2025年浙教版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在匀强电场中；将质量为m，带电量为q的小球由静止释放，带电小球的运动轨迹为一直线，该直线与竖直方向的夹角为θ，如图所示，则电场强度的大小为（）

A.有唯一值B.最小值是C.最大值D.2、一个弹簧振子做简谐振动，若从平衡位置开始计时，经过3s时，振子第一次到达P点，又经过2s第二次经过P点．则该弹簧振子的振动周期可能为（）A.32sB.16sC.8sD.4s3、如图是关于简谐运动的四个图象，下列说法正确的是（）

A.若甲表示位移；则丙表示速度。

B.若甲表示位移；则乙表示加速度。

C.若丁表示位移；则丙表示速度。

D.若乙表示速度；则甲表示位移。

4、如图条形磁铁放在桌面上，一条通电的直导线由S极的上端平移到N极的上端，在此过程中，导线保持与磁铁垂直，导线的通电方向如图，则这个过程中磁铁受力情况为（）A.支持力先大于重力后小于重力B.支持力始终大于重力C.摩擦力的方向由向右变为向左D.摩擦力的方向保持不变5、有关高倍镜观察线粒体和叶绿体的实验的说法正确的是（）A.观察叶绿体的实验材料可用于观察线粒体B.在高倍光学显微镜下可观察到二者都含有两层膜结构C.用菠菜叶片作为实验材料观察叶绿体，应撕取下表皮进行D.都应先在低倍镜下找到相关细胞，再在高倍镜下观察6、汽车以20m/s

的速度做匀速直线运动，见前方有障碍物立即刹车，刹车后加速度大小为5m/s2

则汽车刹车后第2s

内的位移和刹车后5s

内的位移为()

A.30m40m

B.30m37.5m

C.12.5m40m

D.12.5m37.5m

7、一个质量为0.5kg

的足球，以10m/s

的速度射门，被守门员以12m/s

的速度反向击回，在此过程中守门员对足球的冲量及做功分别为(

)

A.I=1N?SW=11J

B.I=11N?SW=11J

C.I=1N?SW=1J

D.I=6N?SW=36J

评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)8、在磁感应强度B=2T的匀强磁场中放一根与磁场方向垂直；长度为0.8m的通电直导线；若导线中的电流为5A，求：

（1）；导线受到的安培力的大小。

（2）、若将导线沿磁场方向移动了0.5m，求安培力对导线所做的功．9、将一通电直导体垂直磁场方向放入某匀强磁场，若只增大电流，则导体受到的安培力将____；若只减弱磁场，则导体受到的安培力将____．10、在利用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，某同学拿玻璃砖当尺子，用一支粗铅笔在白纸上画出玻璃砖的两边界aa′和bb′，造成两边界间距离比玻璃砖宽度大了少许，如图所示，由此测得的折射率将______．（填“偏大”“偏小”或“准确”）．11、(1)

如图所示为某物体运动的v鈭�t

图象。由图可知，该物体的初速度大小为___m/s

其在0鈭�10s

内做______直线运动(

选填“匀速”或“匀加速”)

在15s

末的速度大小为______m/s

(2)

某人在水平地面上推行李车的过程可视为匀速直线运动，已知水平推力F=20N

速度v=1m/s

行走的距离x=150m

在此过程中，所用时间t=

_____s

推力做的功w=

___J

推力做功的功率P=

____W

(3)

通电导线在磁场中受到的力叫____(

选填“安培力”或“库仑力”)

如图所示，一段通电直导线MN

处于匀强磁场中，当导线中的电流增大时，它所受磁场的作用力将____________(

选填“增大”或“减小”)

当磁场的磁感应强度减小时，这个力将_____(

选填“增大”或“减小”)

12、假设在NaCl蒸气中存在由钠离子Na+和氯离子Cl-靠静电相互作用构成的单个氯化钠NaCl分子。若取Na+与Cl-相距无限远时其电势能为零，一个NaCl分子的电势能为一6．1eV。已知使一个中性钠原子Na最外层的电子脱离钠原子而形成钠离子Na＋所需的能量（电离能）为5.1eV，使一个中性氯原子Cl结合一个电子形成氯离子Cl-所放出的能量（亲和能）为3.8eV。由此可算出，在将一个NaCl分子分解成彼此远离的中性钠原子Na和中性氯原子Cl的过程中，外界供给的总能量等于___________eV。13、一个边长为10cm

的正方形金属线框置于匀强磁场中，线框匝数n=100

线框平面与磁场垂直，电阻为20娄赂.

磁感应强度随时间变化的图象如图所示.

则前两秒产生的电动势为______V

．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共4题，共36分)21、（12分）某同学设计如图甲所示的电路图测量电源的电动势和内阻，同时测量未知电阻Rx的阻值，其中R为电阻箱（0∽99.9Ω），闭合开关前置于阻值最大位置，Rx未知电阻。其实验步骤如下：断开K1、闭合K2，逐次减小电阻箱的阻值，得到多组R、I值；依据R、I值作出如图乙所示的R—1/I图线；断开K2、闭合K1，读出电流表示数为0.5A根据乙图可求得电源的电动势等于电源的内阻等于未知电阻Rx等于22、(15分)要测量一只欧姆表的电源电动势，某同学仅利用提供给他的一只量程满足测量要求且内阻约为2－3千欧的电压表完成了测量（不得将电池拆下）.（1）已知欧姆表刻度盘中央刻度值为20，在测量前应把欧姆表选择开关调至______挡，再将欧姆表红、黑表笔短接，调节_______旋钮，使指针指在___________处.（2）实验中将欧姆表的两表笔分别接在电压表的两接线柱上，应将红表笔接在电压表的___________接线柱上.（3）测量时，若电压表的示数为U＝0.90V，欧姆表指针记得的刻度数为N＝30，则欧姆表电源的电动势为_____________V.23、（1）（3分）多用电表测电阻时，下列操作中正确的是（）A．测量前检查表针是否停在左端的“O”位置，如不在则要进行欧姆调零B．用“×1”欧姆挡，若指针恰好在刻度30～50的正中，则待测电阻为40ΩC．用“×1K”挡，若指针偏转角度太大，应换成“×100”或“×10”或“×1”D．每次换挡后都要重新欧姆调零（2）（3分）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测某电阻，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为____Ω。24、①为了测定光敏电阻Rx的光敏特性，某同学使用多用表“×100”的欧姆挡测其在正常光照下的大致电阻，示数如图甲所示，则所测得的阻值Rx=Ω；②了比较光敏电阻在正常光照射和强光照射时电阻的大小关系，采用伏安法测电阻得出两种“U-I”图线如图乙所示，由此可知正常光照射时光敏电阻阻值为Ω，强光照射时光敏电阻阻值为Ω；③虑到电表内阻对实验结果的影响，图丙电路中测量值真实值（填“大于”、“小于”、“等于”），请根据图丙将图丁中的仪器连接成完整实验电路。评卷人得分五、作图题(共4题，共24分)25、如图所示，图甲是小明奶奶眼睛成像情况示意图，请在图乙中画出矫正小明奶奶视力所需的透镜并完成光路图．26、请描述出图中通电导线周围的磁感线和单个正电荷周围的电场线。27、图甲(a)

所示为一测量硫化镉光敏电阻特性的实验电路。电源电压恒定，电流表内阻不计，开关闭合后，调节滑动变阻器滑片，使小灯泡发光亮度逐渐增强，测得流过电阻的电流和光强的关系曲线如图甲(b)

所示；试根据这一特性由图乙中给定的器材设计一个自动光控电路。

28、根据磁感应强度B

电流I

和安培力F

的相互关系；请根据要求作图．

评卷人得分六、计算题(共2题，共14分)29、如图所示，一列平面波朝着两种介质的界面传播，A1A2是它在介质I中的一个波面，C1和C2位于两种介质的界面上，B1B2是这列平面波进入介质II后的一个波面；A1C1和A2C2是它的两条波线，入射角为θ1，折射角为θ2，波在I、Ⅱ介质中的传播速度分别为v1和v2．

（1）试根据惠更斯原理证明：

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的长度为0.6m，介质I和介质II中的波速之比为v1：v2=4：3，则：A1C1B1与A2C2B2的长度相差多少？30、质量m=4kg的物块，在一个平行于斜面向上的拉力F=40N作用下，从静止开始沿斜面向上运动，如图所示，已知斜面足够长，倾角θ=37°，物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.2，力F作用了5s，求（g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）

（1）物块运动的加速度大小；

（2）在5s内的位移；

（3）在5s末的速度。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【解答】解：带电小球的运动轨迹为直线；在电场中受到重力mg和电场力F，其合力必定沿此直线向下，根据三角形定则作出合力；

由图看出，符合条件的电场强度有多个；而当电场力F与此直线垂直时，电场力F最小，场强最小，则有F=qEmin=mgsinθ，得到场强的最小值为Emin=由图可知，最大值无法求出．故ACD错误，B正确；

故选：B．

【分析】带电小球在电场中受到重力和电场力，从O点自由释放，其运动轨迹为直线，小球所受的合力方向沿此直线方向，运用三角定则分析什么情况下场强大小最小，再求出最小值．2、B【分析】解：若从O点开始向右振子按下面路线振动，作出示意图如图，则振子的振动周期为T1=4×（3+）=16s；

若振子从O点开始向左振动；则按下面路线振动，作出示意图如图；

设从P到O的时间为t，则+t=

解得：t=s

则周期T=4×（+1）s=s

故选：B。

弹簧振子的周期是振子完成一次全振动的时间；分析振子振动的过程，确定周期．

本题关键要抓住振子开始振动的方向有两种，可能经过两种路线完成一次全振动，即考虑双向性．【解析】B3、A|B【分析】

A；C若甲表示位移；t=0时刻，质点的速度为正向最大，所以丙表示速度图象．故A正确，C错误．

B、若甲表示位移，t=0时刻，位移为零，在前周期内，位移向正向最大变化，则t=0时刻质点的加速度为零，并且在前周期内；加速度向负向最大变化，所以丙表示速度图象．故B正确．

D；若乙表示速度；t=0时刻质点处于最大位移处，与甲图象情况不同．故D错误．

故选AB

【解析】【答案】根据位移图象读出速度的方向与大小；根据加速度大小与位移大小成正比，方向与位移相反进行选择．

4、B【分析】解：如图所示；导线在S极上端时所受安培力方向斜向左上方，由牛顿第三定律可知，磁铁受到的磁场力斜向右下方，磁铁有向右的运动趋势，则磁铁受到的摩擦力水平向左；

同理当导线在N极上端时；导线所受安培力方向斜向右上方，由牛顿第三定律可知，磁铁受到的磁场力斜向左下方，磁铁有向左的运动趋势，则磁铁受到的摩擦力水平向右；

由以上分析可知；磁铁受到的摩擦力先向左后向右，正上方时为零，故摩擦力先减小后增大．磁铁受到的磁场力始终有向下的分力，所以支持力始终大于重力．

故ADC错误；B正确；

故选：B

由左手定则判断出导线所受安培力的方向；根据牛顿第三定律判断磁铁所受磁场力的方向，然后判断磁铁受到的摩擦力方向和如何变化。

首先根据左手定则确定出通电导线所受安培力方向，然后根据牛顿第三定律确定出条形磁铁所受安培力的方向，最后根据共点力的平衡确定出静摩擦力的方向和变化规律，是此类题目的解答思路．【解析】【答案】B5、D【分析】【分析】本题考查了观察线粒体和叶绿体的实验的知识，准确识记相关知识点是解题的关键。【解答】A.观察叶绿体的实验材料不可用于观察线粒体，有颜色干扰，A错误；B.光学显微镜观察不到二者得两层膜结构，B错误；C.用菠菜叶片作为实验材料观察叶绿体，应撕取稍带叶肉组织的下表皮，C错误；D.都应先在低倍镜下找到相关细胞，再在高倍镜下观察，D正确。故选D。【解析】D6、C【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车刹车到停止所需的时间，判断汽车是否停止，从而根据位移公式求出汽车的位移。本题考查运动学中的刹车问题，知道汽车速度减为零后不再运动，是道易错题。【解答】汽车速度减为零所需的时间t0=0鈭�v0a=鈭�20鈭�5s=4s

知2s

末汽车未停止，则第2s

内的位移

刹车在5s

内的位移等于4s

内的位移，则故C正确，ABD错误。故选C。【解析】C

7、B【分析】解：由动能定理可知，运动员对球所做的功W=12mv22鈭�12mv12=12隆脕0.5隆脕(122鈭�102)=11J

设末动量方向为正方向．

由动量定理可得：

I=mv2鈭�mv1=0.5隆脕12鈭�(鈭�0.5隆脕10)=11N?s

故B正确．

故选：B

由动能定理可求得运动员对足球所做的功；由动量定理可求得运动员对足球的冲量．

本题应注意变力的功用动能定理求出，动量定理可注意方向性，难度不大，属于基础题．【解析】B

二、填空题(共6题，共12分)8、略

【分析】

（1）导体与磁场方向垂直；由安培力计算公式F=BIL得。

F=BIL=2x5x0.8=8（N）

答：导线受到的安培力的大小为8N．

（2）因安培力方向与磁场方向垂直；故导线移动方向与安培力方向垂直，由W=FScosθ可知，安培力不做功，即W=0．

答：安培力对导线做功大小为0．

【解析】【答案】（1）根据安培力的公式F=BIL；求出安培力的大小；

（2）由恒力做功公式W=FS可求出安培力所做的功．

9、略

【分析】

公式F=BIL；适用条件是通电导体在匀强磁场中，且要求磁场方向和电流方向垂直，故若只增大电流，安培力增大，若减弱磁场，即B减小，安培力减小．

故答案为：增大；减小．

【解析】【答案】根据安培力公式F=BIL可正确解答；注意公式F=BIL的应用条件以及各个物理量的含义．

10、略

【分析】解：作出实际的光路图如图实线所示；作出作图时的光路图，如图虚线所示；

可知；折射角的测量值将偏大，入射角没有误差；

所以根据折射定律n=可知测得的折射率将偏小．

故答案为：偏小．

用插针法测定玻璃砖折射率的实验原理是折射定律n=作出光路图，确定折射光线的偏折情况，分析入射角与折射角的误差，来确定折射率的误差．

本题考查测量折射率实验的误差分析情况，对于实验误差，要紧扣实验原理，用作图法，确定出入射角与折射角的误差，即可分析折射率的误差．【解析】偏小11、(1)0匀加速5(2)150300020(3)安培力增大减小【分析】【分析】本题考查速度鈭�-时间图象，功和功率，安培力的计算。在速度鈭�-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度；图象的斜率表示物体的加速度。匀速直线运动中，x=vtx=vt功W=FlW=Fl功率P=FvP=Fv通电导线在磁场中受到的力叫安培力，F=BILF=BIL【解答】垄脜由图可知，该物体的初速度大小为00其在0鈭�10s0-10s内做匀加速直线运动，在15s15s末的速度大小为5m/s5m/s垄脝在此过程中，所用时间t=xv=150st=dfrac{x}{v}=150s推力做的功w=Fx=3000Jw=Fx=3000J推力做功的功率P=Fv=20WP=Fv=20W垄脟通电导线在磁场中受到的力叫安培力，F=BILF=BIL通电直导线MNMN垂直匀强磁场，当导线中的电流增大时，它所受磁场的作用力将增大；当磁场的磁感应强度减小时，这个力将减小。故答案为：(1)0

匀加速5

(2)150300020

(3)

安培力增大减小【解析】(1)0

匀加速5

(2)150300020

(3)

安培力增大减小12、略

【分析】【解析】【答案】___4.8___eV13、略

【分析】解：根据B鈭�t

图中同一条直线磁通量的变化率是相同的，所以电动势为定值，即为：E=n鈻�B鈻�tS=100隆脕1鈭�(鈭�1)2隆脕0.12V=1V

故答案为：1

在B鈭�t

图中同一条直线磁通量的变化率是相同的.

由法拉第电磁感应定律可得出感应电动势大小恒定。

解决本题的关键熟练掌握楞次定律和法拉第电磁感应定律，记住法拉第电磁感应定律的公式E=n鈻�娄碌鈻�t

．【解析】1

三、判断题(共7题，共14分)14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验题(共4题，共36分)21、略

【分析】试题分析：据题意，当电建K1断开而闭合K2时，据闭合电路欧姆定律有：经过整理得：从图象可以看出，当横坐标时有：即电源内阻为电动势与图线的斜率相等为：当K2断开K1闭合时，电流表读数为0.5A，则横坐标上的值为：2，据图像倾斜程度：得考点：本题考查闭合电路欧姆定律。【解析】【答案】2V、0.5Ω、3.5Ω22、略

【分析】【解析】试题分析：（1）使用欧姆档测电阻时，当指针指在中间刻度时误差最小，读数最准确，由于中央刻度为20，电阻大约为2000欧，所以档位为×100时指针只在中间左右，调零的步骤为将欧姆表红、黑表笔短接，调节电阻调零旋钮，使指针指在0刻度（2）当用万用表测电压时红表笔接电压表的负接线柱（3）欧姆表指针记得的刻度数为N＝30，可知电压表内阻为3K欧姆，电流为0.3mA，欧姆表刻度盘中央刻度值为20，欧姆表的内部电阻为2K欧姆，所以由闭合电路欧姆定律可知电源电动势为0.3mA×5K欧姆=1.5V考点：考查万用表的原理【解析】【答案】（1）×100电阻调零0刻度（2）负（3）1.5V23、略

【分析】试题分析：（1）多用电表测电阻时，应将红黑表笔短接，进行欧姆调零，使得指针指在右侧欧姆表盘的0刻度位置，所以A错误；欧姆档的刻度并不均匀，指在刻度30～50正中位置时，待测电阻应小于40所以B错误；若指针偏角过大，说明待测电阻较小，为减小误差，应使指针指在中值电阻附近，所以应换用小倍率档位，故C正确；因换档后电路内阻改变，故需要重新调零才能使用，所以D正确。（2）由图读得待测电阻考点：多用电表的使用【解析】【答案】（1）CD；（2）220Ω24、略

【分析】试题分析：所测得的阻值Rx=32×100Ω=3200Ω；②正常光照射时光敏电阻阻值为强光照射时光敏电阻阻值为③.根据图丙电路中测量值小于真实值；电路如图。考点：测定光敏电阻Rx的光敏特性【解析】【答案】①3200；②3000；200；③小于；连线如图五、作图题(共4题，共24分)25、解答：看近处物体时，像会聚在视网膜的后方，是远视眼，戴凸透镜矫正，如下图所示．

【分析】【分析】远视眼看远处物体时，视网膜上能成清晰的像；看近处物体时，由于晶状体太薄或眼球太短，使像会聚在视网膜的后方．应戴凸透镜来矫正，使像会聚在视网膜上．26、略

【分析】

根据安培定则判断出磁感线的方向；再画出磁感线。正电荷周围的电场线从正电荷出发到无穷远终止。

对于常见的磁场的磁感线和电场的电场线分布要在理解的基础上，加强记忆。【解析】解：根据安培定则判断可知：通电导线周围的磁感线方向沿逆时针方向(

俯视)

是以导体上各点为圆心的一簇同心圆，磁感线的分布如图；正电荷周围的电场线从正电荷出发到无穷远终止，其电场线分布如图。27、【分析】【分析】由光敏电阻的特性曲线可以看出，当入射光增强时，光敏电阻的阻值减小，流过光敏电阻的电流增大。

【解答】根据题意设计的自动光控电路如图所示，控制过程：当有光照射时，光电流经过放大器输出一个较大的电流，驱动电磁铁吸引衔铁使两个触点断开；当无光照射时，光电流减小，放大器输出电流减小，电磁铁释放衔铁，使两个触点闭合，控制电路接通，灯开始工作。【解析】28、略

【分析】

根据左手定则判断电流方向；磁场方向和安培力方向的关系；伸开左手，四指与大拇指在同一平面内，磁感线穿过掌心，四指方向与电流方向相同，大拇指所指方向为安培力的方向．

解决本题的关键会根据左手定则判断磁场方向、电流方向和安培力方向三者的关系，并注意左手定则与右手定则的区别．【解析】解：左侧电流向下；根据安培定则，右侧的磁场方向向外，依据左手定则，安培力向右；

电流向右；安培力向下，根据左手定则，磁场方向外；

磁场向上；电流向里，根据左手定则，安培力向右；

答：如图所示：

六、计算题(共2题，共14分)29、略

【分析