2024-2025学年下学期高中化学苏教版高二同步经典题精炼之有机物的推断

第66页（共66页）2024-2025学年下学期高中化学苏教版（2019）高二同步经典题精炼之有机物的推断一．推断题（共20小题）1．（2023秋•阜宁县校级期末）化合物G是合成石珊瑚活性成分Montiporyne的一种中间体，G的一种合成路线如图：已知：①R1、R2为烃基或H；②MnO2在CH2Cl2条件下对羟基的氧化有选择性；NaClO4在OsO4条件下对碳碳双键的氧化有选择性。回答下列问题：（1）B生成C的反应类型是。（2）B分子中采取sp3杂化方式的碳原子数目是。（3）C的结构简式为。（4）F中含氧官能团名称是。（5）D生成E同时生成氮气的化学方程式为。（6）写出B与足量的银氨溶液反应的化学方程式。（7）W是B的同分异构体，能发生银镜反应且核磁共振氢谱有4种峰，面积比6：2：1：1的结构简式为。2．（2023秋•大丰区期末）X苯乙烯（A）是一种重要化工原料，以苯乙烯为原料可以制备一系列化工产品，如图所示。请回答下列问题：（1）C中所含官能团的名称是，D→E的反应类型是。（2）第②步反应所需的试剂是（填化学式）。（3）F是高分子化合物，写出A→F的化学方程式。（4）H是G的同分异构体，其中属于酚类的H有种，任写一种符合核磁共振氢谱有4组峰且峰面积之比为6：2：1：1的H的结构简式。（5）X为2﹣甲基丙烯，以它为原料合成2﹣甲基﹣2﹣羟基丙醛，可利用题干信息设计如下一条合成路线。则框图中Y物质为，Z的结构简式为。3．（2024春•溧阳市期末）A～H都是有机物，其中A是一种芳香烃，相对分子质量是104，能使溴的四氯化碳溶液反应而使其褪色，G是一种高分子化合物，他们的转化关系如图所示。已知：。注：R1、R2为烃基，R1也可以是氢原子。回答下列问题：（1）A的结构简式为。（2）B分子中含氧官能团的名称为。（3）反应①的方程式为。反应②的方程式为。（4）反应③的反应类型为。（5）E可能具有的性质为（选填字母）。a.能发生皂化反应b.与NaOH溶液反应c.不溶于水（6）H的化学式为；检验H常用的试剂是（填试剂名称）。4．（2024春•秦淮区校级期中）有机化学反应因反应条件不同，可生成不同的有机产物。例如：Ⅰ．Ⅱ．已知A的核磁共振氢谱上有5组峰，且峰面积之比为6：1：2：2：1。回答下列问题：（1）A的结构简式为，E的结构简式为。（2）反应①的反应类型为，物质C中的官能团名称是。（3）反应③的反应条件是。（4）反应④的化学方程式为（注明反应条件）。（5）这种香料具有多种同分异构体，写出符合下列条件的同分异构体可能的结构简式：。①苯环上有羟基；②苯环上的一溴代物有两种；③在一定条件下，自身能形成聚合物。5．（2023秋•建邺区校级期末）以天然气为原料经下列反应路线可得工程塑料PBT（聚对苯二甲酸丁二酯）。已知：。（1）A的结构简式为。（2）核磁共振氢谱显示B分子结构中只有一组峰，则B的结构简式是。B的同分异构体中含有两个羟基和一个醛基的结构简式为。（3）E的结构简式是。（4）F和二元羧酸聚合生成PBT，PBT的结构简式为。（5）天然气中含有的H2S杂质可用Fe（OH）3通过复分解反应除去（脱硫），产物中通入O2在一定条件下又生成Fe（OH）3和S。天然气脱硫时的化学方程式是。6．（2022秋•徐州期末）有机化合物A是一种重要的化工中间体，A～F在一定条件下的转化关系如图所示。回答下列问题：（1）A→B反应的试剂及条件为。（2）C的含氧官能团的名称是。（3）A→D的过程中，可生成一种高分子副产物，该副产物的结构简式为。（4）写出E在碱性条件下与新制氢氧化铜反应的化学方程式：。（5）通常条件下，向F中加入酸性高锰酸钾溶液可转化为A，你认为这种方法是否正确（填“是”或“否”），请说明理由。7．（2023春•江宁区校级期末）高分子化合物H是一种重要工业原料，其单体A不溶于水，可以发生如图变化。请回答下列问题：已知：（1）有机物C的分子式是。（2）有机物A中官能团的名称为、。（3）反应④的反应类型为。（4）E的某种同分异构体符合下列条件，其结构简式为。①能发生银镜反应②分子中含两个甲基③能和金属钠反应生成氢气（5）反应②的化学反应方程式。（6）写出高分子化合物H的结构简式：。8．（2023秋•滨湖区校级期中）有机物W（分子式为C3H6O3）能与NaHCO3反应，分子中含有四种活动性不同的氢原子，个数比为3：1：1：1。（1）W的结构简式是。（2）W在不同条件下可脱水形成不同物质。若两分子W反应形成环酯，写出反应的化学方程式：；W还可形成高分子化合物——聚酯，结构简式可表示为。（3）W的某种同分异构体具有下列性质：1mol该物质能与2molNaOH反应。则该同分异构体的结构简式为。（4）W的工业合成路线如图所示：已知：Ⅰ.A、B、C、D与W分子中含有相同的碳原子数；①写出A的名称：。②B与新制Cu（OH）2反应的化学方程式是。③某有机物与C互为同分异构体，既属于酯类，又含醛基。则该有机物可能的结构简式为。9．（2023秋•梁溪区校级期中）化合物I（C11H12O3）是制备液晶材料的中间体之一，其分子中含有醛基和酯基，化合物I可以用E和H在一定条件下合成：已知以下信息：（1）A的核磁共振氢谱表明其只有一种化学环境的氢；（2）R﹣CH＝CH2→②H2O2/OH（3）化合物F苯环上的一氯代物只有两种；（4）通常在同一个碳原子上连有两个羟基不稳定，易脱水形成羰基。回答下列问题：（1）A的官能团名称为。（2）A生成B的化学方程式为，该反应类型为。（3）D的结构简式为。（4）写出满足下列条件的F的一种同分异构体结构简式。ⅰ含有苯环，ⅱ但不能使FeCl3溶液显色，ⅲ核磁共振氢谱表明其含有四种化学环境的氢。（5）I的结构简式为。10．（2023春•南通期末）D是一种有机酸，常用于食品和医药领域。以A为有机原料制备D的转化路线如图﹣1所示，C的质谱图如图﹣2所示，0.1molC在足量O2中完全燃烧，生成13.2gCO2和3.6gH2O，D可以发生分子间反应生成六元环酯。已知：。（1）1molOHCCH2CHO中含有σ键的数目为。（2）C的分子式为。（3）A的结构简式为。（4）写出D分子间反应生成六元环酯的化学方程式：。（5）设计实验方案检验C中是否含有B：。（实验中可用的其他试剂或实验用品：pH试纸、2%AgNO3溶液、2%氨水、10%NaOH溶液）11．（2022秋•武进区校级月考）高分子材料D可由烃A经如图转化关系合成。已知：经测定A的相对分子质量为84，B的核磁共振氢谱显示只有一个吸收峰。（1）反应①的反应类型为；反应②的反应类型为。（2）写出反应②的化学方程式：。（3）写出同时满足下列条件的烃C的两种同分异构体的结构简式：。①属于炔烃②核磁共振氢谱中只有两个峰（4）D的结构简式。12．（2022春•天宁区校级期末）已知A是一种气态烃，其密度在标准状况下是H2的14倍。下列关系图中部分产物可能略去，试回答下列问题：已知反应：R﹣X+NaOH→△R﹣OH+NaX（R代表烃基，X（1）C分子的官能团的名称为。（2）反应①～⑧中属于取代反应的是。（3）C与F以物质的量之比2：1反应生成G，反应④的化学方程式为。（4）B物质可在一定条件下被氧气氧化为具有刺激性气味的物质，写出反应的化学方程式。（5）聚苯乙烯的结构简式为。（6）下列说法正确的是。A.D在一定条件下可能会和水反应生成B和CB.B和F属于同系物C.A、B和I都能使酸性高锰酸钾溶液褪色D.与E互为同分异构体的有机物只有1种13．（2025•山东开学）化合物G是一种杀菌剂，具有高效、广谱、渗透、内吸活性、耐雨水冲刷、持效期长等特性，其合成路线如图：回答下列问题：（1）烃A的化学名称是。（2）B转化为C的反应类型是；C中含有官能团的名称是。（3）C转化为D的化学方程式是。（4）B的同分异构体有很多，其中符合下列条件的有种（不考虑立体异构）。①含有苯环，苯环上有两个取代基②能发生银镜反应（5）结合题述信息，E转化为F分两步：E→NH第一步为加成反应，则甲的结构简式是；N（CH2CH3）3中N原子的杂化方式是。14．（2024秋•湖北期末）布洛芬是一种具有解热镇痛抗炎作用的非处方药，它的一条合成路线如图（略去部分试剂和条件，忽略立体化学）。已知：①②回答下列问题：（1）B中含氧官能团的名称为。（2）试剂a的结构简式为，D→E的反应类型为。（3）生成F的化学方程式为。（4）同时满足下列条件的布洛芬的芳香族同分异构体的结构简式为（任写一种）。①能发生水解反应，且水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应；②能发生银镜反应；③核磁共振氢谱显示有4组峰，且面积比为9：6：2：1。（5）缓释布洛芬能缓慢水解释放出布洛芬，实现更持久的药效。请将下列方程式补充完整：其中相对分子质量最大的产物的名称为。15．（2024秋•随州期末）已知2RCH2CHO→△NaOH/H2ORCH2CH═CRC请回答下列问题：（1）一元醇A中氧的质量分数约为21.6%，则A的分子式为；结构分析显示A只有一个甲基，A的名称为。（2）B能与新制Cu（OH）2发生反应，该反应的化学方程式为。（3）C有种官能团；若一次取样，检验C中所含官能团，按使用的先后顺序写出所用试剂：。（4）第③步的反应类型为；D所含官能团的名称为。（5）第④步的反应条件为；写出E的结构简式：。16．（2024秋•东城区期末）奥美沙坦酯是M种治疗高血压的药物，其中间体K的一种合成路线如图。（1）A是乙烯的同系物，A为。（2）B→C的化学方程式为。（3）E只有一种官能团，其核磁共振氢谱显示有4组峰。E的结构简式为。（4）下列关于试剂X说法正确的是（填序号）。a.—CN的电子式为b.分子中至少有8个原子位于同一平面c.与互为顺反异构体（5）F中不存在环状结构，其结构简式为。（6）已知：H的结构简式为，J的结构简式为。17．（2023秋•赣州期末）双酰胺类杀虫剂IX12，对粘虫的杀虫活性达100%，其合成路线如图：已知：回答下列问题：（1）A中含氧官能团的名称。（2）B中最多个原子共平面。（3）C的化学名称（4）D的结构简式（5）写出E生成F过程中步骤（a）的化学方程式。（6）由F生成G的反应类型是。（7）相对分子质量比C大14的同系物H，分子中含有苯环的同分异构体有种（不考虑立体异构），其中核磁共振氢谱为4组峰，且面积比为6：2：2：1的结构简式是（任意写一种）。18．（2023秋•荆门期末）有机物A的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平。以A物质为原料合成部分有机物的流程如下。回答下列问题：（1）写出A的名称，A→B的化学方程式为。（2）有机物C的分子式为C2H4O2，C和E的官能团相同，写出C的结构简式。（3）A→D的反应类型为。（4）将组成有机物D和E的元素按电负性由小到大排序为，其中基态的O原子最多有个自旋相同的p电子。（5）下列说法正确的是。A．第一电离能：N＞O＞CB．HCN的电子式为：C．有机物A可通过加成聚合形成高分子D．有机物B和E都可以与NaHCO3反应19．（2024•光明区校级模拟）如图是利用芳香烃A制备聚酯类化合物G的流程图。已知：→CH回答下列问题：（1）A的名称为，D的结构简式为。（2）反应④、⑤的反应类型分别是、。（3）设计反应③、⑤的目的是。（4）写出反应⑥的化学方程式：。（5）同时符合下列条件的F的同分异构体有种（不含立体异构）。①遇FeCl3溶液显紫色；②能够发生银镜反应；③结构中不含有一O—O一键，核磁共振氢谱显示有4组峰，峰面积之比为1：l：2：2。其中在溶液中能够与NaOH以物质的量之比1：3发生反应的物质的结构简式为。（6）以对甲基苯酚和甲醇为原料，制备对羟基苯甲酸甲酯的路线如图：则M中官能团的名称为，条件Ⅰ为，N的结构简式为。20．（2024秋•杭州期中）烃A是一种重要的化工原料，还是一种果实催熟剂，标准状况下密度为1.25g/L，其中含碳85.7%（质量分数）。E是有香味的不易溶于水的油状液体。有关物质转化关系如图：（1）A的分子式，A→B的反应类型，有机化合物D中含有的官能团名称是。（2）写出反应①的化学方程式：。（3）下列说法不正确的是（填字母）。A．A、D、E均能发生加聚反应生成高分子化合物B．实验室鉴别B、D和E三种物质可用饱和碳酸钠溶液C．A能使溴水、酸性高锰酸钾溶液褪色，两者褪色原理相同D．石油分馏产品在催化剂作用下加热制A的过程称为催化裂化

2024-2025学年下学期高中化学苏教版（2019）高二同步经典题精炼之有机物的推断参考答案与试题解析一．推断题（共20小题）1．（2023秋•阜宁县校级期末）化合物G是合成石珊瑚活性成分Montiporyne的一种中间体，G的一种合成路线如图：已知：①R1、R2为烃基或H；②MnO2在CH2Cl2条件下对羟基的氧化有选择性；NaClO4在OsO4条件下对碳碳双键的氧化有选择性。回答下列问题：（1）B生成C的反应类型是还原反应。（2）B分子中采取sp3杂化方式的碳原子数目是3。（3）C的结构简式为。（4）F中含氧官能团名称是羟基、羰基。（5）D生成E同时生成氮气的化学方程式为+N2H4→KOH+N2↑+H（6）写出B与足量的银氨溶液反应的化学方程式+4Ag（NH3）2OH→水溶4Ag↓++6NH3+2H2O。（7）W是B的同分异构体，能发生银镜反应且核磁共振氢谱有4种峰，面积比6：2：1：1的结构简式为或。【答案】（1）还原反应；（2）3；（3）；（4）羟基、羰基；（5）+N2H4→KOH+N2↑（6）+4Ag（NH3）2OH→水溶4Ag↓++6NH3+2H2O；（7）或。【分析】A在L﹣脯氨酸的催化作用下与Et3N生成B，根据题中信息B在LiAlH4的条件下生成C，C与MnO2在CH2Cl2条件下对羟基的氧化有选择性，生成D，D与N2H4在KOH条件下生成E，NaClO4在OsO4条件下对碳碳双键的氧化有选择性，E与NaClO4在OsO4条件下生成F，F发生题中所给反应生成G。【解答】解：（1）LiAlH4常用作有机合成中的还原剂，由分析可知，B中醛基被还原为羟基，因此B生成C的反应类型是还原反应，故答案为：还原反应；（2）B为，分子中碳碳单键采取sp3杂化，因此采取sp3杂化方式的碳原子数目是3，故答案为：3；（3）由分析可知，C的结构简式为，故答案为：；（4）由分析可知，F的结构简式为，其中含氧官能团名称是羟基、羰基，故答案为：羟基、羰基；（5）由分析可知，D生成E同时生成氮气的化学方程式为：+N2H4→KOH+N2↑故答案为：+N2H4→KOH+N2↑（6）由分析可知，B的结构简式为，与足量的银氨溶液反应的化学方程式为：+4Ag（NH3）2OH→水溶4Ag↓++6NH3+2H2O，故答案为：+4Ag（NH3）2OH→水溶4Ag↓++6NH3+2H2O；（7）B为，B的同分异构体符合下列条件：①属于芳香族化合物，且含有2个甲基，说明含有苯环；②能发生银镜反应，说明含有HCOO—，则满足条件的同分异构体共含有3个取代基：1个HCOO—、2个—CH3，则：如果两个CH3位于邻位、HCOO—的位置共有2种；如果两个—CH3位于间位，HCOO—的位置共有3种；如果两个—CH3位于对位，HCOO—的位置只有1种；其中核磁共振氢谱有4组峰，且峰面积之比为6：2：1：1的是或，故答案为：或。【点评】本题考查有机合成，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。2．（2023秋•大丰区期末）X苯乙烯（A）是一种重要化工原料，以苯乙烯为原料可以制备一系列化工产品，如图所示。请回答下列问题：（1）C中所含官能团的名称是碳氯键，D→E的反应类型是取代反应。（2）第②步反应所需的试剂是Cl2、FeCl3（填化学式）。（3）F是高分子化合物，写出A→F的化学方程式。（4）H是G的同分异构体，其中属于酚类的H有9种，任写一种符合核磁共振氢谱有4组峰且峰面积之比为6：2：1：1的H的结构简式或。（5）X为2﹣甲基丙烯，以它为原料合成2﹣甲基﹣2﹣羟基丙醛，可利用题干信息设计如下一条合成路线。则框图中Y物质为Br2，Z的结构简式为。【答案】（1）碳氯键；取代反应；（2）Cl2、FeCl3；（3）；（4）9；或；（5）Br2；。【分析】A和H2O发生加成反应生成G，F为高分子化合物，则A发生加聚反应生成F为；A和氯气发生加成反应生成B，B和氯气发生取代反应生成C，C和氢气发生加成反应生成D，D发生水解反应生成E；（5）CH2＝C（CH3）2和Y发生加成反应生成BrCH2C（Br）（CH3）2，Y为Br2，BrCH2C（Br）（CH3）2发生水解反应生成Z为，Z发生催化氧化反应生成。【解答】解：（1）C中所含官能团的名称是碳氯键，D→E的反应类型是取代反应，故答案为：碳氯键；取代反应；（2）第②步反应为苯环上的取代反应，所需的试剂是Cl2、FeCl3，故答案为：Cl2、FeCl3；（3）F为聚苯乙烯，A→F的化学方程式为，故答案为：；（4）H是G的同分异构体，H属于酚类，说明含有酚羟基，如果取代基为酚—OH、—CH2CH3，有3种位置异构；如果取代基为酚—OH、2个—CH3，有6种位置异构，所以符合条件的同分异构体有9种，符合核磁共振氢谱有4组峰且峰面积之比为6：2：1：1的H的结构简式为、，故答案为：9；或；（5）通过以上分析知，Y为Br2，Z为，故答案为：Br2；。【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意习题中信息的获取和应用。3．（2024春•溧阳市期末）A～H都是有机物，其中A是一种芳香烃，相对分子质量是104，能使溴的四氯化碳溶液反应而使其褪色，G是一种高分子化合物，他们的转化关系如图所示。已知：。注：R1、R2为烃基，R1也可以是氢原子。回答下列问题：（1）A的结构简式为。（2）B分子中含氧官能团的名称为羟基。（3）反应①的方程式为。反应②的方程式为。（4）反应③的反应类型为取代反应（或酯化反应）。（5）E可能具有的性质为bc（选填字母）。a.能发生皂化反应b.与NaOH溶液反应c.不溶于水（6）H的化学式为C6H12O6；检验H常用的试剂是新制氢氧化铜（填试剂名称）。【答案】（1）；（2）羟基；（3）；；（4）取代反应（或酯化反应）；（5）bc；（6）C6H12O6；新制氢氧化铜。【分析】A～H都是有机物，其中A是一种芳香烃，相对分子质量是104，A分子中最大碳原子数目=10412=8……8，A的分子式为C8H8，能使溴的四氯化碳溶液反应而使其褪色，说明含有碳碳双键，其结构简式为：；A与水反应生成B，B催化氧化生成C，C催化氧化生成D，B与D反应生成E，则B为，C为，D为，E为；A与溴单质发生加成反应生成F，则F为；反应④为光合作用，则H为葡萄糖，化学式为C6H12O6，以此分析解答。【解答】解：（1）根据分析可知A为苯乙烯，其结构简式为，故答案为：；（2）结合分析可知B为苯乙醇，含有的含氧官能团为羟基，故答案为：羟基；（3）反应①为苯乙烯的加聚反应，化学方程式为；反应②为苯乙烯与溴单质的加成反应，化学方程式为：，故答案为：；；（4）反应③为苯甲醇和苯甲酸的酯化反应，反应类型为取代反应或酯化反应，故答案为：取代反应（或酯化反应）；（5）E的结构简式为，a．E为苯甲酸苯甲酯，苯甲酸苯甲酯不属于高级脂肪酸甘油酯，与碱的反应不能称之为皂化反应，故a错误；b．E分子中含有酯基，可与氢氧化钠发生水解反应，故b正确；c．E中无亲水基，则E不溶于水，故c正确；故答案为：bc；（6）反应④为光合作用，则H为葡萄糖，其分子式为C6H12O6；葡萄糖分子中含有醛基，可用新制氢氧化铜鉴别，故答案为：C6H12O6；新制氢氧化铜。【点评】本题考查有机物的推断，结合A的分子式、反应条件、物质性质来推断物质组成为解答关键，注意掌握常见有机物的组成、结构与性质，题目难度不大。4．（2024春•秦淮区校级期中）有机化学反应因反应条件不同，可生成不同的有机产物。例如：Ⅰ．Ⅱ．已知A的核磁共振氢谱上有5组峰，且峰面积之比为6：1：2：2：1。回答下列问题：（1）A的结构简式为，E的结构简式为。（2）反应①的反应类型为加成反应，物质C中的官能团名称是碳碳双键。（3）反应③的反应条件是氢氧化钠的醇溶液、加热。（4）反应④的化学方程式为+HCl→H2O2（5）这种香料具有多种同分异构体，写出符合下列条件的同分异构体可能的结构简式：、。①苯环上有羟基；②苯环上的一溴代物有两种；③在一定条件下，自身能形成聚合物。【答案】（1）；；（2）加成反应；碳碳双键；（3）氢氧化钠的醇溶液、加热；（4）+HCl→H2O（5）、。【分析】A的核磁共振氢谱上有5组峰，且峰面积之比为6：1：2：2：1，A中含有5种氢原子且含有2个等效的甲基，则苯和丙烯发生加成反应生成A为，A发生取代反应生成B，C能发生信息中的第二个反应生成D，则C中含有碳碳双键，所以B发生消去反应生成C为，D为，E发生氧化反应生成香料，则E为，B为或。【解答】解：（1）A的结构简式为，E的结构简式为，故答案为：；；（2）反应①的反应类型为加成反应，C为，物质C中的官能团名称是碳碳双键，故答案为：加成反应；碳碳双键；（3）反应③的反应条件是氢氧化钠的醇溶液、加热，该反应为氯代烃的消去反应，故答案为：氢氧化钠的醇溶液、加热；（4）反应④的化学方程式为C为+HCl→H2O故答案为：+HCl→H2O（5）这种香料的同分异构体符合下列条件：①苯环上有羟基；②苯环上的一溴代物有两种，说明苯环上含有两种氢原子；③在一定条件下，自身能形成聚合物，结合其不饱和度知，含有碳碳双键，有2个取代基且2个取代基处于对位，取代基为酚—OH和—CH＝CHCH2或—CH2CH＝CH2，则符合条件的结构简式为、，故答案为：、。【点评】本题考查有机物推断与合成，注意根据有机物的结构进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，是对有机化学的综合考查。5．（2023秋•建邺区校级期末）以天然气为原料经下列反应路线可得工程塑料PBT（聚对苯二甲酸丁二酯）。已知：。（1）A的结构简式为HCHO。（2）核磁共振氢谱显示B分子结构中只有一组峰，则B的结构简式是。B的同分异构体中含有两个羟基和一个醛基的结构简式为。（3）E的结构简式是HOCH2﹣C≡C﹣CH2OH；。（4）F和二元羧酸聚合生成PBT，PBT的结构简式为。（5）天然气中含有的H2S杂质可用Fe（OH）3通过复分解反应除去（脱硫），产物中通入O2在一定条件下又生成Fe（OH）3和S。天然气脱硫时的化学方程式是2Fe（OH）3+3H2S＝6H2O+Fe2S3。。【答案】（1）HCHO；（2）；；（3）HOCH2﹣C≡C﹣CH2OH；（4）；（5）2Fe（OH）3+3H2S＝6H2O+Fe2S3。【分析】（1）甲醇氧化生成甲醛（HCHO），A为HCHO；（2）结合A、B的分子式可知，B为3分子甲醛形成，B分子结构为六元环状化合物，应是3分子甲醛之间的加成反应生成B；B的同分异构体中含有两个羟基和一个醛基，应为链状结构；（3）由E→F的转化及F分子式可知，E中含有4个C原子，由HCHO+D→E，再根据已知反应信息可知，该反应为2分子甲醛与乙炔发生加成反应，D为HC≡CH，E为HOCH2﹣C≡C﹣CH2OH，E与氢气发生加成反应生成F；（4）F与二元羧酸通过酯化反应形成高聚物PBT，PBT为聚对苯二甲酸丁二酯；（5）复分解反应的实质是电解质在溶液中发生的离子间的互换反应。【解答】解：（1）甲醇氧化生成甲醛（HCHO），A为HCHO，故答案为：HCHO；（2）结合A、B的分子式可知，B为3分子甲醛形成，B分子结构为六元环状化合物，应是3分子甲醛之间的加成反应生成B；核磁共振氢谱显示B分子结构中只有一组峰，则B，B的同分异构体中含有两个羟基和一个醛基，为链状结构，由知，两个羟基连在同个碳原子上，结构不稳定，则B的同分异构体为，故答案为：故答案为：；；（3）由E→F的转化及F分子式可知，E中含有4个C原子，由HCHO+D→E，再根据已知反应信息可知，该反应为2分子甲醛与乙炔发生加成反应，D为HC≡CH，E为HOCH2﹣C≡C﹣CH2OH，故答案为：HOCH2﹣C≡C﹣CH2OH；（4）E与氢气发生加成反应生成F，F为HO﹣CH2﹣CH2﹣CH2﹣CH2﹣OH，PBT为聚对苯二甲酸丁二酯，则F和对苯二甲酸聚合生成PBT，结构简式为，故答案为：；（5）复分解反应的实质是电解质在溶液中发生的离子间的互换反应，各元素的化合价不变，则天然气脱硫时，发生复分解反应的化学方程式是2Fe（OH）3+3H2S＝6H2O+Fe2S3，故答案为：2Fe（OH）3+3H2S＝6H2O+Fe2S3。【点评】本题考查有机物的推断与合成，充分利用有机物的分子式与反应信息进行判断，难度中等，能较好的考查考生的阅读、自学能力和思维能力。6．（2022秋•徐州期末）有机化合物A是一种重要的化工中间体，A～F在一定条件下的转化关系如图所示。回答下列问题：（1）A→B反应的试剂及条件为氢溴酸（或蒸馏水、浓硫酸和溴化钠固体）、加热。（2）C的含氧官能团的名称是羟基、酰胺基。（3）A→D的过程中，可生成一种高分子副产物，该副产物的结构简式为。（4）写出E在碱性条件下与新制氢氧化铜反应的化学方程式：+2Cu（OH）2+NaOH→△Cu2O↓++3H2O。（5）通常条件下，向F中加入酸性高锰酸钾溶液可转化为A，你认为这种方法是否正确否（填“是”或“否”），请说明理由因为酸性高锰酸钾溶液不但可以氧化—CH3，—CH2CH2OH也可能被氧化。【答案】（1）氢溴酸（或蒸馏水、浓硫酸和溴化钠固体）、加热；（2）羟基、酰胺基；（3）；（4）+2Cu（OH）2+NaOH→△Cu2O↓++3H2O；（5）否；因为酸性高锰酸钾溶液不但可以氧化—CH3，—CH2CH2OH也可能被氧化。【分析】同一官能团，条件不同时，反应产物可能不同；不同官能团，在某一条件下，反应产物可能相同，由A（）制备B（），—OH转化为—Br，由A制取D，发生分子内酯化反应，如果条件控制不当，也可以发生分子间的酯化反应，E（）在碱性条件下与新制氢氧化铜反应时，—CHO被氧化为—COONa，反应的化学方程式为+2Cu（OH）2+NaOH→△Cu2O↓++3H2O，酸性高锰酸钾溶液具有强氧化性，能氧化苯环侧链上的烃基、醛基、醇羟基、碳碳不饱和键等，据此分析。【解答】解：（1）由A（）制备B（），—OH转化为—Br，属于醇和氢溴酸发生的取代反应，需要加入蒸馏水、浓硫酸和溴化钠固体产生氢溴酸，反应在加热条件下进行，故答案为：氢溴酸（或蒸馏水、浓硫酸和溴化钠固体）、加热；（2）C的结构简式为，含氧官能团的名称是羟基、酰胺基，故答案为：羟基、酰胺基；（3）由A制取D，发生分子内酯化反应，如果条件控制不当，也可以发生分子间的酯化反应，则可生成一种高分子副产物的结构简式为，故答案为：；（4）E（）在碱性条件下与新制氢氧化铜反应时，—CHO被氧化为—COONa，反应的化学方程式为+2Cu（OH）2+NaOH→△Cu2O↓++3H2O，故答案为：+2Cu（OH）2+NaOH→△Cu2O↓++3H2O；（5）酸性高锰酸钾溶液具有强氧化性，能氧化苯环侧链上的烃基、醛基、醇羟基、碳碳不饱和键等，若向F中直接加入酸性高锰酸钾溶液，—CH3、—CH2CH2OH都可以被氧化，不能直接一步转化为A，所以这种方法：不可以，理由：因为酸性高锰酸钾溶液不但可以氧化—CH3，—CH2CH2OH也可能被氧化，故答案为：否；因为酸性高锰酸钾溶液不但可以氧化—CH3，—CH2CH2OH也可能被氧化。【点评】本题主要考查有机物的推断等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。7．（2023春•江宁区校级期末）高分子化合物H是一种重要工业原料，其单体A不溶于水，可以发生如图变化。请回答下列问题：已知：（1）有机物C的分子式是C2H4O2。（2）有机物A中官能团的名称为碳碳双键、酯基。（3）反应④的反应类型为酯化反应（取代反应）。（4）E的某种同分异构体符合下列条件，其结构简式为。①能发生银镜反应②分子中含两个甲基③能和金属钠反应生成氢气（5）反应②的化学反应方程式2CH3CH2OH+O2→ΔCu2CH3CHO+2H2O（6）写出高分子化合物H的结构简式：。【答案】（1）C2H4O2；（2）碳碳双键、酯基；（3）酯化反应（取代反应）；（4）；（5）2CH3CH2OH+O2→ΔCu2CH3CHO+2H2（6）。【分析】A在浓硫酸、加热条件下反应生成乙醇和，因此该反应为酯类的水解反应，A为，乙醇催化氧化生成B为CH3CHO，CH3CHO进一步被氧气氧化生成C为CH3COOH，乙醇和乙酸发生酯化反应生成D为乙酸乙酯。在Ni作催化剂条件下与氢气发生加成反应生成E为CH3CH（CH3）COOH。A发生加聚反应生成高分子化合物H为。【解答】解：（1）根据分析可知，C为乙酸，分子式为C2H4O2，故答案为：C2H4O2；（2）有机物A结构简式为，其官能团名称为碳碳双键、酯基，故答案为：碳碳双键、酯基；（3）反应④为乙醇和乙酸发生酯化反应生成乙酸乙酯，反应类型为酯化反应（取代反应），故答案为：酯化反应（取代反应）；（4）E的同分异构体能发生银镜反应，说明其中含有醛基，分子中含有两个甲基，能和金属钠反应生成氢气，说明含有羟基或者羧基，因为E中只有一个羧基，在含有醛基的情况下不可能再含有羧基，因此E的同分异构体中含有一个羟基，满足条件的同分异构体为，故答案为：；（5）反应②是乙醇在铜做催化剂、加热条件下发生催化氧化生成乙醛和水，化学方程式为2CH3CH2OH+O2→ΔCu2CH3CHO+2H2故答案为：2CH3CH2OH+O2→ΔCu2CH3CHO+2H2（6）A发生加聚反应生成H，H的结构简式为，故答案为：。【点评】本题考查有机推断，侧重考查对比、分析、判断能力，明确官能团及其性质的关系并正确推断各物质的结构简式是解本题关键，易错点是限制性条件下同分异构体结构简式的确定。8．（2023秋•滨湖区校级期中）有机物W（分子式为C3H6O3）能与NaHCO3反应，分子中含有四种活动性不同的氢原子，个数比为3：1：1：1。（1）W的结构简式是CH3CH（OH）COOH。（2）W在不同条件下可脱水形成不同物质。若两分子W反应形成环酯，写出反应的化学方程式：；W还可形成高分子化合物——聚酯，结构简式可表示为。（3）W的某种同分异构体具有下列性质：1mol该物质能与2molNaOH反应。则该同分异构体的结构简式为CH3OOCOCH3。（4）W的工业合成路线如图所示：已知：Ⅰ.A、B、C、D与W分子中含有相同的碳原子数；①写出A的名称：1﹣丙醇。②B与新制Cu（OH）2反应的化学方程式是CH3CH2CHO+2Cu（OH）2→加热CH3CH2COOH+Cu2O↓+2H2O③某有机物与C互为同分异构体，既属于酯类，又含醛基。则该有机物可能的结构简式为HCOOC2H5。【答案】（1）CH3CH（OH）COOH；（2）；；（3）CH3OOCOCH3；（4）①1﹣丙醇；②CH3CH2CHO+2Cu（OH）2→加热CH3CH2COOH+Cu2O↓+2H2O③HCOOC2H5。【分析】W能与NaHCO3反应，分子中含有﹣COOH，W的分子式为C3H6O3，不饱和度为2×3+2-62=1，分子中含有四种活动性不同的氢原子，个数比为3：1：1：1，分子中含有1个﹣CH3、﹣COOH，结合分子式可知，还有﹣OH、，故W为CH3CH（OH）COOH，A、B、C、D与W分子中含有相同碳原子数，结合反应信息Ⅱ，由W的结构可知，D为CH3CHBrCOOH，C为CH3CH2COOH，故A为CH3CH2CH2OH，B为CH3CH2CHO【解答】解：（1）由以上分析可知W为CH3CH（OH）COOH，故答案为：CH3CH（OH）COOH；（2）若两分子W反应形成环酯，写出反应方程式为，W还可形成高分子化合物﹣聚酯，结构简式可表示，故答案为：；；（3）W的某种同分异构体，1mol该物质能与2molNaOH反应，其结构为CH3OOCOCH3，故答案为：CH3OOCOCH3；（4）①A为CH3CH2CH2OH，名称为1﹣丙醇，故答案为：1﹣丙醇；②B为CH3CH2CHO，与新制Cu（OH）2反应的化学方程式是CH3CH2CHO+2Cu（OH）2→加热CH3CH2COOH+Cu2O↓+2H2O故答案为：CH3CH2CHO+2Cu（OH）2→加热CH3CH2COOH+Cu2O↓+2H2O③某有机物与C互为同分异构体，既属于酯类，又含醛基，应为甲酸与乙醇形成的酯，结构简式为HCOOC2H5，故答案为：HCOOC2H5。【点评】本题考查有机物的推断与合成，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，需要学生对给予的信息进行运用，掌握官能团的演变是关键，难度不大，注意基础知识的理解掌握。9．（2023秋•梁溪区校级期中）化合物I（C11H12O3）是制备液晶材料的中间体之一，其分子中含有醛基和酯基，化合物I可以用E和H在一定条件下合成：已知以下信息：（1）A的核磁共振氢谱表明其只有一种化学环境的氢；（2）R﹣CH＝CH2→②H2O2/OH（3）化合物F苯环上的一氯代物只有两种；（4）通常在同一个碳原子上连有两个羟基不稳定，易脱水形成羰基。回答下列问题：（1）A的官能团名称为碳氯键。（2）A生成B的化学方程式为（CH3）3CCl+NaOH→△CH3CH2OHCH2＝C（CH3）2（3）D的结构简式为（CH3）2CHCHO。（4）写出满足下列条件的F的一种同分异构体结构简式。ⅰ含有苯环，ⅱ但不能使FeCl3溶液显色，ⅲ核磁共振氢谱表明其含有四种化学环境的氢。（5）I的结构简式为。【答案】（1）碳氯键；（2）（CH3）3CCl+NaOH→△CH3CH2OHCH2＝C（（3）（CH3）2CHCHO；（4）；（5）。【分析】A的核磁共振氢谱表明其只有一种化学环境的氢，根据A的分子式知，A为（CH3）3CCl，A发生消去反应生成B为CH2＝C（CH3）2，B发生信息（2）的反应生成C为（CH3）2CHCH2OH，C发生催化氧化生成D为（CH3）2CHCHO，D发生氧化反应然后酸化得到E为（CH3）2CHCOOH，化合物I（C11H12O3）是制备液晶材料的中间体之一，其分子中含有醛基和酯基，E中含有羧基，则H中含有醛基和羟基，H的不饱和度为7×2+2-62=5，苯环的不饱和度是4，醛基的不饱和度是1，所以H中含有醛基和酚羟基，化合物F苯环上的一氯代物只有两种，F中含有苯环，结合F的分子式知，F为，G水解后酸化得到H，G为，I为。【解答】解：（1）A为（CH3）3CCl，A的官能团名称为碳氯键，故答案为：碳氯键；（2）A为（CH3）3CCl，A发生消去反应生成B为CH2＝C（CH3）2，A生成B的化学方程式为：（CH3）3CCl+NaOH→△CH3CH2OHCH2＝C（故答案为：（CH3）3CCl+NaOH→△CH3CH2OHCH2＝C（（3）D的结构简式为（CH3）2CHCHO，故答案为：（CH3）2CHCHO；（4）F为，F的一种同分异构体满足下列条件：ⅰ含有苯环；ⅱ但不能使FeCl3溶液显色，不含酚羟基；ⅲ核磁共振氢谱表明其含有四种化学环境的氢，符合条件的同分异构体结构简式为，故答案为：；（5）I的结构简式为，故答案为：。【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查对比、分析、推断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意结合反应条件、某些结构简式、分子式进行推断，题目难度中等。10．（2023春•南通期末）D是一种有机酸，常用于食品和医药领域。以A为有机原料制备D的转化路线如图﹣1所示，C的质谱图如图﹣2所示，0.1molC在足量O2中完全燃烧，生成13.2gCO2和3.6gH2O，D可以发生分子间反应生成六元环酯。已知：。（1）1molOHCCH2CHO中含有σ键的数目为8NA。（2）C的分子式为C3H4O3。（3）A的结构简式为。（4）写出D分子间反应生成六元环酯的化学方程式：2⇌△浓硫酸+2H2O。（5）设计实验方案检验C中是否含有B：取少量C于试管中，加入10%的NaOH溶液至用pH试纸测得溶液呈碱性，加入少量2%AgNO3溶液，再滴加2%氨水至沉淀完全溶解，水浴加热，试管壁上出现光亮的银镜，证明含有B，没有银镜产生，说明不含B。（实验中可用的其他试剂或实验用品：pH试纸、2%AgNO3溶液、2%氨水、10%NaOH溶液）【答案】（1）8NA；（2）C3H4O3；（3）；（4）2⇌△浓硫酸+2H2O；（5）取少量C于试管中，加入10%的NaOH溶液至用pH试纸测得溶液呈碱性，加入少量2%AgNO3溶液，再滴加2%氨水至沉淀完全溶解，水浴加热，试管壁上出现光亮的银镜，证明含有B，没有银镜产生，说明不含B。【分析】由质谱图可知C的相对分子质量为88，0.1molC的质量为0.1mol×88g/mol＝8.8g，而0.1molC完全燃烧生成CO2为13.2g44g/mol=0.3mol、生成H2O为3.6g18g/mol=0.2mol，则0.1molC中n（O）=8.8g-0.3mol×12g/mol-0.2mol×2×1g/mol16g/mol=0.3mol，C分子中N（C）=0.3mol0.1mol=3、N（H）=0.2mol×20.1mol=4、N（O）=0.3mol0.1mol=3，故C的分子式为C3H4O3，A的分子式为C6H8，不饱和度为2×6+2-82=3【解答】解：（1）单键为σ键，双键含有1个σ键、1个π键，OHCCH2CHO分子含有8个σ键，则1molOHCCH2CHO中含有σ键的数目为8NA，故答案为：8NA；（2）由分析可知，C的分子式为C3H4O3，故答案为：C3H4O3；（3）由分析可知，A的结构简式为，故答案为：；（4）D为，D分子间反应生成六元环酯的化学方程式：2⇌△浓硫酸+2H2O，故答案为：2⇌△浓硫酸+2H2O；（5）设计实验方案检验C（）中是否含有B（），检验反应后物质中是否含有醛基即可，具体方案：取少量C于试管中，加入10%的NaOH溶液至用pH试纸测得溶液呈碱性，加入少量2%AgNO3溶液，再滴加2%氨水至沉淀完全溶解，水浴加热，试管壁上出现光亮的银镜，证明含有B，没有银镜产生，说明不含B，故答案为：取少量C于试管中，加入10%的NaOH溶液至用pH试纸测得溶液呈碱性，加入少量2%AgNO3溶液，再滴加2%氨水至沉淀完全溶解，水浴加热，试管壁上出现光亮的银镜，证明含有B，没有银镜产生，说明不含B。【点评】本题考查有机物的推断，注意对给予反应信息理解，掌握官能团的性质、转化与检验，题目侧重考查学生分析推理能力、综合运用知识的能力。11．（2022秋•武进区校级月考）高分子材料D可由烃A经如图转化关系合成。已知：经测定A的相对分子质量为84，B的核磁共振氢谱显示只有一个吸收峰。（1）反应①的反应类型为加成反应；反应②的反应类型为消去反应。（2）写出反应②的化学方程式：+2NaOH→Δ醇+2NaBr+2H2O。（3）写出同时满足下列条件的烃C的两种同分异构体的结构简式：CH3CH2C≡CCH2CH3、。①属于炔烃②核磁共振氢谱中只有两个峰（4）D的结构简式。【答案】（1）加成反应；消去反应；（2）+2NaOH→Δ醇+2NaBr+2H2O；（3）CH3CH2C≡CCH2CH3、；（4）。【分析】A为烃，且相对分子质量为84，则烃A分子式为C6H12，烃A能与Br2发生反应，因此烃A中含有碳碳双键，B的核磁共振氢谱只有一个吸收峰，说明一种氢原子，说明时对称结构，从而推出A的结构简式为，则B的结构简式为，C为烃，说明反应②为卤代烃的消去反应，则C的结构简式为，C能发生加聚反应，则D的结构简式为，据此分析。【解答】解：（1）根据上述分析，烃A与溴单质发生加成反应，得到B，即反应①的类型为加成反应，C为烃，说明反应②为卤代烃的消去反应，故答案为：加成反应；消去反应；（2）反应②为卤代烃的消去反应，其方程式为+2NaOH→Δ醇+2NaBr+2H2O，故答案为：+2NaOH→Δ醇+2NaBr+2H2O；（3）烃C的结构简式为，书写同分异构体符合条件为属于炔烃，说明含有碳碳三键，核磁共振氢谱有两个峰，说明只有两种氢原子，即符合条件的是CH3CH2C≡CCH2CH3、，故答案为：CH3CH2C≡CCH2CH3、；（4）烃C中含有碳碳双键，通过发生加成聚合反应得到高分子D，即D的结构简式为，故答案为：。【点评】本题主要考查有机物的推断等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。12．（2022春•天宁区校级期末）已知A是一种气态烃，其密度在标准状况下是H2的14倍。下列关系图中部分产物可能略去，试回答下列问题：已知反应：R﹣X+NaOH→△R﹣OH+NaX（R代表烃基，X（1）C分子的官能团的名称为羧基。（2）反应①～⑧中属于取代反应的是③④⑤⑧。（3）C与F以物质的量之比2：1反应生成G，反应④的化学方程式为HOOCCOOH+2CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH3CH2OOCCOOCH2CH3+2H2O（4）B物质可在一定条件下被氧气氧化为具有刺激性气味的物质，写出反应的化学方程式2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2O（5）聚苯乙烯的结构简式为。（6）下列说法正确的是acd。A.D在一定条件下可能会和水反应生成B和CB.B和F属于同系物C.A、B和I都能使酸性高锰酸钾溶液褪色D.与E互为同分异构体的有机物只有1种【答案】（1）羧基；（2）③④⑤⑧；（3）HOOCCOOH+2CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH3CH2OOCCOOCH2CH3+2H2（4）2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2（5）；（6）acd。【分析】气态烃A的密度在标准状况下是H2的14倍，则A的相对分子质量是14×2＝28，故A为CH2＝CH2，乙烯和水发生加成反应生成B为CH3CH2OH，乙醇被酸性高锰酸钾氧化生成C为CH3COOH，乙醇和乙酸发生酯化反应生成D为CH3COOCH2CH3，乙烯和溴的四氯化碳溶液发生加成反应生成E为BrCH2CH2Br，1，2﹣二溴乙烷发生水解反应生成F为HOCH2CH2OH，由G的分子式可知乙酸和乙二醇按物质的量之比2：1发生酯化反应生成G为1，2﹣二溴乙烷和苯发生取代反应生成和HBr，发生消去反应生成，发生加聚反应生成。【解答】解：（1）由分析可知，C的结构简式为CH3COOH，C含有的官能团是羧基，故答案为：羧基；（2）由分析可知，①②是加成反应，③④⑤⑧是取代反应，⑥是消去反应，⑦是加聚反应，故答案为：③④⑤⑧；（3）乙酸和乙二醇按物质的量之比2：1发生酯化反应生成G，则G的结构简式为，该反应的方程式为HOOCCOOH+2CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH3CH2OOCCOOCH2CH3+2H2O故答案为：HOOCCOOH+2CH3CH2OH⇌△浓硫酸CH3CH2OOCCOOCH2CH3+2H2（4）乙醇可在Cu催化作用下被空气中的氧气氧化为具有刺激性气味的物质，该物质是乙醛，反应的化学方程式为2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2故答案为：2CH3CH2OH+O2→△Cu2CH3CHO+2H2（5）聚苯乙烯的结构简式为，故答案为：；（6）a．D是CH3COOCH2CH3，在稀硫酸、加热条件下水解生成乙酸和乙醇，故a正确；b．B为CH3CH2OH，F为HOCH2CH2OH，二者含有的羟基数目不相同，二者不属于同系物，故b错误；c．A和I都含有碳碳双键，而B含有﹣CH2OH基团，均被酸性高锰酸钾溶液氧化，都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故c正确；d．E是CH2Br﹣CH2Br，分子中含有2个Br原子，2个Br原子可以在同一个C原子上，也可以在两个不同C原子上，因此E的同分异构体只1种为CH3CHBr2，故d正确，故答案为：acd。【点评】本题考查有机物的推断，涉及烯烃、卤代烃、醇、羧酸和酯之间的转化，题目比较基础，旨在考查学生对基础知识的掌握情况。13．（2025•山东开学）化合物G是一种杀菌剂，具有高效、广谱、渗透、内吸活性、耐雨水冲刷、持效期长等特性，其合成路线如图：回答下列问题：（1）烃A的化学名称是对二甲苯（或1，4﹣二甲苯）。（2）B转化为C的反应类型是氧化反应；C中含有官能团的名称是羰基、羧基。（3）C转化为D的化学方程式是。（4）B的同分异构体有很多，其中符合下列条件的有15种（不考虑立体异构）。①含有苯环，苯环上有两个取代基②能发生银镜反应（5）结合题述信息，E转化为F分两步：E→NH第一步为加成反应，则甲的结构简式是；N（CH2CH3）3中N原子的杂化方式是sp3。【答案】（1）对二甲苯（或1，4﹣二甲苯）；（2）氧化反应；羰基、羧基；（3）；（4）15；（5）；sp3。【分析】由（1）中A为烃，结合B的结构简式，推知A为，A与发生取代反应生成B和HCl；B发生氧化反应生成C，对比C、E的结构简式，结合反应条件，可知C与甲醇发生酯化反应生成D，D发生取代反应生成E，推知D为，E与NH2OCH3之间脱去1分子水生成F，F与发生取代反应生成G和HBr。【解答】解：（1）烃A的结构简式为，其化学名称是对二甲苯或1，4﹣二甲苯，故答案为：对二甲苯（或1，4﹣二甲苯）；（2）B转化为C的过程中—CH3转化为—COOH，该反应类型是氧化反应；C中含有官能团的名称是羰基、羧基，故答案为：氧化反应；羰基、羧基；（3）C转化为D的化学方程式是，故答案为：；（4）B（）的同分异构体含有苯环且苯环上有两个取代基，还能发生银镜反应，说明含有醛基，可以看作是将苯环插入CH3CH2CH2CHO、的碳碳键之间，依次有3种、2种位置，2个取代基有邻、间、对3种位置关系，故符合条件的同分异构体共有（3+2）×3＝15种，故答案为：15；（5）结合题述信息，E转化为F分两步：E→NH2OCH3甲→F，第一步为加成反应，第二步发生消去反应脱去1分子水形成C＝N双键，则甲的结构简式是；N（CH2CH3）3中N原子还有1对孤电子对，杂化轨道数目为3+1＝4，故答案为：；sp3。【点评】本题考查有机物的推断，涉及有机物命名、有机反应类型、官能团识别、有机反应方程式的书写、限制条件同分异构体的书写等，对比有机物结构变化来理解发生的反应，题目较好地考查学生分析推理能力、知识迁移运用能力。14．（2024秋•湖北期末）布洛芬是一种具有解热镇痛抗炎作用的非处方药，它的一条合成路线如图（略去部分试剂和条件，忽略立体化学）。已知：①②回答下列问题：（1）B中含氧官能团的名称为羰基。（2）试剂a的结构简式为HCHO，D→E的反应类型为加成反应（或还原反应）。（3）生成F的化学方程式为+→H++H2O。（4）同时满足下列条件的布洛芬的芳香族同分异构体的结构简式为（或）（任写一种）。①能发生水解反应，且水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应；②能发生银镜反应；③核磁共振氢谱显示有4组峰，且面积比为9：6：2：1。（5）缓释布洛芬能缓慢水解释放出布洛芬，实现更持久的药效。请将下列方程式补充完整：其中相对分子质量最大的产物的名称为聚甲基丙烯酸。【答案】（1）羰基；（2）HCHO；加成反应（或还原反应）；（3）+→H++H2O；（4）（或）；（5）；聚甲基丙烯酸。【分析】A→B的转化过程中，中苯环上引入—COCHClCH3生成，与发生信息②中反应生成F为，F经过系列转化生成，对比、结构，结合信息①中加成反应，推知试剂a为HCHO，与氢气发生加成反应（或还原反应）生成。【解答】解：（1）B的结构简式为，B中含氧官能团的名称为羰基，故答案为：羰基；（2）对比、结构，结合信息①中加成反应，推知试剂a的结构简式为HCHO；D→E是与氢气反应生成，该反应类型为加成反应，也属于还原反应，故答案为：HCHO；加成反应（或还原反应）；（3）生成F的化学方程式为+→H++H2O，故答案为：+→H++H2O；（4）布洛芬（）的芳香族同分异构体含有苯环，还能发生水解反应且水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应，还能能发生银镜反应；说明苯环的1个侧链为—OOCH，核磁共振氢谱显示有4组峰且面积比为9：6：2：1，说明存在对称结构，分子中有5个甲基，其中3个甲基化学环境相同，另外2个甲基化学环境相同，符合条件的同分异构体为、，故答案为：（或）；（5）缓释布洛芬中酯基缓慢水解释放出布洛芬，反应方程式为，其中相对分子质量最大的产物，其名称为聚甲基丙烯酸，故答案为：；聚甲基丙烯酸。【点评】本题考查有机物的推断与合成，涉及官能团识别、有机反应类型、有机反应方程式的书写、限制条件同分异构体的书写、有机物命名等，对比有机物结构来理解发生的反应，题目侧重考查学生分析推理能力、知识迁移运用能力。15．（2024秋•随州期末）已知2RCH2CHO→△NaOH/H2ORCH2CH═请回答下列问题：（1）一元醇A中氧的质量分数约为21.6%，则A的分子式为C4H10O；结构分析显示A只有一个甲基，A的名称为1﹣丁醇。（2）B能与新制Cu（OH）2发生反应，该反应的化学方程式为CH3CH2CH2CHO+2Cu（OH）2+NaOH→△CH3CH2CH2COONa+Cu2O↓+3H2O（3）C有2种官能团；若一次取样，检验C中所含官能团，按使用的先后顺序写出所用试剂：银氨溶液、稀盐酸、溴水。（4）第③步的反应类型为加成反应（或还原反应）；D所含官能团的名称为羟基。（5）第④步的反应条件为浓硫酸、加热；写出E的结构简式：。【答案】（1）C4H10O；1﹣丁醇；（2）CH3CH2CH2CHO+2Cu（OH）2+NaOH→△CH3CH2CH2COONa+Cu2O↓+3H2O（3）2；银氨溶液、稀盐酸、溴水；（4）加成反应（或还原反应）；羟基；（5）浓硫酸、加热；。【分析】一元醇A中氧的质量分数约为21.6%，则Mr（A）=1621.6%≈74，设A的分子式为CxHyO，则有12x+y+16＝74，即12x+y＝58，又应有y≤2x+2，可解得整数解仅有x＝4、y＝10，故A的分子式为C4H10O，分子中只有一个甲基，所以A是CH3CH2CH2CH2OH，在铜作催化剂、加热条件下被氧气氧化生成B为CH3CH2CH2CHO，CH3CH2CH2CHO在氢氧化钠的水溶液、加热条件下发生反应生成C，结合题目给予的信息，可知C的结构简式为，C反应生成D，D的相对分子质量是130，而C的相对分子质量为126，则C中碳碳双键、醛基和氢气发生加成反应生成D，则D的结构简式为，D和水杨酸发生酯化反应生成E，E的结构简式为。【解答】解：（1）由分析可知，A的分子式为C4H10O，结构分析显示A只有一个甲基，则其结构简式为CH3CH2CH2CH2OH，名称为1﹣丁醇，故答案为：C4H10O；1﹣丁醇；（2）B的结构简式为CH3CH2CH2CHO，与新制Cu（OH）2反应的化学方程式为CH3CH2CH2CHO+2Cu（OH）2+NaOH→△CH3CH2CH2COONa+Cu2O↓+3H2O故答案为：CH3CH2CH2CHO+2Cu（OH）2+NaOH→△CH3CH2CH2COONa+Cu2O↓+3H2O（3）由分析可知，C的结构简式为，C含有碳碳双键、醛基共2种官能团；若一次取样，检验C中所含官能团，应该先加入银氨溶液检验醛基，然后加入稀盐酸酸化，用溴水来检验碳碳双键，故答案为：2；银氨溶液、稀盐酸、溴水；（4）第③步C→D是与氢气反应生成，该反应类型为加成反应，也属于还原反应；D所含官能团为—OH，其名称为羟基，故答案为：加成反应（或还原反应）；羟基；（5）第④步是酯化反应，反应条件为浓硫酸、加热；D（）与水杨酸发生酯化反应得到水杨酸酯E和水，则E的结构简式为，故答案为：浓硫酸、加热；。【点评】本题考查有机物的推断，关键是确定A的结构简式，再结合反应条件进行分析判断，熟练掌握官能团的性质与转化，难度中等。16．（2024秋•东城区期末）奥美沙坦酯是M种治疗高血压的药物，其中间体K的一种合成路线如图。（1）A是乙烯的同系物，A为CH2＝CHCH3。（2）B→C的化学方程式为CH3CH2CH2Cl+NaCN→CH3CH2CH2CN+NaCl。（3）E只有一种官能团，其核磁共振氢谱显示有4组峰。E的结构简式为CH3CH2CH2C（OCH3）3。（4）下列关于试剂X说法正确的是ab（填序号）。a.—CN的电子式为b.分子中至少有8个原子位于同一平面c.与互为顺反异构体（5）F中不存在环状结构，其结构简式为CH3CH2CH2C（OCH3）＝NC（CN）＝C（CN）NH2。（6）已知：H的结构简式为，J的结构简式为。【答案】（1）CH2＝CHCH3；（2）CH3CH2CH2Cl+NaCN→CH3CH2CH2CN+NaCl；（3）CH3CH2CH2C（OCH3）3；（4）ab；（5）CH3CH2CH2C（OCH3）＝NC（CN）＝C（CN）NH2；（6）；。【分析】A是乙烯的同系物，结合A的分子式知，A为CH2＝CHCH3，A和HCl发生加成反应生成B，B发生取代反应生成C，C和甲醇发生加成反应然后再和HCl反应生成D，根据D的结构简式及B、C的分子式知，B为CH3CH2CH2Cl、C为CH3CH2CH2CN，E只有一种官能团，其核磁共振氢谱显示有4组峰，根据E的组成元素及D的结构简式知，官能团应该是醚键，E的结构简式为CH3CH2CH2C（OCH3）3，F中不存在环状结构，根据G的结构简式及F的分子式知，F为CH3CH2CH2C（OCH3）＝NC（CN）＝C（CN）NH2，F发生取代反应生成G，G发生水解反应生成H为，J发生信息中的反应生成K，根据K的结构简式知，J为。【解答】解：（1）通过以上分析知，A为CH2＝CHCH3，故答案为：CH2＝CHCH3；（2）B为CH3CH2CH2Cl、C为CH3CH2CH2CN，B→C的化学方程式为：CH3CH2CH2Cl+NaCN→CH3CH2CH2CN+NaCl，故答案为：CH3CH2CH2Cl+NaCN→CH3CH2CH2CN+NaCl；（3）E的结构简式为CH3CH2CH2C（OCH3）3，故答案为：CH3CH2CH2C（OCH3）3；（4）a.—CN的电子式为，故a正确；b.乙烯、—CN中所有原子共平面，NH3分子中最多有3个原子共平面，该分子相当于乙烯分子中的氢原子被—NH2、—CN取代，则分子中至少有8个原子位于同一平面，故b正确；c.与不互为顺反异构体，故c错误；故答案为：ab；（5）F的结构简式为CH3CH2CH2C（OCH3）＝NC（CN）＝C（CN）NH2，故答案为：CH3CH2CH2C（OCH3）＝NC（CN）＝C（CN）NH2；（6）H为，J为，故答案为：；。【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意结合习题中的信息进行判断。17．（2023秋•赣州期末）双酰胺类杀虫剂IX12，对粘虫的杀虫活性达100%，其合成路线如图：已知：回答下列问题：（1）A中含氧官能团的名称羧基。（2）B中最多15个原子共平面。（3）C的化学名称间甲基苯胺或者3﹣甲基苯胺（4）D的结构简式（5）写出E生成F过程中步骤（a）的化学方程式+NaOH→△+CH3CH2OH。（6）由F生成G的反应类型是取代反应。（7）相对分子质量比C大14的同系物H，分子中含有苯环的同分异构体有20种（不考虑立体异构），其中核磁共振氢谱为4组峰，且面积比为6：2：2：1的结构简式是或或（任意写一种）。【答案】（1）羧基；（2）15；（3）间甲基苯胺或者3﹣甲基苯胺；（4）；（5）+NaOH→△+CH3CH2OH；（6）取代反应；（7）20；或或。【分析】由题干合成路线图中IX12和G的结构简式结合题干已知信息可知，D的结构简式为：，由B和D的结构简式以及B到D的转化条件和C的分子式可知，C的结构简式为：，据此分析解题。【解答】解：（1）由题干合成路线图中A的结构简式可知，A中含氧官能团的名称为羧基，故答案为：羧基；（2）由题干合成流程图中B的结构简式可知，B分子中含有苯环和酮羰基两个平面结构，中间单键连接可以任意旋转，故B中最多15个原子共平面，除—NH2上有一个H不可能与其他原子共面外，其余原子均可能共面，故答案为：15；（3）由分析可知，C的结构简式为：，则C的化学名称为：间甲基苯胺或者3﹣甲基苯胺，故答案为：间甲基苯胺或者3﹣甲基苯胺；（4）由分析可知，D的结构简式为：，故答案为：；（5）由题干流程图可知，E生成F过程中步骤（a）即酯基发生水解反应生成羧酸钠和醇，该反应的化学方程式为：+NaOH→△+CH3CH2OH，故答案为：+NaOH→△+CH3CH2OH；（6）由题干流程图可知，由F生成G即F中羧基上的羟基被Cl所取代生成G，故该反应的反应类型是取代反应，故答案为：取代反应；（7）由题干流程图可知，C的分子式为：C7H9N，则相对分子质量比C大14即多一个CH2原子团的同系物H的分子式为：C8H11N，分子中含有苯环的同分异构体有：若只连一个支链有：—CH2CH2NH2、—CH（NH2）CH3、—NHCH2CH3和—N（CH3）2、—CH2NHCH3等5种若连2个取代基，则有—NH2、—CH2CH3或—CH2NH2、—CH3或—NHCH3、—CH3等三组，每组又有邻间对三种，若连3个取代基即—NH2、—CH3和—CH3，则有6种位置异构，即共有：5+3×3+6＝20种，其中核磁共振氢谱为4组峰，且面积比为6：2：2：1的结构简式是或或，故答案为：20；或或。【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，采用