2025年外研版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，导线框abcd

与导线在同一平面内，直导线通恒定电流I

当线框由左向右匀速通过直导线时，线框中感应电流方向是：()

A.先abcd

后dcba

再abcd

；B.先abcd

后dcba

；C.始终沿dcba

；D.先dcba

，后abcd

，再dcba

。2、“几日随风北海游，回从扬子大江头。臣心一片磁针石，不指南方不肯休”。是宋末政治家、文学家，爱国诗人，抗元名臣文天祥所写隆露

扬子江隆路

的著名诗句，他用小磁针石的物理特性，表达了作者坚定的爱国主义情怀。据此你的理解是()A.小磁针北极不论在任何情况下受到地磁场所给的力，总是与该点处地磁场方向一致。B.小磁针的北极不论在任何情况下都指向地磁的南极C.小磁针的南极不论在任何情况下都指向地磁的南极D.地球的地磁场方向总是从北极指向南极3、如图，MN

和PQ

是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L

导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙，右端接一个阻值为R

的定值电阻.

平直部分导轨左边区域有宽度为d

方向竖直向上、磁感应强度大小为B

的匀强磁场.

质量为m

电阻也为R

的金属棒从高为h

处静止释放，到达磁场右边界处恰好停止.

已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为u

金属棒与导轨间接触良好.

则金属棒穿过磁场区域的过程中(

)

A.流过金属棒的最大电流为Bd2gh2R

B.通过金属棒的电荷量为BdLR

C.克服安培力所做的功为mgh

D.金属棒产生的焦耳热为12mg(h鈭�娄脤d)

4、劲度系数为20N／cm的弹簧振子，它的振动图象如图所示，在图中A点对应的时刻（）A.振子所受的弹力大小为5N，方向指向x轴的负方向B.振子的速度方向指向x轴的正方向C.在0～4s内振子作了1.75次全振动D.在0～4s内振子通过的路程为0.35cm，位移为05、下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A.匀速直线运动B.匀加速直线运动C.匀减速直线运动D.自由落体运动6、毛皮与橡胶棒摩擦后，橡胶棒带负电．下列说法正确的是（）A.毛皮不带电，因为在此过程中创造了负电荷B.毛皮带负电，因为在此过程中创造了负电荷C.毛皮带正电，因为毛皮上的一些电子转移到橡胶棒上D.毛皮带负电，因为橡胶棒上的一些负电荷转移到毛皮上7、如图甲所示，理想变压器原线圈输入图乙所示的正弦交变电流，副线圈中的R0R1

为定值电阻，滑动变阻器的最大阻值为R

且R1<R0

。理想交流电压表V1V2

的示数分别为U1U2

理想交流电流表A1A2

的示数分别为I1I2

理想交流电压表V2

和理想交流电流表A2

示数变化的绝对值分别为娄陇U2娄陇I2

下列说法中正确的是。

A.t=0.01s

时，理想交流电压表V1

的示数为零B.滑动变阻器滑片从最下端向上滑动，I1

增大，U2

减小C.滑动变阻器滑片从最下端向上滑动，鈻�U2鈻�I2

增大D.滑动变阻器滑片从最下端向上滑动，U2I2

一定减小评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)8、在做测定玻璃折射率的实验时：

（1）甲同学在纸正确画出玻璃的两个界面ab和cd时不慎碰了玻璃砖使它向ab方向平移了一些，如图甲所示，其后的操作都正确，但画光路图时，将折射点确定在ab和cd上，则测出的n值将____．（填”偏小；不变、偏大”）

（2）乙同学为了避免笔尖接触玻璃面，画出的a′b′和c′d′都比实际侧面外侧平。

移了一些，如图乙所示，以后的操作都是正确的，画光路时将入射点和折射点都确定在a′b′和c′d′上，则测出的n值将____．（填”偏小；不变、偏大”）

9、若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，则在此过程中关于气泡中的气体，若将气泡内的气体视为理想气体，气泡从湖底上升到湖面的过程中，对外界做了0.6J的功，则此过程中的气泡____（填“吸收”或“放出”）的热量是____J。气泡到达湖面后，温度上升的过程中，又对外界做了0.1J的功，同时吸收了0.3J的热量，则此过程中，气泡内气体内能增加了____J。10、如上右图所示，在墙角处的水平地面上，静止着一质量为4m、倾角为37°的三角形木块，在木块斜面与竖直墙壁间静止着一质量为m的光滑小球，则木块对地面压力的大小为_____，地面对木块的静摩擦力大小为______.（已知sin370=0.6）11、分子永不停息地做无规则热运动(1)

扩散现象：相互接触的物体的分子或原子彼此进入对方的现象.

温度越____，扩散越快.

(2)

布朗运动：在显微镜下看到的悬浮在液体中的微小颗粒的永不停息的无规则运动.

布朗运动反映了____的无规则运动，颗粒越____，运动越明显;

温度越____，运动越剧烈.

12、液晶：具有液体的____性，具有晶体的光学各向____性．13、“探究导体电阻与导体长度、横截面积、材料的关系”的实验电路如图所示，a、b；c、d是四种不同的金属丝．现有几根康铜合金丝和镍铬合金丝；其规格如表所示．

。编号材料长度（m）横截面积（mm2）A镍铬合金0.80.8B镍铬合金0.50.5C镍铬合金0.30.5D镍铬合金0.31.0E康铜丝0.30.5F康铜丝0.80.8（1）电路图（1）中用到四条金属丝，现在，先选中了上表中编号为C的金属丝，则其余三种应当选用上表中的______金属丝（用编号表示另三个；任意顺序填写）．

（2）在相互交流时，有位学生提出用如图（2）所示的电路，只要将图中P端分别和触点1、2、3、4相接，读出电流，利用电流跟电阻成反比的关系，也能探究出导体电阻与影响其因素的定量关系，你认为上述方法是否正确______（填是或否），如正确请说出理由；若不正确，请说出原因：______．14、在“测量金属丝的电阻率”实验中，用螺旋测微器测金属丝的直径如图所示，则该金属丝的直径为______mm

．15、如图所示，在点电荷Q

形成的电场中有ABC

三点，若Q

为正电荷，则______点电势最高，将正电荷放在______点时电势能最大，将负电荷放在______点时电势能最小.

若Q

为负电荷，则______点电势最低，将正电荷放在______点时电势能最小，将负电荷放在______点时电势能最大．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

20、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）21、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）22、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、证明题(共2题，共20分)23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、简答题(共3题，共18分)25、焦亚硫酸钠rm{(Na_{2}S_{2}O_{5})}是常用的食品抗氧化剂之一。某研究小组进行如下实验：实验一：焦亚硫酸钠的制取采用如图装置rm{(}实验前已除尽装置内的空气rm{)}制取rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}装置Ⅱ中有rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}晶体析出，发生的反应为rm{Na_{2}SO_{3}+SO_{2}===Na_{2}S_{2}O_{5}}rm{垄脜}装置Ⅰ中产生气体的化学方程式为____。rm{垄脝}要从装置Ⅱ中获得已析出的晶体，可采取的分离方法是____。rm{垄脟}装置Ⅲ用于处理尾气，可选用的最合理装置rm{(}夹持仪器已略去rm{)}为____rm{(}填序号rm{)}

实验二：焦亚硫酸钠的性质已知：rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}溶于水即生成rm{NaHSO_{3}}rm{垄脠}证明rm{NaHSO_{3}}溶液中rm{HSOrlap{{!,}^{-}}{{!,}_{3}}}的电离程度大于水解程度，可采用的方法是____rm{(}填序号rm{)}rm{a.}测定溶液的rm{pH}rm{b.}加入rm{Ba(OH)_{2}}溶液rm{c.}加入盐酸rm{d.}加入品红溶液rm{e.}用蓝色石蕊试纸检测rm{垄脡}检测制备的rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}晶体在空气中已被氧化的实验方法是：____。实验三：葡萄酒中抗氧化剂残留量的测定rm{垄脢}葡萄酒常用rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}作抗氧化剂。测定某葡萄酒中抗氧化剂的残留量rm{(}以游离rm{SO_{2}}计算rm{)}的方案如下：rm{(}已知：滴定时反应的化学方程式为rm{SO_{2}+I_{2}+2H_{2}O===H_{2}SO_{4}+2HI)}rm{垄脵}按上述方案实验，消耗标准rm{I_{2}}溶液rm{25.00mL}该次实验测得样品中抗氧化剂的残留量rm{(}以游离rm{SO_{2}}计算rm{)}为____rm{g隆陇L^{-1}}rm{垄脷}在上述实验过程中，若有部分rm{HI}被空气氧化，则测定结果____rm{(}填“偏高”“偏低”或“不变”rm{)}26、如图所示电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L上标有“6V、12W”字样，电动机线圈的电阻RM=0.50Ω．若灯泡恰能正常发光；求：

（1）电动机的热功率P热

（2）电动机的输出功率P出是多少？27、为了测量某一未知电阻Rx

的阻值；某实验小组找来以下器材：电压表(0隆芦3V

内阻约3k娄赂)

电流表(0隆芦0.6A

内阻约0.5娄赂)

滑动变阻器(0隆芦15娄赂,2A)

电源(E=3V

内阻很小)

开关与导线，并采用如图甲所示的电路图做实验．

垄脵

请按图甲所示的电路图将图乙中实物连线图补齐；

垄脷

图乙中，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P

置于____端(

选填“a

”、“b

”)

．

垄脹

闭合开关；缓慢调节滑动变阻器，得到多组电压表与电流表的读数，根据实验数据在坐标系中描出坐标点，请你完成U鈭�I

图线；

垄脺

根据U鈭�I

图可得；该未知电阻的阻值Rx=

____(

保留两位有效数字)

垄脻

由于实验中使用的电表不是理想电表，会对实验结果造成一定的影响，则该小组同学实验测出的电阻值____Rx

的真实值(

填“>

”、“<

”或“=

”)

．

垄脼

利用现有的仪器，为了更加精确地测量这个电阻的阻值，请你给该实验小组提出建议并说明理由。评卷人得分六、识图作答题(共3题，共12分)28、下图方框内为某人工池塘生态系统的主要食物链，括号内数值表示一年内该营养级生物同化的总能量（单位为J／cm2·a），请据图回答问题：（1）图中有________条食物链。（2）能量从第一营养级传递到第二营养级的效率是________％（保留一位小数）。（3）浮游生物同化的能量用于生长发育繁育和________。（4）太阳鱼与双翅目幼虫的关系为________。29、下列示意图分别表示某二倍体动物（2N=4）体内细胞正常分裂过程中不同时期细胞内染色体、染色单体和DNA含量的关系以及细胞分裂图像。请分析并回答：（1）根据图B中细胞的分裂图可判断该动物为雌性，原因是____。（2）图A柱形图中a～c表示染色体的是____，图B乙图中染色体的行为导致基因的行为变化是____。（3）图A中Ⅲ的数量关系对应于图B中的____，图B中丙所示的细胞有____个染色体组。（4）图A中的数量关系由Ⅰ变化为Ⅱ的过程，细胞核内发生的分子水平的变化是____；由Ⅱ变化为Ⅲ，相当于图B中的____→____过程。（5）符合图A中Ⅳ所示数量关系的某细胞名称是____，图A中所示时期____内不可能存在同源染色体。30、金桔果实金黄、清香，富含维生素C、金桔甙等成分，具有较高的食用价值。桔皮色素对大肠杆菌具有一定的抑制作用。请回答下列有关问题：（1）若用金桔自然发酵产生果酒，利用的微生物主要是____，发酵过程中温度需要保持在18～25℃范围内。若在果汁中混有醋酸菌，在果酒发酵旺盛时，醋酸菌____（能/不能）将果汁中的糖发酵形成醋酸，原因是____。

（2）金桔皮易焦糊，宜采用____法提取桔皮精油，该过程中得到的糊状液体可通过过滤除去其中的固体杂质。（3）金桔在长期栽种后会积累大量病毒，通过植物组织培养可以获得脱毒苗。进行组织培养使用的培养基和微生物培养基的主要区别是前者含有更多种类的无机盐和____。对外植体进行表面消毒时，要根据消毒效果和____，合理选择消毒剂和控制消毒时间。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【解析】

试题分析：据安培定则可知，在导线左侧磁场向外，右侧磁场向里，当线框位于导线左侧向右运动时，磁场向外，磁通量增大，根据楞次定律可知，感应电流方向为dcba

方向；当线框经过导线时，磁场先向外后向里，磁通量先减小后增大，根据楞次定律可知，感应电流方向为abcd

方向；当线框位于导线右侧向右运动时，磁场向里，磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流方向为dcba

方向。

故选D

考点：楞次定律；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向。

点评：运用楞次定律判断感应电流方向，难点在于分析导线框经过中线时磁场方向和磁通量的变化情况．【解析】D

2、A【分析】【分析】

磁感应强度B

的方向与小磁针在任何情况下N

极受力方向一致；地球是一个大磁体；地磁南极在地理北极附近，小磁针受地磁场的作用，小磁针的北极指地磁南极(

地理北极附近)

此题考查磁场的方向问题；知道磁场方向与某点小磁针北极的受力方向与该点磁场方向一致。

【解答】

A.小磁针北极不论在任何情况下受到地磁场所给的力，总是与该点处地磁场方向一致，故A正确。

BCDBCD．地磁北极在地理南极附近；地磁南极在地理的北极附近，地磁南北极与地理北南极并不重合，地球周围存在的地磁场的方向总是指向北方(

即地磁的南极)

故BCD错误；

故选A。【解析】A

3、D【分析】解：A

金属棒下滑过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh=12mv2

金属棒到达水平面时的速度v=2gh

金属棒到达水平面后做减速运动，刚到达水平面时的速度最大，最大感应电动势E=BLv

最大感应电流I=ER+R=BL2gh2R

故A错误；

B、感应电荷量q=I.鈻�t=E.R+R鈻�t=鈻�娄碌鈻�t2R?鈻�t=鈻�娄碌2R=B鈰�Ld2R=Bdl2R

故B错误；

C；金属棒在整个运动过程中；由动能定理得：mgh鈭�WB鈭�娄脤mgd=0鈭�0

克服安培力做功：WB=mgh鈭�娄脤mgd

故C错误；

D；克服安培力做功转化为焦耳热；电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热。

QR=12Q=12WB=12mg(h鈭�娄脤d)

故D正确；

故选：D

．

金属棒在弯曲轨道下滑时；只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律或动能定理可以求出金属棒到达水平面时的速度，由E=BLv

求出感应电动势，然后求出感应电流；

由q=鈻�娄碌R脳脺

可以求出感应电荷量；

克服安培力做功转化为焦耳热；由动能定理(

或能量守恒定律)

可以求出克服安培力做功，导体棒产生的焦耳热．

本题综合考查了机械能守恒定律、动能定理、法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律等，综合性较强，对学生能力要求较高，需加强这方面的训练．【解析】D

4、A|B【分析】【解析】【答案】AB5、A【分析】解：物体的运动状态保持不变；那么物体速度的大小和方向都不能发生变化；

A；物体匀速直线时；它的速度的大小和方向都不变，故A正确；

B；匀加速直线运动时；速度大小在变化，运动状态变化，故B错误；

C；匀减速直线运动时；速度大小在变化，运动状态变化，故C错误；

D；自由落体运动时；速度在增大，运动状态变化，故D错误．

故选：A

运动状态保持不变；指的是物体速度的大小和方向都不能发生变化，否则物体的运动状态就变了．

本题就考查学生对物体运动状态是否变化的理解，无论速度的大小还是方向，只要有一个发生变化，那么运动状态就变了，难度不大，属于基础题．【解析】【答案】A6、C【分析】解：两个物体互相摩擦时；因为不同物体的原子核束缚核外电子的本领不同，所以其中必定有一个物体失去一些电子，另一个物体得到多余的电子．如用玻璃棒跟丝绸摩擦，玻璃棒的一些电子转移到丝绸上，玻璃棒因失去电子而带正电，丝绸因得到电子而带着等量的负电．用橡胶棒跟毛皮摩擦，毛皮的一些电子转移到橡胶棒上，毛皮带正电，故橡胶棒带着等量的负电；故ABD错误，C正确。

故选：C

近代科学告诉我们：任何物体都是由原子构成的；而原子由带正电的原子核和带负电的电子所组成，电子绕着原子核运动．在通常情况下，原子核带的正电荷数跟核外电子带的负电荷数相等，原子不显电性，所以整个物体是中性的．原子核里正电荷数量很难改变，而核外电子却能摆脱原子核的束缚，转移到另一物体上，从而使核外电子带的负电荷数目改变．当物体失去电子时，它的电子带的负电荷总数比原子核的正电荷少，就显示出带正电；相反，本来是中性的物体，当得到电子时，它就显示出带负电．

本题关键是要明确摩擦起电的实质是电荷的转移，摩擦起电的两个物体带等量的异号电荷，电荷总量守恒．【解析】【答案】C7、B【分析】【分析】交流电压表的读数为有效值，当滑片从最下端向上滑动时，根据欧姆定律及原副线圈的功率关系分析电表读数；在副线圈回路中，可以将。

等效为电源的内阻，电压表相当于是路端电压，根据闭合电路欧姆定律分析?U2?I2

的变化情況，I2U2

的变化情况取决于R1+

R

与R0

阻值大小关系，当R1+R=R0

时，I2U2

最大；【解答】A.理想交流电压表的读数是有效值，理想交流电压表V1

的示数为U1=3112=220V

所以在0.01s

时，理想交流电压表V1

的示数为220V

故A错误；B.滑动变阻器滑片从最下端向上滑动；变阻器电阻变小，副线圈电流变大，原线圈电流I1

变大，电阻R0

两端的电压变大，副线圈两端电压不变，所以电压表V2

示数变小，即U2

减小，故B正确；

C.变阻器滑片从最下端向上滑动，变阻器电阻减小，副线圈相当于电源，将R0

等效为电源的内阻，U2=U赂卤鈭�I2R0

副线圈两端的电压不变，所以?U2?I2=鈭�R0

比值不变，故C错误；

D.滑动变阻器滑片从最下端向上滑动；变阻器电阻变小，副线圈相当于电源，将R0

等效为电源的内阻，当R1+R=R0

时输出功率最大，因为不知道滑动变阻器的全值电阻的大小，所以I2U2

可能先增大后减小，也可能一直减小，故D错误。

故选B。【解析】B

二、填空题(共8题，共16分)8、略

【分析】

（1）作出光路图如图所示，实线是实际的光路，虚线是作图的光路，由几何知识可知，入射角与折射角没有误差，则由折射定律n=可知；测出的n值将不变．

（2）作出光路图如图所示，实线是实际的光路，虚线是作图的光路，可知入射角不变，但折射角变大，由由折射定律n=可知；测出的n值将偏小．

故答案为：（1）不变（2）偏小。

【解析】【答案】测定玻璃折射率的实验原理是折射定律n=作出光路图时，分析入射角与折射角的误差情况，即可分析折射率的测量值与真实值的关系．

9、略

【分析】【解析】【答案】吸收0.60.210、略

【分析】试题分析：隔离小球进行受力分析可知竖直墙面对小球的弹力F=mgtanθ=0.75mg,再以三角形木块和小球整体做为研究对象分析受力可知，竖直方向上受力平衡，所以地面的支持力为5mg,由牛顿第三定律可知木块对地面压力为5mg，水平方向上受力平衡，故地面对木块的静摩擦力f=F=0.75mg.考点：本题考察了共点力平衡【解析】【答案】5mg0.75mg11、(1)

高(2)

液体分子小高【分析】【分析】(1)

不同的物质互相接触时彼此进入对方的现象，叫做扩散，扩散的快慢与温度有关，温度越高，扩散进行的越快。(2)

布朗运动是固体微粒的运动，是液体分子无规则热运动的反映，固体微粒越小布朗运动越明显，温度越高运动越剧烈。本题考查扩散现象和布朗运动。【解答】(1)

不同的物质互相接触时彼此进入对方的现象，叫做扩散，扩散的快慢与温度有关，温度越高，扩散进行的越快。(2)

布朗运动是固体微粒的运动，是液体分子无规则热运动的反映，固体微粒越小，布朗运动越明显；温度越高，运动越剧烈。故答案为：(1)

高(2)

液体分子；小；高【解析】(1)

高(2)

液体分子小高12、流动异【分析】【分析】本题考查液晶的特点。液晶：既具有液体的流动性，具有晶体的光学各向异性。解题的关键是知道液晶的特点。【解答】液晶：既具有液体的流动性，具有晶体的光学各向异性。故答案为：流动异【解析】流动异13、略

【分析】解：（1）从上述材料可以看出；BCE截面积相同，BCD材料相同，CDE长度相同；所以电路图中四种金属丝中的其他三种规格应选表格中的BDE

（2）由图2的电路可知；待测电阻与滑动变阻器串联，所以待测电阻的电阻不同，分得的电压不同；只有电压不变时，利用电流跟电阻成反比的关系，才能探究出导体的电阻与影响其的定量关．

故答案为：（1）BDE；（2）否；因为P端分别和触点1；2、3、4相接时；电阻两端的电压不一定相同，只有电压不变时，利用电流跟电阻成反比的关系，才能探究出导体的电阻与影响其的定量关系．

（1）用控制变量法研究；选电阻丝时要注意尽量选择有相同参数（材料；长度、横截面积）的；

（2）接不同的电阻时；电流不同，故电阻分得的电压不同，电流与电阻成反比的前提是导体两端的电压一定．

本题是探究影响电阻的因素的实验，实验原理是采用控制变量法，较为简单．【解析】BDE；否；因为P端分别和触点1、2、3、4相接时，电阻两端的电压不一定相同，只有电压不变时，利用电流跟电阻成反比的关系，才能探究出导体的电阻与影响其的定量关系．14、略

【分析】解：螺旋测微器的固定刻度读数为0.0mm

可动刻度读数为0.01隆脕34.8mm=0.348mm

则最终读数为0.347mm隆芦0.349

．

故答案为：0.347mm隆芦0.349

．

螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数；需估读．

解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，知道固定刻度和可动刻度分度值的大小．【解析】0.347mm隆芦0.349

15、略

【分析】解：由题；Q

为正电荷，电场线方向从A隆煤BA

点电势比B

点电势高.

而BC

两点在同一等势面上，电势相等.

所以A

点电势最高.

根据推论可知，将正电荷放在A

点时电势能最大，将负电荷放在A

点时电势能最小。

若Q

为负电荷；电场线方向从B隆煤AA

点电势比B

点电势低.

而BC

两点在同一等势面上，电势相等.

所以A

点电势最低.

根据推论可知，将正电荷放在A

点时电势能最小，将负电荷放在A

点时电势能最大．

故答案为：AAAAAA

根据电场线的方向判断电势的高低.

根据推论：正电荷在电势高处电势能大；负电荷在电势低处电势能大．

本题中电势能大小的比较也可以根据电场力做功正负判断.

电场力做功，电荷的电势能减小；反之，电荷的电势能增大．【解析】AAAAAA

三、判断题(共7题，共14分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．20、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．21、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．22、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、证明题(共2题，共20分)23、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动24、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动五、简答题(共3题，共18分)25、（1）Na2SO3+H2SO4=Na2SO4+SO2↑+H2O（2）过滤（3）d（4）ae（5）取少量Na2S2O5晶体于试管中，加入适量水溶解，滴加盐酸，振荡，再滴加氯化钡溶液，有白色沉淀生成（6）①0.16②偏低【分析】【分析】本题考查物质的制备实验、实验方案设计、物质含量的测定、氧化还原反应滴定等，难度中等，明确实验原理是解本题关键，根据物质的性质分析解答，注意元素化合物知识的积累和灵活运用。【解答】rm{(1)}由装置Ⅱ中发生的反应可知，装置Ⅰ中产生的气体为rm{SO_{2}}亚硫酸钠与硫酸反应生成硫酸钠、二氧化硫与水，反应方程式为rm{Na_{2}SO_{3}+H_{2}SO_{4}=Na_{2}SO_{4}+SO_{2}隆眉+H_{2}O}

故答案为：rm{Na_{2}SO_{3}+H_{2}SO_{4}=Na_{2}SO_{4}+SO_{2}隆眉+H_{2}O}

rm{(2)}装置Ⅱ中获得已析出的晶体，分离固体与液态，应采取过滤进行分离，故答案为：过滤；

rm{(3)a.}装置应将导管深入氨水中可以吸收二氧化硫；但为密闭环境，装置内压强增大易产生安全事故，故错误；

rm{b.}该装置吸收二氧化硫能力较差；且为密闭环境，装置内压强增大易产生安全事故，故错误；

rm{c.}该装置不能吸收二氧化硫；所以无法实现实验目的，故错误；

rm{d.}该装置中氢氧化钠与二氧化硫反应；可以吸收，且防止倒吸，故正确；

故答案为：rm{d}

rm{(4)NaHSO_{3}}溶液中rm{HSO_{3}^{-}}的电离程度大于水解程度，溶液呈酸性，测定溶液的rm{pH}可以确定溶液酸碱性，酸性溶液可以使湿润蓝色石蕊试纸变红，所以能用测定溶液rm{pH}值、湿润的蓝色石蕊试液检验，而加入rm{Ba(OH)_{2}}溶液、rm{HCl}溶液、品红溶液都不能说明溶液呈酸性，故选rm{ae}

故答案为：rm{ae}

rm{(5)Na_{2}S_{2}O_{5}}中rm{S}元素的化合价为rm{+4}价，因此会被氧化为为rm{+6}价，即晶体在空气中易被氧化为rm{Na_{2}SO_{4}}用盐酸、氯化钡溶液检验样品中是否含有硫酸根即可，实验方案为：取少量rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}晶体于试管中；加入适量水溶解，滴加盐酸，振荡，再滴加氯化钡溶液，有白色沉淀生成；

故答案为：取少量rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}晶体于试管中；加入适量水溶解，滴加盐酸，振荡，再滴加氯化钡溶液，有白色沉淀生成；

rm{(6)垄脵}令rm{100mL}葡萄酒中二氧化硫的质量为rm{mg}则：

rm{SO_{2}+2H_{2}O+I_{2}篓TH_{2}SO_{4}+2HI}

rm{64g}rm{1mol}

rm{mg}rm{0.025L隆脕0.01mol/L}

所以，rm{64g}rm{mg=1mol}rm{0.025L隆脕0.01mol/L}

解得rm{m=0.016}

故该次实验测得样品中抗氧化剂的残留量rm{(}以游离rm{SO_{2}}计算rm{)}为rm{dfrac{0.016g}{o.1L}=0.16;g/L}

故答案为：rm{dfrac{0.016g}{o.1L}=0.16;g/L

}

rm{0.16}若有部分rm{垄脷}被空气氧化，则消耗碘的量偏小，故测定二氧化硫的量偏小，则测定结果偏低，故答案为：偏低。

rm{HI}【解析】rm{(1)Na_{2}SO_{3}+H_{2}SO_{4}=Na_{2}SO_{4}+SO_{2}隆眉+H_{2}O}rm{(2)}过滤rm{(3)d}rm{(4)ae}rm{(5)}取少量rm{Na_{2}S_{2}O_{5}}晶体于试管中，加入适量水溶解，滴加盐酸，振荡，再滴加氯化钡溶液，有白色沉淀生成rm{(6)}rm{垄脵}rm{垄脵}rm{0.16}偏低rm{垄脷}26、略

【分析】

由灯泡铭牌可知灯泡额定电是6V；额定功率是12W，由电功率的变形公式可以求出灯泡正常发光时的电流，由串联电路特点可以求出电动机的电压，由电功率公式可以求出电机总功率与热功率，进一步求出电动机的输出功率．

解答本题要注意电动机是非纯电阻电路，消耗的电能没有全部用于发热，知道灯泡正常发光时，电压为其额定电压，功率为其额定功率，难度适中．【解析】解：（1）整个电路中的电流为：I=

则电动机的热功率为：P热=I2RM=4×0.5W=2W；

（2）电动机两端的电压为：U1=U-UL=12-6V=6V；

电动机的输入功率为：P=U1I=6×2W=12W；

则电动机的输出功率为：P2=P-I2RM=12-2W=10W．

答：（1）电动机的热功率P热为2W；

（2）电动机的输出功率P出是10W27、垄脵

实物图连线如下图；

垄脷a

垄脹

连线如下图；

垄脺Rx=5.0娄赂

垄脻>

垄脼

由于待测电阻相对较小，所以建议电流表外接．【分析】【分析】

垄脵

根据实验电路图连接实物电路图；

垄脷

闭合开关前；滑片应置于最大阻值处，根据电路图确定滑片的位置；

垄脹

将描出点连接起来；

垄脺

根据图象由欧姆定律求出电阻阻值；

垄脻

根据电路图与欧姆定律分析实验误差；

垄脼

根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法；从而改进实验．

【解答】

垄脵

根据电路图连接实物电路图；实物电路图如图所示；

垄脷

由图示电路图可知；闭合开关前，滑片应置于a

端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大；

垄脹

将偏离较远的点舍掉；连成直线如图：

垄脺

由图示U鈭�I

图象可知，待测电阻阻值RX=UI=k隆脰5.0娄赂

垄脻

由电路图可知；电流表采用内接法，由于电流表的分压作用，所测电压偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值大于真实值．

垄脼

由于RRA=51=5RVR=30005=600

RVR>RRA

电流表应采用外接法，电流表采用外接法可以减小实验误差．

故答案为：垄脵

实物图连线；垄脷a垄脹

连线如图；垄脺Rx=5.0娄赂

垄脻>垄脼

由于待测电阻相对较小，所以建议电流表外接．【解析】垄脵

实物图连线如下图；

垄脷a

垄脹

连线如下图；

垄脺Rx=5.0娄赂

垄脻>

垄脼

由于待测电阻相对较小，所以建议电流表外接．六、识图作答题(共3题，共12分)28、（1）3

（2）18.5

（3）呼吸作用散失

（4）捕食和竞争

【分析】【分析】

本题主要考查激素分泌的分级调节；意在考查考生对知识点的识记；理解和掌握程度，要求考生具有扎实的基础知识和一定的判断能力，能构建一定的知识网络。

【解答】

（1）图中食物链共有3条，分别是：浮游植物→浮游动物→双翅目幼虫→太阳鱼→鲈鱼，浮游植物→浮游动物→太阳鱼→鲈鱼，浮游植物→摇蚊→太阳鱼→鲈鱼。

（2）能量从第一营养级传递到第二营养级的效率为（600+900）÷8100×100%=18.5%。

（3）浮游生物同化的能量一部分用于生长、发育和繁育等生命活动，一部分在呼吸作用中以热能的形式散失了。

（4）双翅目幼虫和太阳鱼都捕食浮游动物，为竞争关系，太阳鱼又捕食双翅目幼