2025年外研版三年级起点必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版三年级起点必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，A、B、C为电场中同一电场线上的三点。设带电粒子在电场中只受电场力作用从A静止开始运动到B；则下列说法正确的是（）

A.粒子带负电B.电势φA>φB，场强EA>EBC.粒子动能减小D.电势能减小2、热水器中，常用热敏电阻实现温度控制。如图是一学习小组设计的模拟电路，为加热电阻丝，为正温度系数的热敏电阻（温度越高电阻越大），C为电容器。S闭合后；当温度升高时（）

A.电容器C的带电荷量增大B.灯泡L变暗C.电容器C两板间的电场强度减小D.消耗的功率增大3、学习物理除了知识的学习外，还要领悟并掌握处理物理问题的思想与方法。下列关于物理学中的思想方法，叙述正确的是（）A.在探究求合力方法的实验中使用了控制变量法的思想B.伽利略在研究自由落体运动时采用了理想实验法C.在利用v-t图像推导匀变速直线运动的位移公式时，采用了极限思想D.在计算带电体间的相互作用力时，若电荷量分布对计算影响很小，将带电体看做点电荷采用了“等效法”4、如图所示，真空中固定于A、B两点的点电荷Q1＝＋2.0×10－6C、Q2＝-2.0×10－6C，AB之间的距离L为2.0m，MN为AB的中垂线，P点距离A、B的距离也为2.0m，已知静电力常量k＝9.0×109N·m2/C2；则。

A.两点电荷间的库仑力大小为1.8×10－2NB.P点场强的方向沿沿y轴正向C.若P点放置q＝＋2.0×10－6C的电荷，该电荷受到的电场力为9.0×10－3ND.若P点放置q＝＋2.0×10－6C的电荷，该电荷受到的电场力为9×10－3N5、如图所示，AB、CD、EF都为半径为R的空间球面的直径，其中AB与EF同在水平面内，EF与AB的夹角θ=45°，CD与水平面垂直，现在A、B两点分别固定等量异种点电荷；则（）

A.E、F两点电势相同B.E、F两点电场强度相同C.沿直线从C到D，电场强度先变小后变大D.将带正电的检验电荷从E点沿直线移到F点，电场力不做功6、静电场方向平行于x轴，其电势随x的分布可简化为如图所示的折线；下列说法中正确的是（）

A.x轴上x1到x2之间为匀强电场B.x轴上x2到O之间的电场强度小于O到x3之间的电场强度C.x轴上x2到O之间的电场强度的方向与O到x3之间的电场强度的方向相同D.正电荷沿x轴从x1运动到x3的过程中，电场力做正功，电势能减小7、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源连接，下极板接地，一带电油滴位于电容器中的P点且处于静止状态；现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，以下判断错误的是（）

A.带电油滴将沿竖直方向向下运动B.P点的电势将升高C.平行板电容器的电容将变小D.电容器所带电荷量将减少8、如图所示的电路中，电阻R1、R2、R3的阻值均为2Ω，电流表内阻不计，在B、C两点间加上6V的电压时；电流表的示数为()

A.0B.1AC.1.5AD.2A评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示，ABC为等边三角形，电荷量为+q的点电荷固定在A点．先将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处（电势为0）移到C点，此过程中，电场力做功为-W．再将Q1从C点沿CB移到B点并固定．最后将一电荷量为-2q的点电荷Q2从无穷远处移到C点．下列说法正确的有。

A.Q1移入之前，C点的电势为B.Q1从C点移到B点的过程中，所受电场力做的功为0C.Q2从无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为2WD.Q2在移到C点后的电势能为-4W10、关于磁感线，以下说法中正确的是（）A.磁感线是磁场中客观存在的曲线B.磁感线上某点的切线方向表示该点的磁场方向，也是该点的磁感应强度方向C.磁感线起始于磁铁的N极，终止于磁铁的S极D.磁感线是闭合曲线11、某导体中的电流随其两端电压的变化情况如图所示；则下列说法中正确的是（）

A.加5V电压时，导体的电阻约是5ΩB.加12V电压时，导体的电阻约是9ΩC.由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断增大D.由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大12、如图所示，正点电荷2Q、Q分别置于M、N两点，O点为MN连线的中点。点a、b在MN连线上，点c、d在MN中垂线上，它们都关于O点对称。则正确的是（）

A.O点的电势高于c点的电势B.a、b两点的电场强度相同C.电子在a点的电势能大于在b点的电势能D.将电子沿直线从c点移到d点，电场力对电子先做正功后做负功13、等间距虚线a、b、c、d表示匀强电场中的四个等势面。两带电粒子M、N沿着a、d等势面射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示。已知M带正电；不计粒子重力，则（）

A.N带负电B.等势面a的电势低于等势面b的电势C.运动过程中，带电粒子M的电势能逐渐减小D.运动过程中，带电粒子N的动能逐渐减小14、如图所示，两个带电小球A、B分别处在光滑绝缘的斜面和水平面上，且在同一竖直平面内。用水平向左的推力作用于B球；两球在图示位置静止。现将B球水平向左移动一小段距离，发现A球随之沿斜面向上移动少许，两球在虚线位置重新平衡，与移动前相比，下列说法正确的是（）

A.斜面对A的弹力减小B.水平面对B的弹力不变C.推力变大D.两球之间的距离变大15、如图所示，xOy平面处于匀强电场中，电场方向与平面平行，平面内A、B、C、D四点的位置如图所示，其坐标分别为（-a，0）、（a，0）、和将电荷量为的粒子从A点沿直线移动到B点，电场力做功为若将该粒子从C点沿直线移动到D点，电场力做功为2W。则下列说法正确的是（）

A.该匀强电场的场强大小B.A、C两点间的电势差为C.将该粒子从B点移动到D点，电场力做功为0.5WD.将该粒子从C点移动到B点，电势能增加16、如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量大小为U，电流表示数变化量的大小为I；在这个过程中，下列判断正确的是。

A.电容器的带电量减少，减小量小于CDUB.电阻R1两端电压减小，减小量等于DUC.电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大D.电压表的示数DU和电流表的示数DI的比值变大评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、两根垂直交叉但不接触的导线，流过每条导线的电流大小相等，方向如图所示，ABCD为导线附近的四个区域，在_____区域，有磁感强度为零的一点．18、定义：电源是能不断把___________从正极搬运到负极的装置。19、在某电场中，将一带电荷量为q=＋2.0×10-9C的点电荷从a点移到b点，静电力做功W=-4.0×10-7J，则a、b两点间的电势差Uab为___________V。20、会利用______法和______法求电动势和内阻。21、如图所示中的游标卡尺的示数是__________cm，螺旋测微器的示数是__________mm。

22、能量守恒定律的意义。

（1）各种形式的能可以___________。

（2）各种物理现象可以用___________联系在一起。23、已知灵敏电流计的满偏电流为1mA，内阻为若要将它改装成量程为3V的电压表，应串联一个___________的电阻，改装完成后，若某次测量电压时灵敏电流计指针指向位置，则对应电压测量值为___________V。（保留两位有效数字）24、如图所示，直线A为电源的U﹣I图像，直线B为电阻R的U﹣I图像，用该电源与电阻R组成闭合回路时，则电源的内阻为___________Ω，电阻R的功率为___________W。

25、安培定则。

（1）直线电流的磁场。

安培定则：如图所示，用右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，___________所指的方向就是磁感线环绕的方向。

直线电流周围的磁感线环绕情况如图所示。

（2）环形电流的磁场。

安培定则：如图所示，让右手___________与环形电流的方向一致，___________的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向。

（3）通电螺线管的磁场。

安培定则：如图所示，右手握住螺线管，让弯曲的四指与___________一致，伸直的拇指所指的方向就是___________上磁场的方向或者说拇指所指的方向是它的北极的方向。

评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)26、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

27、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

28、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

29、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)30、方法2“安阻法”

（1）如图所示，由E＝()知，改变电阻箱的阻值，测出多组()、()的值，通过图像就可求出E、r的值．

（2）器材：电池、开关、()、()．31、为了探究电磁感应现象的产生条件；图中给出了必备的实验仪器．

（1）请你用笔画线代替导线，将实验电路连接完整____．

（2）正确连接实验电路后，在闭合开关时灵敏电流计的指针发生了偏转．开关闭合后，迅速移动滑动变阻器的滑片，灵敏电流计的指针______偏转（选填“发生”或“不发生”）．断开开关时灵敏电流计的指针______偏转（选填“发生”或“不发生”）．

评卷人得分六、解答题(共1题，共2分)32、将一带电粒子以初速度υ0沿水平方向从A点射入方向竖直向上的匀强电场中，粒子从B点飞出电场时速度方向与电场方向夹角为电场的水平宽度为L，如图所示．不计粒子的重力。设粒子的质量为m，电荷量的绝对值为q。求。

（1）该匀强电场的电场强度为多大？

（2）A、B两点的电势差UAB为多大？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

A．带电粒子在电场中只受电场力作用从A静止开始运动到B；说明电场力方向与电场方向相同，粒子带正电，故A错误；

B．沿电场线方向电势降低，故A点电势大于B点，电场线密集的地方电场强度大，故A点场强小于B点；故B错误；

CD．电场力做正功；电势能减小，动能增大，故C错误，D正确。

故选D。2、A【分析】【详解】

AB．由电路图可知，S闭合后，当温度升高时，由于电路为并联电路，电阻增大，则总电阻增大，根据欧姆定律可知总电流I减小，由于

则U增大，即电灯泡两端电压U增大，即灯泡L变亮，由于

可知，增大，则流过和的电流减小，由于

可知减小，由于

则可知增大，则电容器C两端电压增大，由

可知电容器C的带电荷量增大；故A正确，B错误；

C．根据

可知电容器C两端电压增大，则电容器C两板间的电场强度增大；故C错误；

D．由上述可知，流过的电流减小，根据

可知消耗的功率减小；故D错误。

故选A。3、B【分析】【分析】

【详解】

A．在探究求合力方法的实验中使用了等效的思想；选项A错误；

B．伽利略在研究自由落体运动时采用了理想实验和逻辑推理的方法；故B正确；

C．在利用v-t图像推导匀变速直线运动的位移公式时；采用了微元法，选项C错误；

D．在计算带电体间的相互作用力时；若电荷量分布对计算影响很小，将带电体看做点电荷采用了“理想模型法”，选项D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

A．根据库仑定律，A、B两点电荷间的库仑力大小F＝k代入数据得F＝9.0×10－3N

A错误；

B．A、B两点电荷在P点产生的场强大小相等，均为E1＝kA、B两点电荷形成的电场在P点的合场强大小E＝2E1cos60°=4.5×103V/m

根据矢量合成的法则，方向为x轴的正方向；B错误；

CD．P点处的电荷受到电场力的大小为F=qE=9.0×10－3N

C正确、D错误。5、B【分析】【详解】

AB．等量异种点电荷的电场和等势线分布如图所示。

由图可知，E、F两点电势不相同；但两点电场强度相同，故A错误，B正确；

C．沿直线从C到D；电场强度先变大后变小，故C错误；

D．将带正电的检验电荷从E点沿直线移到F点；电势降低，电势能减小，电场力做正功，故D错误。

故选B。6、D【分析】【详解】

A．图像的斜率的绝对值表示电场强度的大小，故x1到x2之间场强为零；不是匀强电场，选项A错误；

B．图像的斜率的绝对值表示电场强度的大小，则x2到之间的电场强度大于到x3之间的电场强度；故B错误；

C．沿着电场强度的方向电势降低，故上x2到之间的电场强度的方向与到x3之间的电场强度的方向相反；故C错误；

D．因x1点的电势高于x3点的电势，可知正电荷沿x轴从x1运动到x3的过程中；电势能减小，电场力做正功，故D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

A．平行板电容器与直流电源连接；其电压保持不变，将上极板竖直向上移动一小段距离，板间场强减小，油滴所受电场力减小，油滴将沿竖直方向向下运动。故A正确，不符合题意；

B．平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，板间距离增大，电容器的电压不变，根据

知板间场强减小，由U=Ed得知，P点与下极板间的电势差减小，板间场强方向向下，P点电势比下极板高，则可知，P点的电势降低。故B正确；不符合题意；

C．平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离；则间距变大，导致电容变小。故C正确，不符合题意；

D．将上极板竖直向上移动一小段距离，板间距离增大，电容减小，电容器的电压不变，由Q=CU得到，电量Q减小。故D正确；不符合题意。

故选B。8、B【分析】【详解】

电流表内阻不计，则A、C两点相当于用导线连在一起，当在B、C两点间加上6V的电压时，R2与R3并联，然后与R1串联，电流表测量的是通过电阻R2的电流．等效电路图如图所示．

电路中的总电阻R总＝＝3Ω

干路中的电流为I总＝

由于R2与R3相等；所以电流表的示数为1A。

故选B．二、多选题(共8题，共16分)9、A:B:D【分析】【详解】

A.由题意可知，C点的电势为。

故A正确；

B.由于B、C两点到A点()的距离相等，所以B、C两点的电势相等，所以从C点移到B点的过程中；电场力先做负功再做正功，总功为0，故B正确；

C.由于B、C两点的电势相等，所以当在B点固定后，C点的电势为所以从无穷远移到C点过程中；电场力做功为：

故C错误；

D.由于C点的电势为所以电势能为。

故D正确。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．磁场是客观存在的；但磁感线不是实际存在的，故A错误；

B．磁感线上某点的切线方向表示该点的磁场方向；也是该点的磁感应强度方向，故B正确；

CD．磁体外部磁感线是从N极到S极；而内部是从S极到N极，形成闭合的曲线，故C错误，D正确。

故选BD。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．加5V电压时；电流为1.0A，由欧姆定律可知。

故A正确；

B．由图可知；当加12V电压时，电流约为1.5A，则导体的电阻约为。

故B错误；

CD．由图可知，随电压增大，图线的斜率k减小，在图象中；斜率表示电阻的倒数，即。

可知随着电压的减小；导体的电阻不断减小，随电压增大，导体的电阻不断增大，故D正确，C错误。

故选AD。12、A:D【分析】【详解】

A．同种电荷的电场线是排斥状的，沿电场线方向电势逐渐降低，所以可知O点的电势高于c点的电势；故A正确；

B．设则根据电场的叠加可知a点的电场强度为：

b点的电场强度为：

可见故B错误；

C．因为M点电荷电荷量大于N点电荷量，若将电子从a点移动到b点，电场力总体而言做负功，电势能增加，所以电子在a点的电势能小于在b点的电势能；故C错误；

D．对两个电荷在中垂线上的场强进行叠加，在Oc段方向斜向右上，在Od段方向斜向右下，所以电子所受的电场力在Oc段斜向左下，在Od段斜向左上；电场力跟速度的方向先是锐角后是钝角，电场力对电子先做正功后做负功，故D正确。

故选AD。13、A:C【分析】【详解】

A．匀强电场中带电粒子仅受电场力，已知M带正电，由MN粒子的运动轨迹可知，两粒子的受到的电场力方向相反，故N带负电；A正确；

B．根据M的运动轨迹可知，电场力方向向右，与等势面垂直，故电场方向水平向右，等势面a的电势高于等势面b的电势；B错误；

CD．运动过程中，带电粒子MN的电场力均做正功；电势能减小，动能增加，故C正确，D错误。

故选AC。14、A:D【分析】【详解】

A．如图所示。

对小球A受力分析，由平行四边形法则可知，当A小球到达虚线位置时，斜面对A的弹力减小；A正确；

B．对AB整体受力分析，和的竖直分量之和等于AB的重力之和，减小，则的竖直分量减小，则增大；B错误；

C．对B受力分析，F等于库仑力的水平分量，因为减小且与水平方向的夹角变大，则的水平分量减小，即F减小；C错误；

D．由A受力可知；两球之间的库仑力减小，根据库仑定律，两球之间的距离变大，D正确。

故选AD。15、A:C【分析】【详解】

A．将电荷量为的粒子从A点沿直线移动到B点，电场力做功为

则有

若将该粒子从C点沿直线移动到D点，电场力做功为2W，可得

根据匀强电场可知，CO沿着电场线的距离是AO沿着电场线的距离的2倍；而由几何关系做辅助线如图所示。

因A点在CO的投影点M为中点，可知电场线沿CD方向，故匀强电场的场强为

故A正确；

B．A、C两点间的电势差为

故B错误；

C．将该粒子从B点移动到D点，电场力做功为

故C正确；

D．将该正粒子从C点移动到B点；相当于从C点到N点，电场力做正功，电势能减少，故D错误；

故选AC。16、A:C【分析】【详解】

AB．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R1两端的电压减小，电阻R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R1两端的电压减小量小于△U，则电容器的带电量减小，减小量小于C△U．故A正确；B错误．

C．根据欧姆定律R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大．故C正确．

D．根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R1+r），由数学知识得知，保持不变．故D错误．三、填空题(共9题，共18分)17、A:C【分析】【分析】

【详解】

由安培定则得到，在A区域水平导线产生的磁场垂直纸面向外，竖直导线产生的磁场垂直纸面向里，所以有磁感强度为零的一点，A对；在B区域水平导线产生的磁场垂直纸面向外，竖直导线产生的磁场垂直纸面向外，所以没有磁感强度为零的一点，B错；在C区域水平导线产生的磁场垂直纸面向里，竖直导线产生的磁场垂直纸面向外，所以有磁感强度为零的一点，C对；在D区域水平导线产生的磁场垂直纸面向里，竖直导线产生的磁场垂直纸面向里，所以没有磁感强度为零的一点，D错．18、略

【分析】【详解】

略【解析】电子19、略

【解析】-20020、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据测量电动势和内阻的实验，要学会利用计算法和图像法求电动势和内阻。【解析】计算图像21、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的示数为

[2]螺旋测微器的示数为【解析】10.0254.48722、略

【分析】【详解】

（1）[1]各种形式的能可以相互转化。

（2）[2]各种物理现象可以用能量守恒定律联系在一起。【解析】相互转化能量守恒定律23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]要将它改装成量程为3V的电压表，应串联的电阻

[2]对应电压测量值为【解析】①.2900②.0.9024、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，电源的电动势为9V；电路中的短路电流为6A，则由欧姆定律可知，内阻

[2]电源与电阻串联时，电路中电流相等，由图可知电路中电流为2A，两端的电压为6V，故电阻R上消耗的电功率为P=UI=6×2W=12W【解析】1.51225、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]直线电流的磁场；安培定则：如图所示，用右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，四指所指的方向就是磁感线环绕的方向。

（2）[2][3]环形电流的磁场；安培定则：如图所示，让右手四指与环形电流的方向一致，大拇指的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向。

（3）[4][5]通电螺线管的磁场，安培定则：如图所示，右手握住螺线管，让弯曲的四指与电流方向一致，伸直的拇指所指的方向就是螺线管轴线上磁场的方向或者说拇指所指的方向是它的北极的方向。【解析】①.四指②.四指③.大拇指④.电流方向⑤.螺线管轴线四、作图题(共4题，共8分)26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安