2025年上外版高一物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版高一物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、已知某星球的质量为M；星球半径为R，表面的重力加速度为g，自转角速度为ω，引力常量为G．则该星球的第一宇宙速度可表达为（）

A.ωR

B.

C.

D.

2、【题文】某人以不变的速度垂直于对岸游去，游到中间，水流速度加大，则此人渡河所用的时间比预定的时间A.增加B.减少C.不变D.无法确定3、【题文】放在水平地面上的物块，受到一个与水平方向成α角斜向下方的力F的作用，物块在水平地面上做匀速直线运动，如图所示。如果保持力F的大小不变，而使力F与水平方向的夹角α变小，那么，地面受到的压力N和物块受到的摩擦力f的变化情况是()A.N变小B.N变大，C.f变小D.f变大4、质量为m的物体从静止出发以的加速度竖直下降h，正确的是（）A.物体的机械能增加mghB.物体的机械能增加mghC.物体的动能增加mghD.重力做功mgh5、从某一高度相隔1s先后自由释放两个相同的小球甲和乙，不计空气的阻力，它们在空中任一时刻A.甲、乙两球距离始终保持不变，甲、乙两球速度之差保持不变B.甲、乙两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差也越来越大C.甲、乙两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差保持不变D.甲、乙两球距离越来越小，甲、乙两球速度之差也越来越小6、如图，一小球从一半圆轨道左端A

点正上方某处开始做平抛运动(

小球可视为质点)

飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B

点.O

为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为ROB

与水平方向夹角为60鈭�

重力加速度为g

则小球抛出时的初速度为()

A.3gR2

B.3gR2

C.33gR2

D.3gR3

评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、一个物体向东匀变速直线运动，某时刻速度的大小为2m/s，2s后速度变为向西，大小变为6m/s．则（）A.位移的大小8m，方向向东B.位移的大小4m，方向向西C.加速度的大小为4m/s2，方向向西D.加速度的大小为2m/s2，方向向东8、如图所示；物体A

和B

相对静止，以共同的速度沿斜面匀速下滑，则(

)

A.AB

间无摩擦力的作用B.B

受到的滑动摩擦力的大小为(mA+mB)gsin娄脠

C.B

受到的静摩擦力的大小为mAgsin娄脠

D.取走A

物后，B

物将做匀加速直线运动9、关于曲线运动，下列叙述正确的是：()A.物体做曲线运动，它的运动轨迹是曲线。B.物体只有受到一个方向不断改变的力，才可能作曲线运动C.物体只要受到不平行于初速度方向的外力作用时，一定做曲线运动D.平抛运动是一种匀变速曲线运动10、如图所示，铁路转弯处外轨应略高于内轨，火车必须按规定的速度行驶，则转弯时()

A.火车所需向心力沿水平方向指向弯道内侧B.弯道半径越大，火车所需向心力越大C.火车的速度若小于规定速度，火车将做离心运动D.火车若要提速行驶，弯道的坡度(

即轨道与水平面的夹角)

应适当增大11、A、BC

三个小物块放在旋转圆台上，最大静摩擦力均为重力的娄脤

倍，A

的质量为2mBC

质量为mC

离轴为2RAB

离轴为R

则当圆台旋转时：(

设ABC

都没有滑动，如图所示)(

)

A.C

的向心加速度最大B.B

所受的静摩擦力最小C.当圆台转速增加时，C

比A

先滑动D.当圆台转速增加时，B

比A

先滑动12、下列电场线中正确的有(

)

A.B.C.D.13、如图，AB

两点分别位于大小轮的边缘上，C

点位于大轮半径的中点，大轮的半径是小轮的2

倍，它们之间靠摩擦传动，接触面上没有滑动.

以下说法正确的是(

)

A.vA=vB

B.vA=2vB

C.vB=2vC

D.娄脴B=2娄脴A

14、关于行星绕太阳的运动，下列说法中正确的是（）A.所有行星都在同一椭圆轨道上绕太阳运动B.行星绕太阳运动时，太阳位于行星的椭圆轨道的一个焦点上C.离太阳越近的行星公转周期越小D.离太阳越近的行星公转周期越大15、如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平向右的拉力F作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面的最大静摩擦力fm与滑动摩擦力大小相等；则（）

A.0～tl时间内物块A的加速度逐渐增大B.t2时刻物块A的加速度最大C.t3时刻物块A的速度最大D.t2～t4时间内物块A一直做减速运动评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示。取重力加速度g＝10m/s2。由此两图线可以求得物块的质量m=____物块与地面之间的动摩擦因数μ=____。17、一个的质量为0.4kg的足球，以10m/s的速度迎面飞来，足球守门员将球以8m/s的速度反向踢出，若守门员踢球的时间为0.1s，若以足球返回的方向为正方向，则足球速度的变化量为___________m/s,足球的加速度为______________m/s218、（1）“研究平抛物体的运动”实验的装置如图所示，在实验前应（）A．将斜槽的末端切线调成水平B．将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行C．小球每次必须从斜面上同一位置由静止开始释放D.在白纸上记录斜槽末端槽口的位置O，作为小球做平抛运动的起点和所建坐标系的原点（2）.在“研究平抛物体的运动”实验中，某同学记录了A、B、C三点，取A点为坐标原点，建立了如图所示的坐标系。平抛轨迹上的这三点坐标值图中已标出。那么小球平抛的初速度为，小球抛出点的坐标为。(取)19、一位同学在操场上从某点出发，先向正东方向走了30m，然后右转向正南走了40m．他走过的路程为______m，发生的位移大小为______m．20、某同学在做测定木板的动摩擦因数的实验时，设计了两种实验方案．方案A：木板水平固定，通过弹簧秤水平拉动木块，如图(a)所示；方案B：木块固定，通过细线水平拉动木板，如图(b)所示．

(1)上述两种方案中；你认为更合理的方案是____________，原因是____________．

(2)该实验中应测量的物理量是____________．

(3)除了实验必需的弹簧秤；木板、木块、细线外；该同学还准备了质量为200g的配重若干个．该同学在木块上加放配重，改变木块对木板的正压力，并记录了5组实验数据，如表所示：

。实验次数12345配重(个数)01234弹簧秤读数(N)0.501.051.451.952.55测木块重(N)2.00已知当地的重力加速度g=9.8m/s2，请根据上述数据在答卷纸上给出的坐标纸上作出木块所受摩擦力和压力的关系图象，由图象可测出木板和木块间的动摩擦因数是____________．21、打点计时器使用的电源频率为50Hz

常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是______(

填“直流电”、“交流电”)

正常工作时每隔______s

打一个点．评卷人得分四、简答题(共4题，共12分)22、实验室可以用重铬酸钾制取氯气，反应无需加热，常温下就可以迅速进行，而且对盐酸的浓度要求不高，反应的化学方程式如下rm{(}未配平rm{)}

rm{K}rm{K}rm{{,!}_{2}}rm{Cr}rm{Cr}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{7}}rm{+}rm{HCl}rm{隆煤}rm{KCl+CrCl}rm{+}rm{HCl}rm{隆煤}rm{KCl+CrCl}rm{{,!}_{3}}rm{+}rm{Cl}rm{+}rm{Cl}rm{{,!}_{2}}配平上述反应的化学方程式，并用双线桥表示电子转移的方向和数目。rm{隆眉+}rm{H}该反应中，氧化剂是________，还原产物是--________。从氧化性、还原性和酸碱性的角度分析，该反应中rm{隆眉+}表现的性质是______________。rm{H}当反应生成氯气rm{{,!}_{2}}时，转移电子的数目为______________。rm{O}写出实验室用二氧化锰制取氯气的化学反应方程式__________根据题给信息可比较出重铬酸钾和二氧化锰的氧化性强弱为______________rm{O}23、如图所示，传送带与地面倾角θ=30°，从A到B长度为16m，传送带以10m/s的速率逆时针转动．在传送带上端A无初速地放一个质量为m=1kg的物体，它与传送带之间的动摩擦因数为μ=g=10m/s2．求：

（1）刚放上时；物块对传送带的压力及物块受到的摩擦力。

（2）物体从A运动到B所需的时间是多少？24、rm{(1)}由rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}四种金属按下表中装置进行实验。由rm{(1)}rm{A}rm{B}rm{C}四种金属按下表中装置进行实验。。rm{D}装置现象金属rm{A}不断溶解rm{C}的质量增加rm{A}上有气体产生根据实验现象回答下列问题：rm{垄脵}装置甲中作正极的是____________rm{(}填“rm{A}”或“rm{B}”rm{)}；rm{垄脷}装置乙中正极的电极反应方程式为___________________；rm{垄脹}四种金属活动性由强到弱的顺序是__________________；rm{(2)}尿素rm{[CO(NH_{2})_{2}]}是首个由无机物人工合成的有机物。rm{垄脵}工业上尿素由rm{CO_{2}}和rm{NH_{3}}在一定条件下合成，其反应方程式为：___________________；rm{垄脷}当氨碳比rm{dfrac{n(N{{H}_{3}})}{n(C{{O}_{2}})}=4}时，rm{dfrac{n(N{{H}_{3}})}{n(C{{O}_{2}})}=

4}的转化率随时间的变化关系如图所示。rm{CO_{2}}点的逆反应速率rm{A}________rm{v_{脛忙}(CO_{2})}填“大于”、“小于”rm{(}点的正反应速率或“等于”rm{)B}点的正反应速率rm{v}rm{)B}rm{v}rm{{,!}_{脮媒}}rm{(CO}rm{(CO}rm{{,!}_{2}}rm{)}rm{NH}rm{)}25、如图所示；一质量为0.5kg

的小球，用0.4m

长的细线拴住在竖直面内作圆周运动，求：

(1)

当小球在圆上最高点速度为4m/s

时；细线的拉力是多少。

(2)

当小球在圆下最低点速度为42m/s

时，细线的拉力是多少．评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)26、电磁打点计时器通常的工作电压为____，电火花打点计时器通常的工作电压为____。我们日常生活所用的交流电频率是50Hz，如果用它做电源，打点计时器每隔s打一个点。27、某科技馆中有一个展品，该展品放在较暗处。有一个不断均匀滴水的龙头（刚滴出的水滴速度为零）在平行光源的照射下，可以观察到一种奇特的现象：只要耐心地缓慢调节水滴下落的时间间隔，在适当的情况下，看到的水滴好象都静止在各自固定的位置不动（如图中A、B、C、D所示，右边数值的单位是mm）。要想出现这一现象，所用光源应为频闪光源，滴水时间间隔必为____s。(请保留两位有效数字)28、某同学在做”探究小车速度随时间变化的规律”的实验时,打点计时器所用电源的频率是50Hz,在实验中得到一条点迹清晰的纸带,他把某一点记作O,再选依次相邻的6个点作为测量点,分别标以A、B、C、D、E和F,如下图所示.﹙1﹚如果测得C、D两点相距2.70cm,D、E两点相距2.90cm,则在打D点时小车的速度是_____m/s.﹙2﹚该同学分别算出打各点时小车的速度,然后根据数据在v-t坐标系中描点(如图5所示),由此可求得小车的加速度a=_______m/s29、（1）（4分）在做研究平抛运动的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹。为了能较准确地描绘运动轨迹，下面的操作,不正确的是（）A．通过调节使斜槽的末端保持水平Ｂ．保证每次释放小球的位置相同C．小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触D．将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线（2）（8分）如图所示为一小球做平抛运动的闪光照相照片的一部分，图中背景方格的边长均为2.5cm，如果取g＝10m/s2，那么：①照相机的闪光频率是____Hz；②小球运动中水平速度的大小是m/s。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B|D【分析】

某卫星绕地表做匀速圆周运动；则由万有引力提供向心力。

解得：

又因为地表的物体受到的万有引力与物体的重力近似相等即：

解得：GM=R2g

故

由以上的求解可知；AC错误，BD正确．

故选BD．

【解析】【答案】根据重力等于万有引力引力等于向心力列式求解．

2、C【分析】【解析】本题考查的是对人渡河问题的认识，人以不变的速度垂直于对岸游去，游到中间，水流速度加大，而垂直方向的速度未变，则此人渡河所用的时间不变，C正确；【解析】【答案】C3、A|C【分析】【解析】将F分解，α变小，竖直分量变小，地面受到的压力N变小，摩擦力f变小,AC对。【解析】【答案】AC4、C【分析】解：A、因物体的加速度为故说明物体受阻力作用，由牛顿第二定律可知，mg-f=ma；解得f=mg，阻力做功Wf=-mgh；物体克服阻力做功，机械能减小，故机械能的减小量为mgh；故A错误；

B、D、重力做功WG=mgh；所以物体的重力势能减少mgh，故B，D错误；

C、由动能定理可得动能的改变量△Ek=W合=mah=mgh，所以物体的动能增加mgh；故C正确；

故选：C。

根据物体的运动情况可知物体的受力情况；由功的公式可求得各力的功；由动能定理可求得物体的动能改变量；由功能关系可求机械能的变化；由重力势能与重力做功的关系可知重力势能的改变量．

本题关键在于各种功的物理意义：

①重力做功等于重力势能的减小量；

②而合力的功等于动能的改变量；

③除重力外其余力做的功等于机械能的变化量．【解析】C5、C【分析】试题分析：设甲下落的时间为ts，则乙下落的时间为(t-1)s，甲乙的速度差：即甲、乙两球速度之差保持不变；两球的距离：故随时间增大，甲、乙两球距离越来越大，选项C正确。考点：自由落体运动的规律。【解析】【答案】C6、C【分析】【分析】根据题意小球飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B

点，可知速度的方向与水平方向成30鈭�

角；根据速度方向得到平抛运动的初速度与时间的关系，再根据水平方向匀速运动，得出水平位移与；初速度和时间的关系，联立即可求解初速度。

解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住速度方向，结合题中隐含的位移关系、速度关系进行求解。【解答】小球做平抛运动，在飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B

点，则知速度与水平方向的夹角为30鈭�

则有：vy=v0tan(30鈭�)

又vy=gt

则得：v0tan(30鈭�)=gt

解得：t=v0tan30鈭�g

水平方向上小球做匀速直线运动，则有：R+Rcos(60鈭�)=v0t

联立解得：v0=33gR2

；故C正确，ABD错误。

故选C。【解析】C

二、多选题(共9题，共18分)7、BC【分析】解：选向东方向为正方向。

AB、根据位移大小为4m，方向向西，故A错误，B正确；

CD、根据加速度大小为方向向西，故C正确，D错误；

故选：BC

由速度公式可求得物体运动的加速度；再由位移公式即可求得物体运动的位移．

本题考查匀变速直线运动的位移及速度公式，在解题时要注意速度及位移的矢量性．【解析】【答案】BC8、BC【分析】解：A

以A

为研究对象；A

处于平衡状态，因此有f=mAgsin娄脕

所以A

受到B

给其沿斜面向上的摩擦力作用，故A错误；

B；以整体为研究对象；根据平衡状态有：(mA+mB)gsin娄脕=fB

故B正确；

C；A

对B

的静摩擦力与B

对A

的静摩擦力大小相等；故f隆盲=f=mAgsin娄脕

故C正确；

D；由前面分析知：(mA+mB)gsin娄脕=fB

又根据滑动摩擦力公式fB=娄脤(mA+mB)gcos娄脕

得：娄脤=tan娄脕

取走A

物体后；物体B

受滑动摩擦力为娄脤mBgcos娄脕

代入娄脤=tan娄脕

得，娄脤mBgcos娄脕=mgsin娄脕

即物体B

受力平衡，则物体B

仍能做匀速直线运动，故D错误；

故选：BC

解答本题的关键是正确应用整体与隔离法；以整体为研究对象，整体重力沿斜面的分力等于斜面给B

的摩擦力，然后隔离AA

处于平衡状态，A

所受重力沿斜面的分力等于B

给A

的静摩擦力．

“整体隔离法”是力学中的重要方法，一定要熟练掌握，注意对于由多个物体组成的系统，优先考虑以整体为研究对象．【解析】BC

9、ACD【分析】【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同，速度一定变化，但是速度变化的不一定是曲线运动；平抛运动的物体所受合力是重力，加速度恒定不变，平抛运动是一种匀变速曲线运动。本题考查了曲线运动；本题关键是对质点做曲线运动的条件的理解，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住。【解答】A.做曲线运动的物体，运动轨迹是曲线，故A正确；B.做曲线运动的物体所受合力一定不等于0

但可以是恒力，如平抛运动只受到重力的作用，力的大小和方向都不变，故B错误；C.物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上；当物体受到不平行于初速度方向的外力作用时，物体做曲线运动，故C正确；

D.曲线运动可以是一种匀变速运动，如平抛运动，故D正确。故选ACD。【解析】ACD

10、AD【分析】解：火车转弯做匀速圆周运动；合力指向圆心，受力如图。

由向心力公式。

F脧貌=mv2r=mgtan娄脠

因而，mv

一定时，r

越大；F脧貌

越小；

合力F脧貌

与m

一定时v

变大，r

也应该变大；

v

变大；要做离心运动，会对轨道外侧造成挤压；

故选AD．

火车转弯时；为防止车轮边缘与铁轨间的摩擦，通常做成外轨略高于内轨，使得火车按规定的速度行驶时，火车对轨道的合力垂直于轨道表面，否则会对其造成挤压以致损坏，(

这就是为什么在拐弯处会有规定速度的原因)

所以火车重力与轨道支持面支持力的合力提供向心力，速度大于规定速度时，会挤压外轨．

火车转弯时，抓住合力提供向心力，即可列式求解拢隆

【解析】AD

11、ABC【分析】解：A

三个小物块转动的角速度相等，根据a=r娄脴2

知；C

的半径大，则C

的向心加速度大，故A正确．

B；根据静摩擦力提供向心力；得：A

所受的摩擦力fA=2m?R娄脴2=2mR娄脴2B

所受的摩擦力fB=m?R娄脴2C

所受的摩擦力为fC=m?2R娄脴2=2mR娄脴2

可知AC

所受的摩擦力大小相等；B

物体的静摩擦力最小.

故B正确．

CD

根据娄脤mg=mR娄脴2

发生相对滑动的临界角速度娄脴=娄脤gRAB

的半径相同，则一起滑动，C

的半径大，临界角速度小，则当圆台转速增加时，C

最先滑动，故C正确，D错误．

故选：ABC

A；BC

三个物体相对盘静止；角速度相等，根据向心加速度公式比较加速度大小，根据静摩擦力提供向心力，比较静摩擦力的大小.

根据最大静摩擦力求出发生相对滑动时的临界角速度，判断哪个物体先发生相对滑动．

物体做圆周运动时，静摩擦力提供向心力.

由于共轴向心力大小是由质量与半径决定；而谁先滑动是由半径决定，原因是质量已消去．【解析】ABC

12、CD【分析】解：AB

电场线从正电荷或无限远出发；终止于无限远或负电荷，可知AB

选项错误；

C；电场线从正电荷或无限远出发；终止于无限远或负电荷，结合等量同种点电荷的特点与等量异种点电荷的特点可知，CD

选项正确．

故选：CD

根据常见电场的电场线的特点以及：电场线从正电荷或无限远出发；终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱逐项分析即可．

本题考察了关于常见的电场的电场线的基础知识，比较简单，常见电场记住即可．【解析】CD

13、ACD【分析】解：AB

点A

和点B

属于同缘传送；具有相同的线速度大小.

故A正确，B错误；

C、靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，知AB

两点具有相同的线速度，AC

两点角速度大小相等；再根据v=r娄脴AC

两点的线速度之比为21

所以B

的线速度是C

的线速度的2

倍，即vB=2vC.

故C正确；

D、根据v=r娄脴

知B

的角速度是A

的2

倍，即娄脴B=2娄脴A.

故D正确。

故选：ACD

靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，知ab

两点具有相同的线速度，ac

共轴转动，则角速度相等.

根据v=r娄脴

可得出角速度和线速度的关系．

解决本题的关键掌握靠摩擦传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，共轴转动的点具有相同的角速度，基础题目．【解析】ACD

14、BC【分析】解：A；开普勒第一定律可得；所有行星都绕太阳做椭圆运动，且太阳处在所有椭圆的一个焦点上。所有行星不在同一椭圆轨道上绕太阳运动，故A错误，B正确；

C、开普勒第三定律中的公式=K；所有行星的轨道半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等，得离太阳越近的行星的运动周期越短。故C正确，D错误；

故选：BC。

开普勒第一定律是太阳系中的所有行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上．在相等时间内，太阳和运动着的行星的连线所扫过的面积都是相等的．开普勒第三定律中的公式=K；所有行星的轨道半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等，得离太阳越近的行星的运动周期越短．

行星绕太阳虽然是椭圆运动，但我们可以当作圆来处理，同时值得注意是周期是公转周期．【解析】BC15、BC【分析】解：A、0-t1时间内；F小于等于最大静摩擦力，可知物块处于静止状态，加速度保持不变，故A错误。

B、t2时刻拉力最大；合力最大，根据牛顿第二定律知，物块A的加速度最大，故B正确。

C、t2时刻后，拉力仍然大于摩擦力，物块仍然做加速运动，速度仍增大，t3时刻后拉力小于摩擦力，物块做减速运动，速度减小，所以t3时刻速度最大。故C正确。

D、在t2-t3时间内；拉力大于摩擦力，F减小，合力减小，加速度减小。但物块仍做加速运动，故D错误；

故选：BC。

根据物块的受力；结合合力的方向确定物块的加速度方向，从而确定物块的运动规律，判断何时加速度最大，何时速度最大．

解决本题的关键理清物块的运动规律，知道加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．通过分析受力情况，由牛顿第二定律来分析加速度的变化．【解析】BC三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【解析】试题分析：由v-t图可知4-6s，物块匀速运动，有．在2-4s内物块做匀加速运动，加速度由牛顿第二定律得将及a代入解得．由动摩擦力公式得考点：本题考查学生对于图象的解读能力，【解析】【答案】m＝0.5kg，μ＝0.417、略

【分析】【解析】试题分析：由题意可知v=8m/s，加速度考点：加速度的概念【解析】【答案】1818018、略

【分析】：（1）ABC（2）竖直方向有：水平速度小球下落的初始位置为-20cm，则水平初始位置为-30cm。【解析】【答案】（1）ABC（2）-30cm19、略

【分析】解：位移的大小等于首末位置的距离，大小x==50m；

路程等于运动轨迹的长度；s=30m+40m=70m．

故答案为：70；50．

根据路程等于物体运动路线的长度；位移大小等于初位置到末位置有向线段的长度；确定路程和位移的大小．

本题要理解路程和位移的物理意义，画出示意图，求解它们的大小．位移大小等于起点到终点直线距离的大小，不会大于路程．【解析】70；5020、略

【分析】解：(1)方案A，通过弹簧测力计的示数来得到摩擦力的大小，木块只有在匀速运动的过程中，才能使用利用二力平衡条件，根据F=μG得：μ=所以要测量弹簧秤示数F和木块的重量G；

方案B：无论长木板是否做匀速直线运动；木块都相对于木板滑动且始终处于平衡状态，这样拉力等于摩擦力，而且无论拉木板速度多少，摩擦力都一样，不改变摩擦力大小，所以容易操作；所以方案B更合理；要测量弹簧秤示数F和木块的重量G；

(2)木块的重力G和弹簧秤的拉力F(3)图象如下根据f=μN图象的斜率即摩擦因数由图象求得μ=0.25

故答案为：(1)B不受木板如何运动的限制(或摩擦力的测量更方便、准确)(2)木块的重力、每次拉木板时木块和木板间的摩擦力(3)摩擦因数为0.25【解析】B;不受木板如何运动的限制(或摩擦力的测量更方便、准确);木块的重力、每次拉木板时木块和木板间的摩擦力;0.2521、略

【分析】解：常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电；正常工作时每隔0.02s

打一个点．

故答案为：交流电；0.02

．

解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的仪器．

要知道打点计时器的打点频率和周期的含义和关系．

对于物理知识我们不能死记硬背；而是要知道为什么．

打点计时器的打点频率和周期是互为倒数．【解析】交流电；0.02

四、简答题(共4题，共12分)22、（1）

（2）K2Cr2O7CrCl3酸性和还原性

（3）0.2NA(或1.204×1023)

（4）MnO2＋4HCl(浓)​MnCl2＋Cl2↑＋2H2OK2Cr2O7>MnO2【分析】【分析】本题考查氧化还原反应的本质，氧化剂、还原剂、氧化产物、还原产物的判断，双线桥表示氧化还原反应的电子转移，化学方程式的书写，氧化性强弱的比较，氧化还原反应的计算等，难度中等。【解答】rm{(1)}配平反应的化学方程式，并用双线桥表示电子转移的方向和数目为：故答案为：rm{(2)}该反应中，rm{K}rm{K}rm{{,!}_{2}}rm{Cr}rm{Cr}rm{{,!}_{2}}中rm{O}化合价降低，是氧化剂；还原产物是rm{O}从氧化性、还原性和酸碱性的角度分析，该反应中rm{{,!}_{7}}表现的性质是酸性和还原性；故答案为：rm{Cr}rm{CrCl_{3}}酸性和还原性；rm{HCl}由化学方程式知生成rm{K_{2}Cr_{2}O_{7}}转移rm{CrCl_{3}}电子，则当反应生成氯气rm{(3)}rm{1molCl_{2}}时，转移电子的数目为rm{2mol}或rm{0.1}；故答案为：rm{mol}或rm{0.2N_{A}(}；rm{1.204隆脕10^{23})}实验室用二氧化锰制取氯气的化学反应方程式rm{0.2N_{A}(}浓rm{1.204隆脕10^{23})}rm{(4)}rm{MnO_{2}+4HCl(}rm{)}根据题给信息可比较出重铬酸钾和二氧化锰的氧化性强弱为rm{MnCl_{2}}；故答案为：rm{+}浓rm{Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{K_{2}Cr_{2}O_{7}>MnO_{2}}rm{MnO_{2}+4HCl(}rm{)}rm{MnCl_{2}}。rm{+}【解析】rm{(1)}rm{(2)K_{2}Cr_{2}O_{7}}rm{CrCl_{3}}酸性和还原性rm{(3)0.2N_{A}(}或rm{1.204隆脕10^{23})}rm{(4)MnO_{2}+4HCl(}浓rm{)}rm{MnCl_{2}}rm{+}rm{Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{K_{2}Cr_{2}O_{7}>MnO_{2}}23、略

【分析】

（1）物体放在传送带上后；开始阶段，传送带的速度大于物体的速度，传送带给物体一沿斜面向下的滑动摩擦力，根据平衡条件求出物块与传送带的压力，根据滑动摩擦力公式求出摩擦力；

（2）物体由静止开始加速下滑；当物体加速至与传送带速度相等时，由于μ＞tanθ，物体将随传送带一起做匀速运动，根据运动学基本公式求出两段运动的时间，进而求出总时间．

从本题可以总结出，皮带传送物体所受摩擦力可能发生突变，不论是其大小的突变，还是其方向的突变，都发生在物体的速度与传送带速度相等的时刻．【解析】解：（1）刚放上时；开始阶段，传送带的速度大于物体的速度，传送带给物体一沿斜面向下的滑动摩擦力，对物体受力分析；

垂直传送带方向上有：

根据牛顿第三定律可知，物块对传送带的压力为：

物块受到的摩擦力为：f=

（2）开始阶段由牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma1

所以：a1=gsinθ+μgcosθ=12.5m/s2

物体加速至与传送带速度相等时需要的时间为：t1=

发生的位移为：＜16m；所以物体加速到10m/s时仍未到达B点；

由于则此后物体与传送带以相同的速度一起做匀速直线运动；

匀速运动的时间为：

则从A到B的时间为：t=1+1=2s

答：（1）刚放上时，物块对传送带的压力为物块受到的摩擦力为7.5N；

（2）物体从A运动到B所需的时间是2s．24、rm{(1)垄脵B垄脷Cu^{2+}+2e^{-}=Cu垄脹D>A>B>C}

rm{(2)垄脵}rm{垄脷}小于rm{30%}【分析】【分析】本题考查原电池、化学反应速率及平衡转化率等，难度不大。【解答】rm{(1)垄脵}装置甲中，金属rm{A}不断溶解，则rm{A}作负极，rm{B}作正极，则金属活动性rm{A>B}rm{垄脷}装置乙中rm{C}的质量增加，则rm{Cu^{2+}}在正极上得到电子生成铜单质，电极反应方程式为rm{Cu^{2+}+2e^{-}=Cu}则金属活动性rm{B>C}rm{垄脹C}中rm{A}上有气体产生，rm{A}为正极，金属活动性rm{D>A}根据rm{垄脵垄脷}的分析可知，四种金属活动性由强到弱的顺序是：rm{D>A>B>