.8N32NNmgFsin3740N400.6N64N又fN联立解得f0.5N故选C。3．AA400程，故3分41秒38为时间间隔，故A正确；B．孙杨400米自由泳的位移是0，所以平均速度为0，故B错误；C．质点是理想化的物理模型，物体的大小、形状对所研究的问题没有影响或影所以在研究孙杨的技术动作时，孙杨不能看做质点，故C错误；D．孙杨在游泳过程中，以水为参考系，他是运动的，故D错误。故选A。4．B速度减小到零，弹力达到最大值。A．橡皮绳绷紧后弹性势能一直增大，A错误；B．游客高度一直降低，重力一直做正功，重力势能一直减小，B正确；CCD加；当弹力大于重力后，合力向上对游客做负功，游客动能逐渐减小，D错误。故选B。5．BFmkmg定律有Fkmgma得Fam开始时Fkmga0随着m减小，a逐渐增大，故洒水车做加速度逐渐增大的加速运动；故选B。6．B波峰，也可能波谷，也可能在平衡位置．随着时间不断变化．故A正确；振动波谷，也可能在平衡位置．故B错误；在某一时刻，振动加强质点处于平衡位置时，其位移等于零．所以小于振动减弱点的位移，因此可能存在．故C正确；强质点的振幅．故D正确；故选B．7．B2s~3s变大，动能E变大；弹性势能E减小。kp故选B。8．D【解析】A．根据右手螺旋法则可知平行金属直导轨之间存在竖直向上的磁场，且通电直导线产生的磁场为环形磁场，离导线越远，磁场越弱，故MN、PQ间的磁场不是匀强磁场，A错误；B．沿导轨方向，磁场不变，且M、P两端加载恒定电压，电阻不变，则电流大小也不变，平行导轨的宽度也不变，则由安培力安BIL可知安培力大小不变，所以弹射车的加速度不变，故弹射车做匀加速直线运动，B错误；C．根据动能定理可知EFxk安当电压增大时，回路中的电流增大，而电流增大则使导轨间的磁场也随之增大，即电压的大小将会影响磁场和电流的大小，则由安BIL可知安培力与电压的大小不成正比，故动能与电压的大小也不成正比，C错误；DPBAM磁场，结合左手定则可知电磁弹射车所受安培力方向向右；当电流方向沿回路MABP力的方向，即电磁弹射系统能够正常工作，D正确。故选D。9．D【解析】由衰变的规律可知，每发生一次α衰变，质量数减4，电荷数减2；每发生一次β衰变，质量数不变，电荷数加1。由题意知，一共发生三次α衰变，两次β衰变，所以新核的质量数为M4302M12电荷数为Z2312M12Y。综上所述，新核为Z4故选D。10．D【解析】A．卫星围绕地球做圆周运动，根据万有引力提供向心力有MmGma2rx可得，卫星绕地球运动的向心加速度大小为GMar2x可知卫星绕地球运动的向心加速度与其轨道半径xa在a21ra2R的向心加速度不与轨道半径x的平方成反比，则B．根据开普勒第三定律有，故A错误；r2cc2r2dd2cT为24d的轨道半径r大于卫星C的cd轨道半径r，所以卫星d的运动周期T大于24小时，故B错误；cdCD．卫星围绕地球做圆周运动，根据万有引力提供向心力有MmGr22xrx可得则有GMr3x23(4r)38r31则卫星b每天可以观测到8次的日出，故C错误，D正确。故选D。11．B【解析】AAB．电磁波是横波，并且电场和磁场相互垂直，故B正确；C．爱因斯坦由能量子引入光子，故C错误；D．微观世界的能量是不连续的，是一级一级，是量子化的，故D错误。故选B。12．D【解析】A．由牛顿第二定律可得，在XX′极板间的加速度大小axmmdA错误；B．电子电极XX′间运动时，有v=atxxlt=vz电子离开电极XX′时的动能为21lEkmvz2vx2102240d电子离开电极XX′后做匀速直线运动，所以打在荧光屏时，动能大小为2l10，B错误；40d2C．在XX′极板间受到电场力的冲量大小lmeUImvxxd20C错误；D．打在荧光屏时，其速度方向与OO′连线夹角α的正切vxltanvz20dD正确。故选D。13．C【解析】设最大入射角为α，根据折射定律有sin2sinn由几何关系知L2dtan解得nsinnsin22d41L2θn间隙L，增大屏障高度d，与发光像素的亮度无关。故选C。14．BC【解析】A项A错误；B．由动量守恒可得mv人=－mv车车人由此可知，在相等时间内人和车对地位移大小与质量成反比，选项B正确；CC正确；D．由于原来人与车是静止的，总动量是0，则当人停止走动时，车的速度一定是零，满足总动量守恒，选项D错误。故选BC。考点：动量守恒，牛顿第二定律。15．AC【解析】Aa光的频率大于ba光的折射率大于对b光的折射率，则a光从下表面射出时与入射光线间偏移的距离较大．故A项正确．B：由于平行液膜的上表面与下表面平行，光在上表面的折射角等于下表面的入B项错误．C：由波速公式cv可知，b光的波长大于a光的波长，b光的波动性较强，更容易发生明显的衍射现象．故C项正确．LD：相同装置做双缝干涉实验，干涉条纹间距x，b光产生的干涉条纹间距d较大．故D项错误．综上，本题答案为AC．16．0.5700.320.421）[1]根据匀变速直线运动的规律可得(32.45-21.05)´-26=m/s=0.57m/s0.2（2[2]0.320m/s[3]图像的斜率表示加速度，求解斜率可得0.5-0.4a=m/s2=0.42m/s20.42-0.18m5171）p1.202）106【分析】本题考查气体实验定律，目的是考查学生的推理能力。1）对饭盒加热的过程中，饭盒内气体做等容变化，有00pT解得p1.20（2）设饭盒的容积为，饭盒内气体的压强由变为后的体积为（包括逸VppV100pVpV010同温度，同压强下同种气体的质量之比等于它们的体积之比，设打开排气口前、后饭盒内气体的质量分别为m和m，有01m0V101解得m5106181）vB=2m/s.2）s=0.8m1）小滑块P滑到B点过程由动能定理有1mgRmvB22vB2m/s1代入数据解得（2）由平抛运动规律可知Hgt22svBt联立解得s=0.8m2mgBL(cossin)2m1912）3）1:64）(cossin)sin1）cd棒开始滑动的方向为向左。（2）cd棒受力如图所示，cd棒恰好开始滑动时Fcos37fNmgFsin37又得fNmgFcossinFBIcdLmg因得FIcdBLBL(cossin)由电路关系知2mgBL(cosIab2Icdsin)（3）电阻R上产生的热功率与cd棒产生的热功率相等，即PPI2RcdRcdab棒产生的热功率abIab2R4IcdR2所以，整个回路产生的热功率P6IcdR2回路中消耗的热功率等于abcd消耗的热功率与ab棒克服安培力做功的功率之比为P:P1:6cd安（4）ab棒受力如图所示当ab棒速度最大时，ab棒受到的安培力达到最大值由FBIL1IcdIab2得12Fcdmaxabsin因为cd棒不动，所以Fcdmaxcos（mgcdmaxsin）得mgFcdmaxcossin联立上式，得2mmab(cossin)sin201）距20.4m2）0.10m3）25