2025年粤教沪科版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版必修3物理上册阶段测试试卷793考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、一个带负电的质点，带电荷量为2.0×10-9C，在静电场中将该质点由a点移动到b点，在这个过程中，除电场力外，其他外力做的功为J，质点的动能减少了J，则a、b两点间的电势差Uab为（）A.1×104VB.VC.7×104VD.V2、如图所示，质子（H）和粒子（He），以相同的初动能垂直射入偏转电场（不计粒子重力），则这两个粒子射出电场时的侧位移y之比为（）

A.4：1B.1：2C.2：1D.1：43、如图所示，在真空中两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a和c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上。以下判断正确的是（）

A.b点的电势高于d点的电势B.a点的场强与c点的场强相同C.a、b两点间的电势差等于b、c两点间的电势差D.试探电荷＋q在a点的电势能小于在c点的电势能4、某同学制作了一除尘装置，装置由带正电的金属圆筒Q和带负电的线状电极P组成。由于制作失误线状电极偏离圆心，形成如图所示的电场线。若A、B两点到P距离相等，A、C两点到Q距离相等；则（）

A.A、B两点电场强度相等B.A点的电势比B点电势高C.带负电的粉尘从B点运动到C点电场力做负功D.带电荷量均为的粉尘在A、C两点所受电场力大小相等5、下列说法中正确的是（）A.普朗克在研究黑体辐射问题中提出了能量子假说B.在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能Ek越大，则这种金属的逸出功W0越大C.对于某种金属，只要入射光的强度足够大，就会发生光电效应D.在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此，光子散射后波长变短评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O。将电量分别为和的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示，此时圆心O处电场强度为E。要使圆心处的电场强度大小为0，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷Q（）

A.应放在A点，B.应放在B点，C.应放在C点，D.应放在D点，7、在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。下列判断正确的是()

A.|ΔU1|<|ΔU2|，|ΔU2|>|ΔU3|B.不变，变小C.变大，不变D.变大，变大8、在一半径为R的圆周上均匀分布有偶数N个绝缘带电小球（可视为质点）无间隙排列，其中A点的小球带电荷量为+2q，其余小球带电荷量为+q，此时圆心O点的电场强度大小为E，现仅撤去A点的小球后，则有关O点的电场强度的正确说法。

A.方向向右B.方向向左C.大小为D.大小为E9、如图所示，长木板A放在光滑的水平地面上，物体B以水平速度v0冲上A后，由于摩擦力作用，最后停止在木板A上，则从B冲到木板A上到相对木板A静止的过程中；下述说法中正确的是()

A.物体B动能的减少量等于系统损失的机械能B.物体B克服摩擦力做的功等于系统内能的增加量C.物体B损失的机械能等于木板A获得的动能与系统损失的机械能之和D.摩擦力对物体B做的功和对木板A做的功的总和等于系统内能的增加量10、如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入；它们最后打在同一点（重力不计），则从开始射入到打到上极板的过程中（）

A.它们运动的时间相等B.它们运动的加速度相等C.Q所带的电荷量是P所带的电荷量的两倍D.Q电势能改变量是P电势能改变量的4倍11、两个相同的带电导体小球所带电荷量的比值为1：3，相距为r时库仑力的大小为F，今使两小球接触后再分开放到相距为2r处，则此时库仑力的大小为（）A.B.C.D.12、两点电荷q1、q2分别固定在x轴上，其中q1在O点，q2位置未知，x轴上电势分布如图所示。质量为m、带电量为－q的粒子（不计重力），以初速度v0从x1点沿x轴正方向运动（粒子仅受电场力）；则下列说法正确的是。

A.q2是负电荷B.q1的电荷量大于q2的电荷量C.若粒子能到达x4处，则v0的大小至少应为D.粒子从x1点运动到x4点的过程中，粒子的电势能先增大后减小13、有一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c、d四点的位置如图所示，cd、cb分别垂直于x轴、y轴，其中a、b、c三点电势分别为：4V、8V、10V，使一电荷量为的负点电荷由a点开始沿abcd路线运动；则下列判断正确的是（）

A.坐标原点O的电势为6VB.电场强度的大小为200V/mC.该点电荷在c点的电势能为D.该点电荷从a点移到d点过程中，电场力做功为14、如图所示的电路中，定值电阻a、b、c、d的阻值相等，电容器C的耐压值足够大，其中电源的内阻可忽略不计。当仅闭合开关K1时，电路的总电阻用R1表示、电容器所带的电荷量为q1，当两个开关均闭合时，电路的总电阻用R2表示、电容器所带的电荷量为q2。则下列关系式正确的是（）

A.R1：R2＝6：5B.R1：R2＝5：6C.q1：q2＝5：3D.q1：q2＝3:5评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、如图所示，R1＝4Ω，R2＝9Ω，R3＝18Ω．通电后经R1、R2和R3的电流之比I1∶I2∶I3＝________，R1、R2和R3两端的电压之比U1∶U2∶U3＝________．

16、电动势单位：______，用“V”表示．17、电功率。

（1）定义：电流在一段电路中所做的功与通电_______之比。

（2）公式：P＝＝_____。

（3）单位：_____，符号为____。

（4）意义：表示电流做功的______。18、如图所示，电源电压一定时，已知灯泡L标有“6V7.2W”字样（灯丝电阻不受温度影响），R2=10Ω。当S、S1闭合，且滑片P在a端时，灯正常发光；当S、S2闭合，且P在滑动变阻器中点处时，电流表示数为0.2A，灯泡L的阻值为_______Ω。通过对S、S1、S2的控制和调节滑动变阻器，可使电路消耗的总功率最小，电路总功率的最小值为_______。

19、知识点3电荷守恒定律

表述一：电荷既不会___________，也不会___________，它只能从物体的一部分转移到___________，或者从一个物体转移到___________。在转移的过程中，电荷的总量___________。

表述二：一个与外界没有电荷交换的系统，电荷的代数和___________。20、电势差。

（1）定义：电场中两点之间____的差值，也叫作电压。UAB=____，UBA=____，UAB=-UBA。

（2）电势差是_____，有正负，电势差的正负表示电势的_____。UAB>0，表示A点电势比B点电势____。

（3）静电力做功与电势差的关系。

WAB=_____或21、如图所示，虚线方框内为一匀强电场，为该电场中的三个点，已知

（1）试在该方框中作出该电场的示意图；_________

（2）间的电势差为___________若将动能是的电子由点发出，若该电子能经过点，则该电子经过点时的动能是___________将一个电子从移动到电场力做功为___________

22、如图中把量程为3mA，内阻为100Ω的电流表改装成15V的电压表，则需串联一个阻值为___________Ω的电阻，改装后原来刻度1.4mA位置的读数为___________V；若是把量程为3mA的电流表改装成欧姆表，其中电源电动势E=3V。改装后，将原来电流表3mA的刻度定为电阻的“0”刻度，欧姆表的中值电阻为___________Ω，2mA刻度处标___________Ω。

23、黑箱上有三个接线柱A、B、C如图6所示；已知里面装的元件只有两个（可能的元件是电池；电阻或二极管），并且两个接线柱之间最多只接一个元件，现用多用表去进行检测，其检测结果如下：

①用直流电压挡测量，A、B、C三接线柱之间均无电压；

②用欧姆挡测量，A、C之间正；反接电阻值不变；

③用欧姆挡测量，黑表笔接A，红表笔接B，有电阻，黑表笔接B，红表笔接A；电阻值较大；

④用欧姆挡测量，黑表笔接C，红表笔接B；有电阻，阻值比②步测得的大；反接电阻值很大．

画出箱内两个元件的接法．评卷人得分四、作图题(共1题，共9分)24、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共3题，共6分)25、某校A、B两个兴趣小组想探究盐水的电阻率，首先测量圆柱形空笔芯的内径d；然后空笔芯装入配置好的盐水，并把它用两导电活塞（活塞电阻可忽略）塞好，有一端活塞可以自由移动，当活塞移动改变管内盐水柱长度时，可用针管注射器配合增减笔芯内盐水，保证管内没有气泡。

（1）A；B两个兴趣小组分别利用实验电路图甲进行实验。

①A组方案主要步骤如下：

a.闭合开关S1，单刀双掷开关S2扳到“1”位置，调节电阻箱R1，使电流表为某一适当的读数I，测量并记下空笔芯里盐水的长度L1；

b.保持R1不变，开关S2扳到“2”位置，调节R2使得电流计读数为I时，R2的读数即为长度为L1的盐水的阻值；

c.改变笔芯管内盐水柱长度，重复实验步骤a、b，记录每一次盐水柱长度L和电阻箱R2阻值R，画出的RL图线如图乙所示的___________（填“I线”或“II线”），根据测得的空笔芯内径d和该图像中标注的有关字母，可得盐水的电阻率的表达式为___________。

②B组方案主要步骤如下：

a.闭合开关S1，单刀双掷开关S2扳到“1”位置，调节电阻箱R1，使电流表为某一适当的读数I，测量并记下空笔芯里盐水的长度L1和电阻箱的读数R；

b.开关S2始终扳到“1”位置，改变笔芯管内盐水柱长度，调节R1使得电流计读数为I时，记录每一次盐水柱长度L和电阻箱R1阻值R，画出的RL图线如图乙另一条直线；

c.该小组根据测得的空笔芯内径d和该图像中标注的有关字母，可得盐水的电阻率表达式为___________。

（2）因为本实验电流表不是理想电流表，对A、B两组方案电阻率的测量结果___________。

A．仅A组有影响B．仅B组有影响。

C．两组均有影响D．两组均无影响26、某同学设计了如图甲、乙所示的实验电路测量某电源的电动势E（约为3V）和内阻r（约为2Ω）。已知电流表的内电阻约为1Ω。电压表的内电阻约为3kΩ，变阻器最大电阻20Ω、额定电流1A，定值电阻请回答下列问题：

（1）请在图丙中用笔面线代替导线完成图乙电路图的实物连接。______

（2）将滑动变阻器的滑片P移至最左端，闭合开关S，移动滑片P改变滑动变阻器的接入阻值，记录下几组电压表示数U和对应的电流表示数I。

（3）重复步骤（2）。把甲、乙两组实验记录的数据在同一坐标系内描点作出图像如图丁所示，可知图中标记为II的图线是采用实验电路______（填“甲”或“乙”）测量得到的。

（4）为了减小系统误差，本实验应选用图______（选填“甲”或“乙”）实验电路。

（5）利用图丁图像提供的信息可以修正该实验的系统误差，则修正后被测电源的内阻______（注：为已知量）。27、某实验小组研究两个未知元件X和Y的伏安特性；使用的器材包括电压表（内阻约为3kΩ）；电流表（内阻约为1Ω）、定值电阻等：

(1)使用多用电表粗测元件X的电阻，选择“×1”欧姆档测量，示数如图（a）所示，读数__________Ω，据此应选择图中的__________（选填“b”或“c”）电路进行实验；

(2)连接所选电烙，闭合S；滑动变阻器的滑片P从左同右滑动，电流表的示数逐渐__________（填增大”“减小”）；依次记录电流及相应的电压；将元件X换成元件Y；重复实验；

(3)图（d）是根据实验数据做出的U-I图线，由图可判断元件__________（填“X”或“Y”）是非线性元件；

(4)该小组还借助X和Y中的线性元件和阻值R=21Ω的定值电阻，测量待测电池组的电动势E和内阻r，如图（e）所示，闭合S1和S2，电压表读数为3.00V，断开S2，电压表读数为1.00V，结合图（d）可算出E=_______V，r=__________Ω。（电压表为理想电压表）评卷人得分六、解答题(共2题，共16分)28、如图，是竖直面内、圆心在点、半径为的光滑绝缘轨道，其端切线水平且距水平地面的高度也为连线右侧的空间存在方向竖直向下的匀强电场。将一质量为电荷量为的带正电小球从轨道端无初速释放，小球从端飞出后，在地面上第一次的落点距的水平距离为．若小球可视为质点，重力加速度大小为求：

（1）进入电场前，小球在端的速度大小及对轨道的压力大小；

（2）匀强电场的场强大小。

29、在如图所示的实验装置中，充电后的平行板电容器的A极板与灵敏的静电计相接，B极板接地。静电计中连接转动指针的外壳也接地，当静电计所加的电压增大时，转动指针与竖直固定的指针的夹角θ也增大。

若只把极板B稍向上移动一点，θ应________（增大、减小、不变），若只把极板B稍向内移动一点，θ应________（增大、减小、不变）若把铁块插入平行板内，θ应________。（增大、减小、不变）参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

【详解】

设电场力做功为W，由动能定理知

可求得

因此a、b两点间的电势差为

故选项C正确；ABD错误。

故选C。2、B【分析】【分析】

【详解】

两粒子进入电场后，做类平抛运动，根据牛顿第二定律有

粒子射出电场时的侧位移y为

电场中水平方向有

联立，可得

依题意两粒子的初动能相同，电场强度E和极板长度L相同，则y与q成正比，质子和粒子电荷量之比为1：2，则侧位移y之比为1：2。

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．MN是一条等势线，若选无穷远处电势为零，则b点电势为零，而d点电势大于零，则b点电势低于d点；选项A错误；

B．a点的场强与c点的场强大小相同；方向不同，选项B错误；

C．由对称性可知，a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差；故C正确；

D．因a点的电势高于c点的电势，故试探电荷+q在a点的电势能高于在c点的电势能；故D错误；

故选C。4、B【分析】【详解】

AD．根据电场线的疏密程度与电场强度的关系，由图可知，A点的电场强度大于B点的电场强度和C点的电场强度，由可知，带电荷量均为的粉尘在A、C两点所受电场力大小不相等；故AD错误；

B．根据题意可知，A、B两点到P距离相等，由A分析可知，P左侧的平均电场强度大于右侧的平均电场强度，由公式可得

则

故B正确；

C．由图可知，电场方向为由B点到C点，则带负电的粉尘从B点运动到C点电场力做正功；故C错误；

故选B。5、A【分析】【详解】

A．普朗克在研究黑体辐射问题中提出了能量子假说；故A正确；

B．根据光电效应方程

可知；用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能越大，则这种金属的逸出功越小，故B错误；

C．发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率；与入射光的强度无关，故C错误；

D．入射光子与晶体中的电子碰撞，动量变小，根据光子动量

可知其波长变长；故D错误。

故选A。二、多选题(共9题，共18分)6、C:D【分析】【详解】

两个点电荷在O点产生的场强大小都为两个场强的方向互成120°，根据平行四边形定则，合场强大小为方向水平向左，所以要使圆心处的电场强度大小为0，放一个电荷在O点产生的场强大小为方向水平向右，所以该电荷若在C点，为+q，若在D点，为-q；故CD正确，AB错误．

故选CD。7、A:C【分析】【详解】

根据闭合回路欧姆定律可得

比值是定值；

随P向下移动而变大，且

变大；又因为

不变；

因为

且减小，所以比值变小，而

为电源内阻不变。

则

则|ΔU1|<|ΔU2||ΔU2|>|ΔU3|

故选AC。8、A:D【分析】【详解】

假设圆周上均匀分布的都是电荷量为+q的小球，由于圆周的对称性，根据电场的叠加原理知，圆心O处场强为0，所以圆心O点的电场强度大小等效于A点处电荷量为+2q的小球与在A点在同一直径的另一端的电量为+q的电荷在O点产生的场强的叠加，则有方向水平向左；所以仅撤去A点的小球，则O点的电场强度等于与A点在同一直径的另一端的电量为+q的电荷在O点产生的场强方向向右，故BC错误，AD正确．9、C:D【分析】【详解】

A.物体以水平速度冲上木板后，由于摩擦力作用，减速运动，木板A加速运动，根据能量守恒定律，物体动能的减少量等于木板A增加的动能和产生的热量之和；故A错误；

B.根据动能定理，物体克服摩擦力做的功等于物体损失的动能；故B错误；

C.由能量守恒定律可知，物体损失的机械能等于木板获得的动能与系统损失的机械能之和；故C正确；

D.摩擦力对物体做的功等于物体动能的减少量，摩擦力对木板做的功等于木板动能的增加量，由能量守恒定律，摩擦力对物体做的功和对木板做的功的总和等于系统内能的增加量，故D正确．10、A:C:D【分析】【详解】

A．两粒子在垂直电场方向上做匀速直线运动，由

得知；运动的时间相等，故A正确；

B．两粒子在平行电场方向受到电场力作用，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有

所以

故B错误；

C．根据牛顿第二定律，有

则

所以

故C正确；

D．因为

所以Q电势能改变量是P电势能改变量的4倍；故D正确。

故选ACD。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

若两个相同的带电导体小球带异种电荷，设一个小球带电量为大小Q，则另一个为大小3Q；根据库仑定律，两球接触前。

接触再分开后；两球带同种电荷，因此两球带电量大小分别为。

由库仑定律；此时库仑力的大小。

若两个相同的带电导体小球带同种电荷；两球接触前。

接触再分开后，两球带同种电荷，两球带电量大小分别为2Q；由库仑定律，此时库仑力的大小。

故AD正确；BC错误。

故选AD。12、A:D【分析】【详解】

AB．根据x轴上电势分布，x1点电势为0，x3场强为0，x3右侧场强先增大后减小，可判断q2一定在x轴负轴。x3场强为0，q1、q2产生的场强等大反向，所以q2一定带负电且q2电荷量大于q1；A正确，B错误。

D．粒子从x2运动到x4过程；电场力先做负功后做正功，选项D正确；

C．粒子要能到达x4点必须能通过x3点，由电场力做功与电势的关系可知粒子到达x4点做的功大于动能定理得

v0必须大于选项C错误。

故选AD。13、A:D【分析】【详解】

A．匀强电场中平行等间距的两点间电势差相等，可得

解得

A正确；

B．可知a、b中点电势为6V；故可画出电势为6V；8V的等势面，电场线与等势面垂直且指向电势较低的一侧，如图所示。

故电场强度的大小为

B错误；

C．该点电荷在c点的电势能为

C错误；

D．由B的解析可知，d点电势为8V，该点电荷从a点移到d点过程中，电场力做功为

D正确。

故选AD。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

设定值电阻的阻值均为R，电源的电动势为E，当仅闭合开关K1时；等效电路如图甲所示，则电路的总电阻为。

R1＝3R电容器两极板间的电压。

则电容器所带的电荷量。

当两个开关均闭合时；等效电路如图乙所示，电路的总电阻为。

电容器两极板之间的电压为。

电容器所带的电荷量。

由以上分析可知。

R1∶R2＝6∶5q1∶q2＝5∶3故AC正确；BD错误。

故选AC。

三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

由并联电路的特点可知，U2=U3，即I2R2=I3R3，所以

流经R1和R3的电流之比所以：I1：I2：I3=3：2：1

R2和R3并联，两端的电压相等；由U=IR可知：所以：U1：U2：U3=2：3：3

【点睛】

该题考查的串联电路的特点，串联电路电流相同，电压与电阻成正比．并联电路电压相同，电流与电阻成反比，灵活选择表达式，然后将相关的数据代入即可．基础题目．【解析】3∶2∶12∶3∶316、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】伏特17、略

【分析】【详解】

略【解析】①.时间②.UI③.瓦特④.W⑤.快慢18、略

【分析】【详解】

［1］由电功率公式得

［2］当闭合，且滑片在端时，灯正常发光，可知电源电压与小灯泡的额定电压相等，即为

当闭合，且在滑动变阻器中点处时，定值电阻与滑动变阻器串联，此时滑动变阻器在电路的电阻为其最大电阻的倍，电流表示数为则滑动变阻器接入电路的电阻为

则滑动变阻器的最大电阻为

当闭合，打开，并将滑动变阻器的滑片移到最右端电路消耗的总功率最小，此时电路的总功率的最小值为【解析】50.72W19、略

【分析】【详解】

略【解析】①.创生②.消灭③.另一部分④.另一个物体⑤.保持不变⑥.保持不变20、略

【解析】①.电势②.φA-φB③.φB-φA④.标量⑤.高低⑥.高⑦.qUAB21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]依题意可知BC连线为等势线，连接BC；根据电场线垂直与等势线，沿着电场线方向电势逐渐降低，可知电场方向水平向右，可画出电场示意图如图所示。

（2）[2]CA之间的电势差为

[3]电子从C到A，根据动能定理有

代入数据解得

[4]电子从B到C，在同一等势线上移动电荷，电场力做功为零。【解析】①.见解析②.-10③.50④.022、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律得

代入数据解得

[2]改装后原来刻度1.4mA位置的读数

[3][4]电压3V，电流3mA的时候标度为0，即外加电阻为0，内电阻为R，则

中值电阻等于欧姆表内阻为10002mA刻度时候总电阻

则外加电阻【解析】49007100050023、略

【分析】【分析】

【详解】

用直流电压挡测量，A、B、C三接线柱之间均无电压说明黑箱内无电源；用欧姆挡测量，A、C之间正、反接电阻值不变，说明AC间接有定值电阻；用欧姆挡测量，黑表笔接A，红表笔接B，有电阻，黑表笔接B，红表笔接A，电阻值较大，说明AB间接有二极管，且A端接的是二极管的正极；用欧姆挡测量，黑表笔接C，红表笔接B；有电阻，阻值比②步测得的大；反接电阻值很大，说明CB间定值电阻和二极管串联，所以黑箱内电路如上图．

思路分析：根据二极管的单向导电性进行判断。

试题点评：考查对探索黑箱内的电学元件实验的掌握【解析】四、作图题(共1题，共9分)24、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

五、实验题(共3题，共6分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）①c[1]根据

可知画出的RL图线应该是过原点的直线；是如图乙所示的II线；

[2]由于图线的斜率

解得

②c[3]因每次电流不变，则电阻不变，即

则R-L图像的斜率

解得

（2）[4]两次实验时，只是保持了电流表读数不变，则电流表内阻对实验无影响，则对A、B两组方案电阻率的测量结果无影响，故选D。【解析】①.II线②.③.④.D26、略

【分析】【详解】

（1）[1]图乙电路的实物连接图如下图所示：

（3）[2]对图甲而言，根据闭合欧姆定律可得

整理可得