2025年人教A版必修三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A版必修三物理下册阶段测试试卷544考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，一面积为S的长方形线圈abcd有一半处在磁感应强度为B的匀强磁场中，这时穿过线圈的磁通量为当线圈以ab为轴从图中位置转过60°的瞬间，穿过线圈的磁通量为则（）

A.B.C.D.2、氢原子核外只有一个电子，它绕氢原子核运动一周的时间约为2.4×10－16s；则下列说法正确的是()

①电子绕核运动的等效电流为6.7×10－4A

②电子绕核运动的等效电流为1.5×103A

③等效电流的方向与电子的运动方向相反。

④等效电流的方向与电子的运动方向相同A.①③B.①④C.②③D.②④3、下列描述静电场的物理量中与试探电荷的电荷量有关的是（）A.电势能B.电势C.电势差D.电场强度4、如图所示的电路中，当的滑动触头向右移动时，各电表读数的变化情况是（）

A.A减小，V增大，减小，增大B.A增大，V减小，增大，减小C.A减小，V减小，增大，增大D.A增大，V增大，减小，减小5、如图，电路两端电压恒为6V，M、N两个小灯泡的额定电压均为3V，额定功率PM=3W,PN=1W，调节可变电阻R，使两灯皆正常发光且电路中消耗的总功率最小，应该是图中哪种连接方式（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱；则。

A.电压表的示数变大B.小灯泡变暗C.通过R2的电流变大D.电源内阻消耗的功率变大7、在纯电阻电路中，当用一个固定的电源(设E、r是定值)向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率P随外电阻R变化的规律如图所示．下列判断中正确的是（）

A.当R＝r时，电源有最大的输出功率B.电源内阻消耗的功率随外电阻R的增大而增大C.电源的功率P总随外电阻R的增大而增大D.电源的效率η随外电阻R的增大而增大8、如图所示，图中以点电荷Q为圆心的虚线同心圆是该点电荷电场中球形等势面的横截面图.一个带电的粒子经过该电场，它的运动轨迹如图中实线所示，P、M、N、F都是轨迹上的点.不计带电粒子受到的重力；由此可以判断（）

A.此粒子和点电荷Q带异种电荷B.此粒子在M点的动能小于在F点的动能C.若PM两点间的距离和MN两点间的距离相等，则从P到M和从M到N，电场力做功相等D.若O点是轨迹上距离点电荷Q最近的点，则带电粒子一定从O点开始做匀速圆周运动9、如图所示，a、b、c、d四个质量均为m的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中a、b、c三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做半径为R的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。小球d位于O点正上方h处，且在外力F作用下恰好处于静止状态，已知a、b、c三小球的电荷量均为q，d球的电荷量为重力加速度为g，静电力常量为k；则下列说法正确的是（）

A.小球d一定带负电B.小球b的周期为C.外力F大小等于D.小球c的加速度大小为10、如图，一椭圆的两焦点M、N处固定两个等量异种电荷+Q、-Q，O为椭圆中心，ab是椭圆短轴上的两个端点，c是OM上的一点，d是Oa上的一点，ef是椭圆上关于O点对称的两个点；设无穷远处电势和电势能为零，下列说法中正确的是（）

A.a、b两点电势相等，但电场强度不同B.e、f两点电场强度相同，电势也相同C.一电子在c点受到的静电力大于在d点受到的静电力，且在c点的电势能小于在d点的电势能D.一质子从d点移到无穷远处，静电力做功为零11、中医药文化是我国优秀传统文化的重要组成部分，中药的保存常常需要做干燥处理。如图所示是利用高压电场干燥中药的基本原理，在大导体板MN上铺一薄层中药材，针状电极O和平板电极MN接高压直流电源，其间产生非匀强电场E；水分子是极性分子，可以看成棒状带电体，一端带正电荷，另一端带等量负电荷；水分子在电场力的作用下会加速从中药材中分离出去，在鼓风机的作用下飞离电场区域从而达到快速干燥的目的。已知虚线ABCD是某一水分子从A处由静止开始的运动轨迹；则下列说法正确的是（）

A.水分子运动轨迹上B、C和D点的电势大小关系为B.水分子在B处时，上端带负电荷，下端带正电荷C.水分子在B处时，带负电荷一端受到的电场力小于带正电荷一端受到的电场力D.如果把高压直流电源的正负极反接，水分子从A处开始将向下运动12、如图所示；电路中A；B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（）

A.保持S闭合，使B两板靠近一些B.保持S闭合，使B两板正对面积减小一些C.断开S后，使B板向右平移一些D.断开S后，使B正对面积减小一些13、如图所示，一质量为带电量为的物体处于场强以（是均为大于零的常数，取水平向左为正方向）变化的电场中，物体与竖直墙壁间动摩擦因数为当时刻物体处于静止状态。若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力；且电场空间和墙面均足够大，下列说法正确的是（）

A.物体开始运动后加速度不断增加B.物体开始运动后加速度先增加、后保持不变C.经过时间物体在竖直墙壁上的位移达最大值D.经过时间物体运动速度达最大值评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、如图所示，条形磁铁的轴线穿过a、b、c三个金属圆环的圆心，且与三个环平面垂直，其中b、c两环同平面放置在条形磁铁的中垂面上．三个圆环的面积为sa＝sb＜sc．则通过a、b两环的磁通量Φa_______Φb，通过b、c两环的磁通量Φb_______Φc．（均选填“＜”；“＞”或“＝”）

15、感应起电：当一个带电体靠近导体时，由于电荷间相互吸引或排斥，导体中的自由电荷便会趋向或____________带电体，使导体靠近带电体的一端带____________电荷，远离带电体的一端带____________电荷，这种现象叫作静电感应。利用____________使金属导体带电的过程叫作感应起电。16、能量守恒定律。

（1）能量守恒定律。

能量既不会凭空___________，也不会凭空___________，它只能从一种形式___________为另一种形式，或者从一个物体___________到别的物体，在转化或转移的过程中，能量的总量___________。

（2）能量守恒定律的意义。

①各种形式的能可以___________。

②各种物理现象可以用___________联系在一起。

（3）永动机不可能制成。

①第一类永动机：人们把设想的不消耗___________的机器称为第一类永动机。

②第一类永动机由于违背了___________，所以不可能制成。17、公式回顾：电场强度定义式：__________；电势：__________；电场强度与电势差的关系：__________；电势差与静电力做的功：__________；电容的定义式：__________；电容的决定式：__________。18、有一个灵敏电流表，内阻为满偏电流为要把它改装成量程为的电流表，需并联______的分流电阻；如果要把它改装为量程的电压表，需串联_______的电阻（本题保留三位有效数字）。19、如图所示，电流表A的量程为0-0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A,R1的阻值等于电流表内阻的的阻值等于电流表内阻的2倍.若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值；则。

(1)将接线柱1、2接入电路时,每一小格表示_____A.

(2)将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示______A.20、如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I﹣U关系图象如图乙所示。则电源电压为_______V，R1的阻值是_______Ω。

评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)21、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

22、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短23、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)25、某课外学习小组要测量一个纯电阻元件的电阻，用多用电表测得其阻值约为5．为了更精确测量该电阻值；准备了以下实验器材：

A.电压表V；量程0-3V，内阻为几千欧；

B.电流表A，量程0~100mA，内阻为3.0

C.标准电阻R01：阻值0.6

D.标准电阻R02：阻值270.0

E.滑动变阻器R1：0~10额定电流lA；

F.滑动变阻器R2；0-2k额定电流0.5A；

G.电源（E=6.0V，内阻约0.3）；

H.电键；导线若干．

①实验中，标准电阻应选_____（填“R01”或“R02”），滑动变阻器应选_____（填“R1”或“R2”）；

②该小组设计了甲、乙两个测量电路，其中能更精确测量该电阻的电路图是_____（填“甲图”或“乙图”）；

③设该小组利用上面所选的更好电路，根据实验中两个电表读数作出U-I图线是一条直线，如图所示，由该图线可知，该实验测得元件的电阻值为_____（结果保留3位有效数字）．

26、某同学用电压表V1、V2、定值电阻R0、滑动变阻器R（最大阻值为10Ω）；开关、导线若干；测两节完全相同的干电池串联后的电动势和内阻，实物连接如图甲所示。

（1）请根据实物图在图乙方框内画出电路图。()

（2）先把滑动变阻器R调到最大阻值Rm，再闭合开关S，读出电压表V1，的示数是V2示数的1.2倍，则可求出定值电阻R0的阻值为____________Ω。

（3）闭合开关后，多次移动滑动变阻器滑片，测得多组电压表V1、V2的示数U1、U2，将测得的数值在U2－U1坐标系中描点作图。若作出的图像斜率为3，与横轴的截距为1.9V，由此求得电源的电动势E＝________V，电源的内阻r＝________Ω。（结果均保留2位有效数字）27、如图所示为简易多用电表的电路图。该多用电表有个挡位，个挡位中有：直流电压挡和挡，直流电流挡和挡，欧姆挡。图中是直流电源；和是定值电阻，是可变电阻，最大值为表头的满偏电流为内阻为虚线方框内为换挡开关，端和端分别与两表笔相连。

（1）图中的A端与___________（填“红”或“黑”）色表笔相连接。

（2）要想使用直流电压挡，选择开关应与___________相连（填选择开关对应的数字）。

（3）关于的使用，下列说法正确的是()

A.在使用多用电表之前，调整使电表指针指在表盘左端电流“”位置。

B.使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整使电表指针指在表盘右端电阻“”位置。

C.使用电流挡时，先将两表笔短接，调整使电表指针尽可能指在表盘右端电阻“”位置。

（4）根据题给条件可得=___________=___________28、实验室有一破损的双量程电压表，两量程分别是3V和15V，其内部电路如图所示，因电压表的表头G已烧坏，无法知道其电学特性，但两个精密电阻R1、R2完好，测得R1=2.9kΩ，R2=14.9kΩ．现有两个表头，外形都与原表头G相同，已知表头G1的满偏电流为1mA，内阻为50Ω；表头G2的满偏电流0.5mA，内阻为200Ω，又有三个精密定值电阻r1=100Ω，r2=150Ω，r3=200Ω．若保留R1、R2的情况下；对电压表进行修复，根据所给条件回答下列问题：

（1）原表头G满偏电流I=_______，内阻r=_______．

（2）在虚线框中画出修复后双量程电压表的电路_____（标识出所选用的相应器材符号）

（3）某学习小组利用修复的电压表，再加上可以使用的以下器材，测量一未知电阻Rx的阻值：

电流表A量程0～5mA；内阻未知；

最大阻值约为100Ω的滑动变阻器；

电源E（电动势约3V）；

开关S；导线若干．

由于不知道未知电阻的阻值范围，学习小组为精确测出未知电阻的阻值，选择合适的电路，请你帮助他们补充完整电路连接____________，正确连线后读得电压表示数为2.40V，电流表示数为4.00mA，则未知电阻阻值Rx为____Ω．评卷人得分六、解答题(共1题，共9分)29、A、B两平行金属板间的匀强电场的场强方向如图。电场中两点相距连线与电场线成角，点距A板点距B板求。

（1）电势差

（2）用外力把电荷量为的正电荷（不计重力）由点匀速移动到点，那么外力做的功是多少?如果点为零电势，该正电荷在点具有的电势能是多少？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【分析】

【详解】

根据磁通量的定义式，有

当线圈以ab为轴从图中位置转过60°的瞬间，线圈在垂直于磁场方向投影的面积为0.5S，则磁通量为

联立，可得

故选A。2、A【分析】【详解】

根据电流的定义式I=q/t得：等效电流为：．故①正确，②错误；等效电流的方向与电子的运动方向相反．故③正确④错误．故A正确，BCD错误；故选A．3、A【分析】【详解】

A．电荷的电势能为既与电场有关，又与试探电荷有关，A正确；

BCD．电场强度和电势；电势差是描述电场的性质的物理量；由电场本身决定，与试探电荷无关，BCD错误。

故选A。4、A【分析】【详解】

由图可知，电阻R1与R2并联再与R3串联，电压表V测的为路端电压，电流表A测的为干路中的电流，电压表V1测的为并联部分的电压，电流表A1测的为流过R1的电流，当R1的滑动触头向右移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，由“串反并同”可知，电流表A1的示数变小，电压表V1示数变大；电流表A与滑动变阻器串联，所以电流表A示数变小，电压表V与滑动变阻器并联，所以电压表示数变大，故A正确。

故选A。5、C【分析】【详解】

A项：由题意可知；当M；N串联在电路中时，电流相等，两灯不可能都正常发光，故A错误；

B项：正常发光时，流过M的电流为流过N的电流为所以总电流为电路消耗的功率为：

C项：正常发光时，流过M的电流为电路消耗的功率为：

D项：由于正常发光时流过M的电流大于流过N的电流；故D错误．

综上所述：应选：C．二、多选题(共8题，共16分)6、B:C【分析】【详解】

若将照射R3的光的强度减弱；可知其电阻增大，所以外电路的总电阻增大．

A．根据闭合电路欧姆定律可知，

外电路总电阻增大，干路电流减小，R1在干路上；所以其电压减小，因此电压表示数减小，A错误。

BC．因为干路电流减小，所以路端电压增大，R1和R2的电压之和等于路端电压，所以R2的电压增大，因此流过R2的电流增大，又R2和L的电流之和减小；所以L的电流必然减小，因此灯泡变暗，BC都正确。

D．内阻上消耗的功率

因为干路电流减小，所以D错误7、A:D【分析】【详解】

A、根据电路的输出功率结果图象可知当R＝r时，电源有最大的输出功率为A正确．B、电源内阻的功率外电阻R的增大内阻的功率不断变小，B错误．C、电源的总功率则随着外电阻R的增大而减小，C错误．D、电源的效率得随着R增大时；电源的效率增大，D正确．

【点睛】

根据图象可知，电源的输出功率随着外电阻的增大先增大后减小，当R=r时，功率最大．8、A:B【分析】【详解】

A.曲线运动物体受到的合力指向轨迹的内侧，根据图中轨迹的弯曲方向，可判断出粒子运动过程中受静电引力的作用，因此此粒子和点电荷Q带异种电荷；选项A正确；

B.粒子从M到N，电场力做正功，动能增大，即粒子在M点的动能小于在N点的动能，又因为N点和F点在同一等势面上，所以粒子在F点的动能等于在N点的动能，因此此粒子在M点的动能小于在F点的动能；选项B正确；

C.PM两点离场源电荷较远，电荷所受电场力较小，而PM两点间的距离和MN两点间的距离相等，则从P到M电场力做功比从M到N电场力做功少；选项C错误；

D.由粒子运动轨迹可以判断粒子在O点所受电场力小于它做圆周运动所需的向心力而做离心运动；选项D错误。

故选AB。9、B:C:D【分析】【详解】

A．由题意，已知a、b、c三小球的电荷量均为q，三小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做匀速圆周运动，可知d小球与a、b、c三小球是异性电荷，由于a、b、c三小球的电性未知，所以小球d不一定带负电；A错误；

BD．设db的连线与水平方向的夹角为α，则有

可得α=60°

对b小球，由库仑定律和牛顿第二定律可得

解得

由于a、b、c三小球的加速度大小相等，因此小球c的加速度大小为BD正确；

C．对d小球，由平衡条件可得外力F大小为

C正确。

故选BCD。10、C:D【分析】【详解】

AB．根据等量异种电荷电场线和等势面的分布规律可知，a、b两点电场强度相同，电势均为零，e、f两点关于O点对称，则电场强度相同，根据沿电场线方向电势降低，则e点的电势大于f点的电势；即电势不同，故AB错误；

C．根据等量异种电荷电场分布规律可知，c点电场强度大于O点的电场强度，O点的电场强度又大于d点的电场强度，则电子在c点受到的静电力大于在d点受到的静电力，根据沿电场线方向电势降低，知c点的电势大于d点的电势，根据电势能又因为电子带负电，则电子在c点的电势能小于在d点的电势能；故C正确；

D．由题意可知，无穷远处电势为零，则两电荷在d点产生的电势大小相等，符号相反，代数和为零，即d点电势为零，一质子在d点和无穷远处具有的电势能都为零，即电势能相等，所以将质子从d点移到无穷远处；静电力做功为零，故D正确。

故选CD。11、A:B【分析】【详解】

A．由于沿着电场线，电势逐渐降低，由图可知

A正确；

B．正电荷受力的方向沿着电场线，负电荷受力的方向逆着电场线，因此水分子在B处时；上端带负电荷，下端带正电荷，B正确；

C．在B处时；上端的场强大，负电荷受到的电场力较大，下端的场强小，正电荷受到的电场力小，C错误；

D．如果把高压直流电源的正负极反接；水分子仍会向上运动，只不过带正电荷一端在上方，D错误。

故选AB。12、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．开关S闭合；电容器两端的电势差不变，等于电源的电动势，则指针的张角不变，AB错误；

C．断开S，电容器所带的电量不变，B板向右平移拉开些，由

可知电容减小，根据

知；电势差增大，则指针张角增大．C正确；

D．断开S，电容器所带的电量不变，A、B的正对面积减小一些，电容减小，根据

知；电势差增大，则指针张角增大，D正确。

故选CD。13、A:C【分析】【详解】

AB．由题意物体所受的电场力电场改变方向之前，物体沿竖直墙运动，由于水平方向支持力与电场力相等，电场强度减小；所以支持力减小，故摩擦力减小，所以物体受到的重力和摩擦力的合力增大，加速度增大，速度增大；电场改为水平向右时，物体受互相垂直的重力和电场力，而电场力随电场强度的增大而增大，所以合力增大，加速度增大。因此，整个过程中，物体运动的加速度不断增大，A正确，B错误；

C．墙壁对物体的支持力时，物体将要离开墙壁，它在墙壁上运动的位移达到最大，此时

得

即

解得

C正确；

D．根据上述分析可知；物体运动的加速度不断增大，且速度不断增大，D错误；

故选AC。三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

[1]磁铁的磁感线的分布是：外部是从N极到S极，内部是从S极到N极，正好构成闭合曲线；对于a、b圆环面积相同，但由于磁场的不一样，通过a圆环的磁感线全是向左的，而通过b圆环的磁感线有部分向左（内部），有部分向右（外部）．而向左多于向右，所以

[2]对于c、b圆环面积不同，但通过它们的磁感线全是向左的，而通过b圆环的磁感线有部分向左（内部），有部分向右（外部），所以面积越大的相互抵消的磁感线越多．故两环的磁通量【解析】小于大于15、略

【解析】①.远离②.异种③.同种④.静电感应16、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3][4][5]能量既不会凭空产生；也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到别的物体，在转化或转移的过程中，能量的总量保持不变。

（2）①[6]各种形式的能可以相互转化。

②[7]各种物理现象可以用能量守恒定律联系在一起。

（3）①[8]第一类永动机：人们把设想的不消耗能量的机器称为第一类永动机。

②[9]第一类永动机由于违背了能量守恒定律，所以不可能制成。【解析】产生消失转化转移保持不变相互转化能量守恒定律能量能量守恒定律17、略

【分析】【详解】

[1]电场强度定义式为

[2]电势为

[3]电场强度与电势差的关系为

[4]电势差与静电力做的功关系为

[5]电容的定义式为

[6]电容的决定式【解析】18、略

【分析】【详解】

[1]将灵敏电流计改装为电流表；原理图为。

由图可知

解得

[2]将灵敏电流计改装为电压表；原理图为。

由图可知

解得【解析】19、略

【分析】【详解】

（1）[1]．当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A；故量程为1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；

（2）[2]．当接线柱1、3接入电路时，A与R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A，故每一小格表示0.06A；【解析】0.06A0.06A20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由电路图可知与串联，电压表测两端的电压，测两端的电压；电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小；

由图象可知，电路中的最小电流

两端的电压

两端的电压

因串联电路中总电压等于各分压之和，所以电源电压

由

可得定值电阻的阻值为【解析】①.18②.20四、作图题(共4题，共32分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析22、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD23、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共4题，共24分)25、略

【分析】【详解】

(1)估测电路中电流为由题意可知电流表量程太小，应把电流表与定值电阻并联扩大其量程，所以实验中，标准电阻应选测量电路选用滑动变阻器的分压接法，此时滑动变阻器选用阻值较小的，为方便实验操作，滑动变阻器应选择

(2)甲图测量电路中电流表