2023年山西省长治市集店中学高三物理月考试题含解析

1、2023年山西省长治市集店中学高三物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 下列关于加速度的说法中，正确的是 A、加速度是表示物体速度变化快慢的物理量 B、物体有加速度，速度就增加 C、物体运动的速度越大，加速度越大D、a0，物体可能做加速运动参考答案：AD2. 如图所示，木块A质量为1千克，木块B的质量为2千克，叠放在水平地面上，AB间最大静摩擦力为1牛，B与地面间动摩擦因数为0.1，今用水平力F作用于B，则保持AB相对静止的条件是F不超过：( )A3N B4NC5N D6N参考答案：D保持AB相对静止的临界条件是AB间摩擦力达到1牛

2、，此时AB整体的加速度等于木块A的加速度，大小为1 m/s,对AB整体分析可知，在水平方向由牛顿第二定律可得，解得.3. （多选题）如图所示，物体P放在水平面上，左边用一根处于形变状态的轻弹簧与竖直墙相连且处于静止若再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到拉动，那么在P被拉动之前的过程中，弹簧对P的弹力FT的大小和地面对P的摩擦力的大小的变化情况可能是（）A弹簧对P的弹力FT始终增大，地而对P的摩擦力始终减小B弹簧对P的弹力FT保持不变，地而对P的摩擦力始终增大C弹簧对P的弹力FT保持不变，地面对P的摩擦力先减小后增大D弹簧对P的弹力FT先不变后增大，地面对P的摩擦力先增大后减小参考答

3、案：BC【考点】滑动摩擦力；物体的弹性和弹力【分析】在P被拉动之前的过程中，弹簧仍处于原状，因此弹力不变，而物体P先开始受到向右的静摩擦力，当拉力渐渐增大时，导致出现向左的静摩擦力，因而根据进行受力分析，即可判断根据胡克定律判定弹簧弹力的变化【解答】解：由题意可知，拉动之前，弹簧的长度不变，则弹簧对P的弹力FT保持不变，放在粗糙水平面上，当弹簧被压缩时，则弹簧对P的拉力向右，由于粗糙水平面，因此同时受到水平向左的静摩擦力当再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到把P拉动前过程中，物体P受到的静摩擦力大小增大当弹簧被拉伸时，则弹簧对P的拉力向左，由于粗糙水平面，因此同时受到水平向右的静摩

4、擦力当再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到把P拉动前过程中，物体P受到的静摩擦力从向右变为水平向左所以其大小先减小后增大故BC正确，AD错误故选：BC4. 两辆游戏赛车a、b在两条平行的直车道上行驶t0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始它们在四次比赛中的vt图象如图所示，则在比赛中有一辆赛车追上了另一辆的图象是 ()参考答案：AC5. 若原子的某内层电子被电离形成空位，其它层的电子跃迁到该空位上时，会将多余的能量以电磁辐射的形式释放出来，此电磁辐射就是原子的特征X射线。内层空位的产生有多种机制，其中的一种称为内转换，即原子中处于激发态的核跃迁回基态时，将跃迁时释放的能量交给某一内

5、层电子，使此内层电子电离而形成空位（被电离的电子称为内转换电子）。214Po的原子核从某一激发态回到基态时，可将能量E0=1.416MeV交给内层电子(如K、L、M层电子，K、L、M标记原子中最靠近核的三个电子层)使其电离。实验测得从214Po原子的K，L、M层电离出的电子的动能分别为Ek=1.323MeV、EL=1.399MeV、EM=1.412MeV。则可能发射的特征X射线的能量为A. 0.013MeV B. 0.017MeV C. 0.076MeV D. 0.093MeV参考答案：答案：AC二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 静电除尘器示意如右图所示，其由金属管A和悬

6、在管中的金属丝B组成。A和B分别接到高压电源正极和负极，A、B之间有很强的电场，B附近的气体分子被电离成为电子和正离子，粉尘吸附电子后被吸附到_（填A或B）上，最后在重力作用下落入下面的漏斗中，排出的烟就成为清洁的了。已知每千克煤粉会吸附n mol电子，每昼夜能除m kg煤粉，设电子电量为e，阿伏加德罗常数为NA，一昼夜时间为t，则高压电源的电流强度为_。参考答案：A 2emnNA/t 7. 质量为m100kg的小船静止在水面上，水的阻力不计，船上左、右两端各站着质量分别为m甲40kg，m乙60kg的游泳者，当甲朝左，乙朝右，同时以相对河岸3m/s的速率跃入水中时，小船运动方向为 （填“向左”

7、或“向右”）；运动速率为 m/s。参考答案：向左；0.68. 某课外兴趣小组拟用如图甲所示的装置研究滑块的运动情况所用实验器材有滑块、钩码、纸带、米尺、秒表、带滑轮的木板以及由漏斗和细线组成的单摆等实验时滑块在钩码的作用下拖动纸带做匀加速直线运动，同时单摆沿垂直于纸带运动的方向摆动。漏斗漏出的有色液体在纸带上留下的痕迹记录了漏斗在不同时刻的位置（如图乙所示）。在乙图中，测得AB间距离10.0cm，BC间距离15.0cm，若漏斗完成72次全振动的时间如图丙所示，则漏斗的振动周期为 s用这种方法测的此滑块的加速度为 m/s2.（结果均保留两位有效数字）用该方法测量滑块加速度的误差主要来源有： (写

8、出一种原因即可)参考答案：）0.50；0. 20漏斗的重心变化（或液体痕迹偏粗、阻力变化等）9. 一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，在两极板间有一负电荷（电量很小，不影响电场分布）固定在P点，如图所示， U表示电容器的电压，EP表示负电荷在P点的电势能，若保持正极板不动，将负极板移到图中虚线所示的位置，则U_（填变大、变小或者不变），EP_（填变大、变小或者不变）.参考答案：变小 不变10. 两个倾角相同的滑杆上分别套A、B两圆环，两环上分别用细线悬吊着两物体C、D，如图所示，当它们都沿滑杆一起向下滑动时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下，则（ ）A. A环与杆无摩擦力B. B环与

9、杆无摩擦力C. A环做的是匀速运动D. B环做的是匀速运动参考答案：AD【详解】AC.假设A环与杆间的摩擦力为f，对A环受力分析，受重力、拉力、支持力、沿杆向上的摩擦力f，如图，根据牛顿第二定律，有mAgsin-f=mAa 对C，据牛顿第二定律有mCgsin=mCa联立解得：f=0a=gsin故A正确，C错误；BD.对D球受力分析，受重力和拉力，由于做直线运动，合力与速度在一条直线上或者合力为零，故合力只能为零，物体做匀速运动；再对B求受力分析，如图，受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有沿杆向上的摩擦力。故B错误，D正确。11. 某实验小组采用图所示的装置探究“动能定理”，图

10、中小车中可放置砝码，实验中，小车碰到制动装置时，钩码尚未到达地面，打点针时器工作频率为50 Hz实验的部分步骤如下：在小车中放入砝码，把纸带穿过打点计时器，连在小车后端，用细线连接小车和钩码；将小车停在打点计时器附近，接通电源，释放小车，小车拖动纸带，打点计时器在纸带上打下一列点，断开开关 ；改变钩码或小车中砝码的数量，更换纸带，重复的操作。 图是钩码质量为0.03 kg，砝码质量为0.02 kg时得到的一条纸带，在纸带上选择起始点O及A、B、C、D和E五个计数点，可获得各计数点到O的距离s及对应时刻小车的瞬时速度v，请将C点的测量结果填在表1中的相应位置（计算结果保留两外有效数字）在小车的运

11、动过程中，对于钩码、砝码和小车组成的系统， 做正功， 做负功实验小组根据实验数据绘出了图中的图线（其中v2=v2-v20），根据图线可获得的结论是 要验证“动能定理”，还需要测量的物理量是摩擦力和 表1纸带的测量结果参考答案：5. 07（0. 02） 0. 49； 钩砝的重力 小车受摩擦阻力；小车初末速度的平方差与位移成正比 小车的质量；12. 为了验证“当质量一定时，物体的加速度与它所受的合外力成正比”，一组同学用图甲所示的装置进行实验，并将得到的实验数据描在图乙所示的坐标图中(1)在图乙中作出aF图线(2)由aF图线可以发现，该组同学在实验操作中遗漏了_这个步骤(3)根据aF图线可以求出系

12、统的质量是_(保留两位有效数字)参考答案：13. 某同学在某次实验中用多用表测得电阻丝的电阻如图所示，选择的倍率为“10”，可知金属丝的电阻R= ；如果在测量中，指针的偏角太小，应该 （填“增大”或“减小”）参考答案：三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 如图所示，质量m = 1 kg的小物块静止放置在固定水平台的最左端，质量2 kg的小车左端紧靠平台静置在光滑水平地面上，平台、小车的长度均为0.6 m。现对小物块施加一水平向右的恒力F，使小物块开始运动，当小物块到达平台最右端时撤去恒力F，小物块刚好能够到达小车的右端。小物块大小不计，与平台间、小车间的动摩擦因数均为0.

13、5,重力加速度g取10 m/s2，水平面足够长，求:(1)小物块离开平台时速度的大小；(2)水平恒力F对小物块冲量的大小。参考答案：（1）v0=3 m/s；（2）【详解】（1）设撤去水平外力时小车的速度大小为v0，小物块和小车的共同速度大小为v1。从撤去恒力到小物块到达小车右端过程，对小物块和小车系统：动量守恒：能量守恒：联立以上两式并代入数据得：v0=3 m/s（2）设水平外力对小物块的冲量大小为I，小物块在平台上运动的时间为t。小物块在平台上运动过程，对小物块：动量定理：运动学规律： 联立以上两式并代入数据得：15. （简答）如图所示，在水平地面上固定一倾角=37、表面光滑的斜面，物体A以

14、初速度v1沿斜面上滑，同时在物体A的正上方，有一物体B以初速度v2=2.4m/s水平抛出，当A上滑到最高点时，恰好被B物体击中A、B均可看作质点，sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2求：（1）物体A上滑时的初速度v1；（2）物体A、B间初始位置的高度差h参考答案：（1）物体A上滑时的初速度v1是6m/s（2）物体A、B间初始位置的高度差h是6.8m解：（1）物体A上滑过程中，由牛顿第二定律得：mgsin=ma设物体A滑到最高点所用时间为t，由运动学公式：0=v1at物体B做平抛运动，如图所示，由几何关系可得：水平位移 x=；其水平方向做匀速直线运动，则 x=v2t

15、联立可得：v1=6m/s（2）物体B在竖直方向做自由落体运动，则 hB=物体A在竖直方向：hA=如图所示，由几何关系可得：h=hA+hB联立得：h=6.8m答：（1）物体A上滑时的初速度v1是6m/s（2）物体A、B间初始位置的高度差h是6.8m四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，面积S=100cm2的轻活塞A将一定质量的气体封闭在导热性能良好的汽缸B内，汽缸开口向上竖直放置，高度足够大在活塞上放一重物，质量为m=20kg，静止时活塞到缸底的距离为L1=20cm，摩擦不计，大气压强为P0=1.0105Pa，温度为27，g取10m/s2（1）若保持温度不变，将重物去掉，求活塞A

16、移动的距离；（2）若加热汽缸B，使封闭气体温度升高到177，求活塞A移动的距离参考答案：解：（1）以封闭气体为研究对象，初态压强：p1=p0+=1.0105+=1.2105Pa，初状态体积：V1=L1S=20S，末状态压强：p2=p0=1.0105Pa气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p1V1=p2V2，即：1.210520S=1105L2S，解得：L2=24cm，活塞移动距离：d=L2L1=4cm；（2）加热气缸，气体做等压变化，由查理定律得：=，即： =，解得：L3=30cm，活塞移动距离：d=L3L1=3020=10cm；答：（1）活塞A移动的距离为4cm；（2）活塞A移动的距离为10c

17、m【考点】理想气体的状态方程【分析】（1）气体发生等温变化，由玻意耳定律可以求出气体体积，然后求出活塞移动的距离（2）气体发生等压变化，应用查理定律分析答题17. 如图所示，LMN是竖直平面内固定的光滑绝缘轨道，MN水平且足够长，LM下端与MN相切。质量为m的的带正电小球B静止在水平轨道上，质量为2m的带正电小球A从LM上距水平轨道高为h处由静止释放，在A球进入水平轨道之前，由于A、B两球相距较远，相互作用力可认为是零，A球进入水平轨道后，A、B两球间相互作用视为静电作用。带电小球均可视为质点。已知A、B两球始终没有接触。重力加速度为g。求：（1）A、B两球相距最近时，A球的速度v；（2）A、B两球相距最近时，A、B两球系统的电势能EP；（3）A、B两球最终的速度vA、vB的大小。参考答案：解答：对A球下滑的过程，根据动能定理 当A球进入水平轨道后，A、B两球组成的系统动量守恒，当A、B相距最近时，两球速度相等。所以有： （3分）根据能的转化和守恒定律： （3分）（3）当A、B相距最近之后，由于静电斥力的相互作用，它们将会相互远离，当它们相距足够远时，它们之间的相互作用力可视为零，电势能也视为零，它们就达到最终的速度，该过程中，A、B两球组成的