2025年人民版高一物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人民版高一物理下册阶段测试试卷473考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图中所示；卫星A；B、C在相隔不远的不同轨道上，以地球为中心做匀速圆周运动，且运动方向相同．若在某时刻恰好在同一直线上，则当卫星B经过一个周期时，下列关于三个卫星的位置说法中正确的是（）

A.三个卫星的位置仍在一条直线上。

B.卫星A位置超前于B；卫星C位置滞后于B

C.卫星A位置滞后于B；卫星C位置超前于B

D.由于缺少条件；无法比较它们的位置。

2、2013年6月13日，“神舟十号”与“天空一号”成功实施手控交会对接，下列关于“神舟十号”与“天空一号”的分析错误的是（）A.“天空一号”的发射速度应介于第一宇宙速度与第二宇宙速度之间B.对接前，“神舟十号”欲追上“天空一号”，必须在同一轨道上点火加速C.对接前，“神舟十号”欲追上同一轨道上的“天空一号”，必须先点火减速再加速D.对接后，组合体的速度小于第一宇宙速度3、如图所示ABAC

两光滑斜面互相垂直，AC

与水平面成30鈭�.

如把球O

的重力G

按照其作用效果分解，则两个分力的大小分别为(

)

A.12G32G

B.33G3G

C.23G22G

D.22G32G

4、甲、乙两恒星相距为L，质量之比＝它们离其他天体都很遥远，我们观察到它们的距离始终保持不变，由此可知（）．A.两恒星一定绕它们连线的某一位置做匀速圆周运动B.甲、乙两恒星的角速度之比为2∶3C.甲、乙两恒星的线速度之比为∶D.甲、乙两恒星的向心加速度之比为3∶25、质点做直线运动的位移与时间的关系为x=5t+t2（各物理量均为国际单位），则该质点（）A.第1s内的位移是5mB.前2s内的平均速度是7m/sC.任意相邻1s内的位移差都是1mD.任意1s内的速度增量都是1m/s6、已知物体运动初速度v0

方向及它受到恒定合外力F

的方向，图abcd

表示物体运动的轨迹，其中正确的是(

)

A.B.C.D.7、如图是物体做直线运动的v鈭�t

图象；由图可知，该物体(

)

A.第1s

内和第3s

内的运动方向相同B.第3s

内和第4s

内的加速度等大反向C.第1s

内和第4s

内的位移大小不等D.0隆芦2s

内和0隆芦4s

内的平均速度大小相等8、如图所示，长为L的细绳，一端系一质量为m的小球，另一端固定于O点。当绳竖直时小球静止，再给小球一水平初速度v，使小球在竖直平面内做圆周运动，并且刚好通过最高点。则下列说法中正确的是（）A.小球通过最高点时速度等于零B.小球通过最高点时速度等于零C.小球在最高点时绳对小球的拉力为mgD.小球运动时绳对小球的拉力m评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、以下哪个情况下，经典力学的结论会与事实有很大偏差，以至于不再适用（）A.低速宏观弱引力B.高速宏观弱引力C.高速微观强引力D.高速微观弱引力10、三个质点ABC

的运动轨迹如图所示，三质点同时从N

点出发，同时到达M

点，下列说法正确的是(

)

A.三个质点从N

到M

的平均速度相同B.B

质点从N

到M

的平均速度方向与任意时刻的瞬时速度方向相同C.三个质点平均速度的方向不可能相同D.三个质点的瞬时速度有可能相同11、如图所示，表示一个电场中abcd

四点分别引入检验电荷时，测得它所受的电场力跟检验电荷的电量的函数关系图象，那么下列说法中正确的是(

)

A.这个电场是非匀强电场B.a.b.c.d

四点的场强大小关系是Ed>Ea>Eb>Ec

C.a.b.c.d

四点的场强大小关系是Ea>Eb>Ec>Ed

D.无法确定这四个点的场强大小关系12、如图所示；在水平力F

作用下，AB

对水平面仍保持静止，那么(

)

A.B

对A

的摩擦力等于F

方向水平向右B.B

与水平面间的摩擦力等于0

C.A

受4

个力D.B

受6

个力13、伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合，对这一过程的分析，下列说法正确的是（）A.运用逻辑推理的方法否定了亚里士多德关于重的物体下落的快，轻的物体下落的慢的论断B.提出了落体运动一定是一种最简单的变速运动，即加速度随时间应该是均匀变化的C.通过对斜面上小球运动的研究，得出小球沿斜面滚下的运动是匀加速直线运动，合理外推出当倾角增大到90°时，即自由落体运动也会保持匀加速运动的性质D.伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动验证了位移与时间的平方成正比14、“空间站”是科学家进行天文探测和科学试验的特殊而又重要的场所，假设“空间站”正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，下列说法正确的有()A.“空间站”运行的速度大小一定小于第一宇宙速度B.“空间站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度C.“空间站”运动在运行一段时间后，由于阻力作用其动能可能会减少D.在“空间站”工作的宇航员因所受合力为零而在舱中悬浮或静止15、已知万有引力常量G

和下列各组数据，可算出地球质量的是(

)

A.地球绕太阳运行的周期T

和地球中心离太阳中心的距离r

B.月球绕地球运行的周期T

和地球的半径R

C.月球绕地球运动的角速度娄脴

和月球中心离地球中心的距离r

D.月球绕地球运动的线速度v

和月球中心离地球中心的距离r

16、下列所描述的直线运动，可能的是(

)

A.速度变化很小，加速度很大B.速度越来越大，加速度越来越小C.速度变化越来越快，加速度越来越小D.某瞬间速度为零，加速度很大评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、如图所示，用皮带传动的两轮M、N半径分别是R、2R，A为M边缘一点，B距N轮的圆心距离为R，则A、B两点角速度之比为____；线速度之比为____；向心加速度之比为____．

18、一小球沿光滑斜面向下运动，用每隔0.1s曝光一次的频闪照相机拍摄下不同时刻小球的位置照片如图所示，选小球的五个连续位置A、B、C、D、E进行测量，测得距离s1、s2、s3、s4的数据如表格所示．

。s1（cm）s2（cm）s3（cm）s4（cm）8.2013.2018.2023.20（1）小球沿斜面下滑的加速度的大小为______m/s2．

（2）根据以上数据求出小球在位置A的速度VA=______m/s．

（3）根据以上数据求出斜面的倾角θ=______．（重力加速度g=10m/s2）19、电扇的风叶的长度为50cm

转速为120r/min

则它的转动周期是______s

角速度是______rad/s

叶片端点处的线速度是______m/s

．20、一乘客在行驶的火车车厢里用细绳吊一小球；用以判断火车运动的情况，并可得到如下结论：

(1)

若小球在竖直方向保持静止；表明火车正在做______运动；

(2)

若在竖直方向保持静止的小球突然向后摆；表明火车正在做______运动；

(3)

若在竖直方向保持静止的小球突然向前摆；表明火车正在做______运动；

(4)

若在竖直方向保持静止的小球突然向右摆，表明火车正在做______运动．21、（Ⅰ）用如图所示的装置测定弹簧的劲度系数，被测弹簧一端固定于A点，另一端B用细绳绕过定滑轮挂钩码，旁边附有一竖直刻度尺，当挂两个钩码时，绳上一定点P对应刻度如图ab虚线所示，再增加一个钩码后，P点对应刻度如图cd虚线所示．已知每个钩码质量均为50克，重力加速度g=9.8m/s2．则被测弹簧的劲度系数为____N/m．挂三个钩码时弹簧的形变量为____cm．（刻度尺最小格为1）

（Ⅱ）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验；主要步骤如下：

A．在桌面上放一块方木板；在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；

B．用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点；在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；

C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套；互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O．记下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；

D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两个弹簧测力计的拉力F1和F2的图示；并用平行四边形定则求出合力F；

E．只用一个弹簧测力计；通过绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F′的图示；

F．比较力F′和F的大小和方向；看它们是否相同，得出结论．

上述步骤中：（1）有重要遗漏内容的步骤的序号是____和____；

（2）遗漏的内容分别是____和____．

22、如图所示；质量为m

的物体悬挂在轻质支架上，斜梁OB

与竖直方向的夹角为娄脠.

设水平横梁OA

作用于O

点的弹力F1

是________，斜梁OB

作用于O

点的弹力F2

是________

评卷人得分四、实验题(共2题，共12分)23、小明和小帆同学利用如图所示的装置探究功与速度的变化关系，对于橡皮筋和小车连接的问题，小明和小帆同学分别有两种接法，你认为正确的是_____（填“甲”或者“乙”）以下关于该实验的说法中有一项不正确，它是____。A．本实验设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W、。所采用的方法是选用同样的橡皮筋，并在每次实验中使橡皮筋拉伸的长度保持一致。当用1条橡皮筋进行实验时，橡皮筋对小车做的功为W，用2条、3条、橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、实验时，橡皮筋对小车做的功分别是2W、3W。B．小车运动中会受到阻力，补偿的方法，可以使木板适当倾斜。C．某同学在一次实验中，得到一条记录纸带。纸带上打出的点，两端密、中间疏。出现这种情况的原因，可能是没有使木板倾斜或倾角太小。D．根据记录纸带上打出的点，求小车获得的速度的方法，是以纸带上第一点到最后一点的距离来进行计算。24、如图所示是电火花计时器的示意图．电火花计时器和电磁打点计时器一样，工作时使用________(选填“交流”或“直流”)电源，当电源的频率是50Hz时，每隔________s打一次点．其工作时的基本步骤如下：A．当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时器B．将电火花计时器插头插入相应的电源插座C．将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器D．接通开关，听到放电声，立即拖动纸带运动上述步骤正确的顺序是_______．(按顺序填写步骤编号)评卷人得分五、作图题(共2题，共6分)25、【题文】光滑圆柱体固定于水平地面.AB为一重为G的均匀直棒，A端放在地上，C点压在柱面上，AB棒处于静止，请画出直棒AB所受各个作用力。26、画出图中物体的受力示意图。球为光滑球，木块为粗糙木块。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】

设地球质量为M；卫星质量为m，根据万有引力和牛顿运动定律，有：

=mr；

T=2π

由于rA＜rB＜rC．

所以TA＜TB＜TC

当卫星B经过一个周期时；卫星A位置超前于B，卫星C位置滞后于B．

故选B．

【解析】【答案】研究卫星绕地球做匀速圆周运动；根据万有引力提供向心力，列出等式表示出周期．

根据卫星A；B、C的轨道半径关系得出周期的关系．

2、B【分析】【解答】“神舟十号”与“天空一号”绕地球运动时万有引力提供向心力；根据万有引力定律，结合离心运动的条件，即可确定求解．

解：A；发射速度如果大于第二宇宙速度；“天宫一号”将脱离地球束缚，不能在绕地球运动了．故A正确．

B；神舟八号加速将做离心运动；才可能与“天宫一号”对接．故所以对接前神舟八号的轨道高度必定小于天宫一号．故B错误．

C；对接前；“神舟十号”欲追上同一轨道上的“天空一号”，必须先点火减速，做近心运动，再加速做离心运动，从而相遇．故C正确．

D、对接后，“天宫一号”的轨道高度没有变化，必定大于地球半径，根据万有引力提供向心力G=m有v=高度越高，v越小，故对接后，“天宫一号”的速度一定小于第一宇宙速度．故D正确．

本题选择错误的；故选：B．

【分析】解决本题的关键要结合万有引力提供向心力做匀速圆周运动，当两者不等时，出现离心或近心运动，掌握在同一轨道不同加速或减速相遇．同时要知道第一、二宇宙速度的含义．3、A【分析】解：已知重力和两个分力的方向；根据平行四边形定则作力图，如图所示，由图得到：

G1=G鈰�sin60鈭�=32G

G2=G鈰�sin30鈭�=12G

故选：A

已知合力和两个分力的方向；根据平行四边形定则作力图，然后解矢量三角形．

本题考查了力的分解，关键运用平行四边形作力图，然后解矢量三角形，基础题．【解析】A

4、A|D【分析】试题分析：双星系统是彼此依靠对方提供的万有引力，提供圆周运动向心力的一个稳定系统，它们各自圆周运动的半径之和为两个星体的距离，具有相同的角速度和周期，二者圆周运动的向心力是一对相互作用力，大小相等，故其角速度之比为1∶1，轨道半径之比、线速度之比、向心加速度之比均为质量的反比即3∶2，AD正确。考点：万有引力定律的应用、双星系统【解析】【答案】AD5、B【分析】【解答】解：

A、由x=5t+t2可得第1s内的位移为：x=5+1=6m；故A错误；

B、由x=5t+t2可得前2s内的平均速度为===5+2t=5+1×2=7（m/s）；故B正确．

C、根据匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2可得质点的初速度v0=5m/s，加速度a=2m/s2．任意相邻的1s内位移差：△x=aT2=2×12m=2m；故C错误．

D；任意1s内的速度增量：△v=at=2×1m/s=2m/s；故D错误．

故选：B．

【分析】由公式直接代入时间即可求得1s内的位移；对照匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，即可求得质点的初速度和加速度，求出前2s内的位移之后，与时间相比即可求得平均速度．任意相邻的1s内位移差根据推论：△x=aT2求解．速度增量根据△v=at求解．6、D【分析】略【解析】D

7、A【分析】解：A

由图知；在前3s

内物体的速度均为正值，说明在前3s

内物体的运动方向一直不变，第1s

内和第3s

内的运动方向相同.

故A正确；

B；由速度图象的斜率等于加速度；知第2隆芦4s

内图线的斜率不变，可知物体的加速度不变，第3s

内和第4s

内的加速度等大同向，故B错误；

C；由图象与时间轴所围的面积大小表示位移；由几何知识可知第1s

内和第4s

内的位移大小相等.

故C错误；

D；根据“面积”可知：0隆芦2s

内和0隆芦4s

内的位移相等；但所用时间不等，所以平均速度不等，故D错误．

故选：A

速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度；倾斜的直线表示匀变速直线运动；图象与时间轴所围的面积表示位移.

平均速度等于位移与时间之比.

根据这些知识进行解答．

解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．【解析】A

8、B【分析】解：A、细绳拉着小球恰好通过最高点，根据mg=m得最高点的速度为：v=故A错误，B正确。

C；小球在最高点时绳子的拉力为零；靠重力提供向心力，故C错误。

D、小球运动时，根据牛顿第二定律得：F-mg=解得绳子的拉力为：F=故D错误。

故选：B。

细绳拉着小球恰好通过最高点；最高点绳子的拉力为零，靠重力提供向心力，结合牛顿第二定律求出最高点的速度，在最低点，靠拉力和重力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律求出最低点绳子的拉力。

解决本题的关键知道小球在最高点和最低点向心力的来源，知道最高点的临界情况，结合牛顿第二定律分析求解。【解析】B二、多选题(共8题，共16分)9、BCD【分析】解：经典力学适用的领域有宏观领域和低速领域；不适用于高速；微观领域和强引力领域，故B错误，BCD正确．

故选：BCD

根据经典力学适用于宏观；低速和弱引力作用领域．即可正确解答．

本题关键要知道：经典力学适用的领域有宏观领域和低速领域，不适用于微观领域和高速领域．【解析】【答案】BCD10、AD【分析】解：A

平均速度等于位移与时间的比值；由于位移与时间都相等，故平均速度相同，故A正确；

B；B

的轨迹是直线；但是B

不一定做单向直线运动，某时刻速度的方向可能从M

指向N

此时的速度方向与平均速度的方向相反，故B错误；

C；平均速度方向与位移方向相同；位移相同，故平均速度方向相同，故C错误；

D；瞬时速度方向是切线方向；故B质点从N

到M

的瞬时速度方向可能相同，故D正确；

故选：AD

位移是指从初位置到末位置的有向线段；路程是轨迹的长度，故从M

到N

过程中，三个物体的位移相同，但路程不等；

平均速率是路程与时间的比值；而平均速度是位移与时间段的比值．

本题关键要明确平均速度与平均速率的区别，平均速度是位移与时间的比值，是矢量；而平均速率是路程与时间的比值，是标量【解析】AD

11、AB【分析】根据F=qE

知F鈭�q

图线斜率的绝对值表示电场强度的大小，d

图线斜率的绝对值最大，所以d

点的电场强度最大，c

图线斜率的绝对值最小，电场强度的最小.

所以四点场强的大小关系是Ed>Ea>Eb>Ec.

该电场是非匀强电场.

故A；B正确；C

D错误．

故选：AB

．

匀强电场的场强大小和方向处处相同，F鈭�q

图线的斜率的绝对值等于电场强度的大小，根据斜率比较电场中abcd

四点的电场强度大小．

解决本题的关键掌握电场力公式F=qE

知道电场强度的大小与检验电荷的电量无关．

【解析】AB

12、BC【分析】解：AC

对物体A

受力分析；受重力、支持力、拉力和B

对A

的向左的静摩擦力，共四个力的作用，根据平衡条件，有：f=F

方向向左；故A错误，C正确；

B；对AB

整体受力分析；竖直方向重力和支持力平衡，水平方向两个拉力也平衡，故不受地面的静摩擦力，故B与水平面间摩擦力等于零，故B正确；

D；对B

进行受力分析可知；B

受到重力、A

对B

的压力、地面的支持力，A

对B

的摩擦力以及拉力F

的作用，共受到5

个力的作用，故D错误；

故选：BC

对物体A

分析；根据平衡条件判断A

受到的静摩擦力；对AB

整体受力分析，根据平衡条件判断其与地面间的静摩擦力．

本题关键是采用隔离法和整体法选择研究对象，受力分析后根据平衡条件判断静摩擦力的有无和大小，基础题目．【解析】BC

13、ACD【分析】解：A；伽利略根据亚里士多德的论断；假定大的石块下落速度为8，小石块下落速度为4，把它们捆在一起，大石块会被小石块拖着而减慢，所以速度会小于8，但两石块捆在一起会更重，下落速度应当等于8，这样得出了相互矛盾的结论，伽利略认为，重物体与轻的物体下落一样快；所以运用归谬推理否定了亚里士多德关于重的物体下落快、轻的物体下落慢的错误论断，故A正确；

B；伽利略提出“自由落体”是一种最简单的直线运动匀加速直线运动；物体的加速度不变．故B错误；

C；伽利略在研究物体在无阻力的下落运动（即自由落体运动）时；发现不同质量的铜球沿阻力极小的斜面滚下，结果发现铜球的下滑加速度都是相同的．不断增大斜面倾角，结果发现，只是铜球的下滑加速度增大了，而所有铜球的下滑加速度仍是相同的．所以通过斜面上物体的匀加速运动合理外推出当倾角增大到90°时，即自由落体运动也保持匀加速运动的性质，故C正确；

D；伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动验证了位移与时间的平方成正比；故D正确；

故选：ACD

本题考查了伽利略对自由落体运动的研究；伽利略对运动和力的关系研究，其科学思想方法的核心是把实验和逻辑推理和谐结合起来．

伽利略对自由落体规律的研究为我们提供正确的研究物理的方法、思路、理论，他创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法．【解析】【答案】ACD14、AB【分析】【分析】第一宇宙速度是近地卫星做圆周运动的线速度，它是最大的运行速度；万有引力等于所在高度的重力；轨道半径越小，速度越大，动能越大；空间站中的物体处于完全失重状态。解决本题的关键是掌握万有引力等于重力GMmr2=mg

和万有引力提供向心力GMmr2=mv2r

以及处于空间站中的人、物体处于完全失重状态，靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动。【解答】A.第一宇宙速度是近地卫星做圆周运动的线速度，根据v=GMr

知“空间站”运行的速度大小一定小于第一宇宙速度，故A正确；B.根据万有引力等于重力，GMmr2=mg=ma

所以“空间站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度，故B正确；C.“空间站”运动在运行一段时间后，由于阻力作用其轨道半径减小，速度增大，动能可能会增大，故C错误；D.在“空间站”工作的宇航员因处于完全失重状态，靠万有引力提供向心力，做圆周运动，故D错误。故选AB。【解析】AB

15、CD【分析】解：根据旋转天体绕中心天体运行的模型；根据万有引力等于向心力，由旋转天体公转半径和周期可求出中心天体的质量．

A；已知地球绕太阳运行的周期和地球的轨道半径只能求出太阳的质量；而不能求出地球的质量，故A错误．

B；已知月球绕地球运行的周期和地球的半径；不知道月球绕地球的轨道半径，所以不能求地球的质量，故B错误．

C、已知月球绕地球运动的角速度和轨道半径，GMmr2=m娄脴2r

得知M=娄脴2r3G

可以算出地球质量M

故C正确．

D、由GMmr2=mv2r

得知M=v2rG

可以算出地球的质量M

故D正确。

故选：CD

根据旋转天体绕中心天体运行的模型，由旋转天体公转半径和周期求出中心天体的质量分析：地球绕太阳运行的周期T

和地球中心离太阳中心的距离r

可求出太阳的质量.

由月球绕地球运行的周期T

月球绕地球运动的角速度和月球中心离地球中心的距离r

不能求出地球的质量.

月球绕地球运动的周期T

和轨道半径r

可求出地球的质量。

本题利用万有引力和圆周运动知识，知道旋转天体的公转半径和周期求出的是中心天体的质量，不是旋转天体的质量．【解析】CD

16、ABD【分析】解：A

根据a=鈻�V鈻�t

可知物体的加速度等于物体速度的变化率，故即使鈻�V

很小，如果鈻�t

更小；加速度a

仍有可能很大．

故A正确．

B；根据v=v0+at

可知；如果v

和a

方向相同，如果加速度方向不变，即使a

逐渐减小，物体速度v

仍将越来越大．

故B正确．

C、根据a=鈻�V鈻�t

可知加速度是描述物体速度变化快慢的物理量；所以速度变化越来越快，加速度则一定越来越大．

故C错误．

D；根据v=v0+at

可知；瞬时速度为0

时，加速度仍有可能很大．

故D正确．

故选A；BD

．

解决本题的关键是正确理解加速度的定义式a=鈻�V鈻�t

即：物体的加速度等于物体速度的变化率，故即使鈻�V

很小，如果鈻�t

更小；加速度a

仍有可能很大；速度变化越来越快，加速度则一定越来越大.

根据匀变速直线运动的速度公式v=v0+at

可知如果v

和a

方向相同，如果加速度方向不变，即使a

逐渐减小，物体速度v

仍将越来越大.

瞬时速度为0

时，加速度仍有可能很大．

要学好物理，正确理解基本公式和基本定义是基础和关键.

要准确理解每一个物理概念的准确的含义，包括使用条件和范围，每一个字母或符号的含义，特别是相近概念的区别与联系．【解析】ABD

三、填空题(共6题，共12分)17、2：12：14：1【分析】【解答】A点与N轮子边缘上点的线速度大小相等，B点与N轮子边缘上点的角速度大小相等，根据v=rω知，N轮子边缘上的点的线速度是B点的线速度的2倍，所以vA：vB=2：1．N轮子边缘上的点的角速度是A点角速度的一半，则A、B两点的角速度之比为2：1．根据a=rω2知，A、B两点的向心加速度之比为4：1．

故答案为：2：1；2：1，4：1．

【分析】抓住两个轮子边缘上点的线速度大小相等，共轴转动时角速度大小相等，通过v=rω，a=rω2求出角速度、线速度、向心加速度之比．18、略

【分析】解：（1）小球做匀加速运动，根据推论得s2-s1=aT2，T=0.1s，得，a===5m/s2．

（2）小球在位置B的速度vB==m/s=1.07m/s；

由vB=vA+aT，得vA=0.57m/s．

（3）由牛顿第二定律得。

a==gsinθ；

则sinθ==0.5；则θ=30°．

故答案为：（1）5；（2）0.57；（3）30°

（1）根据推论：s2-s1=aT2；T=0.1s，求出加速度．

（2）由vB=求出小球在位置B的速度vB，由vB=vA+aT，求出vA．

（3）由牛顿第二定律求解斜面的倾角θ．

本题中频闪照相与打点计时器类似，要掌握推论s2-s1=aT2，求解加速度，由vB=求解速度是关键．【解析】5；0.57；30°19、略

【分析】解：转速的大小为120r/min

知转一圈的时间，即周期为：T=60120s=12s

．

角速度为：娄脴=2娄脨T=2娄脨0.5=4娄脨rad/s

．

线速度为：v=r娄脴=0.5隆脕4娄脨=2娄脨m/s

．

故答案为：0.54娄脨2娄脨

．

转动的周期等于风叶转一圈所需的时间，根据转速求出周期的大小，根据娄脴=2娄脨Tv=r娄脴

求出角速度和线速度．

解决本题的关键掌握转速与周期的关系，以及线速度、角速度和周期的关系．【解析】0.54娄脨2娄脨

20、略

【分析】解：(1)

小球在竖直悬线下保持静止；说明小球相对于车厢是静止的，故车厢在做匀速直线运动；

(2)

若小球突然向正后方摆动；说明车厢的速度大于小球的速度，则车厢在做加速运动；

(3)

若小球突然向正前方摆动；说明小球的速度大于车厢的速度，则车厢在做减速运动；

(4)

若小球突然向右摆动；说明车厢在左转弯，则车厢在做向左转弯运动；

故答案为：匀速；加速；减速；向左转弯。

物体具有保持原来运动状态不变的性质；叫做惯性；任何物体在任何情况下都具有惯性；据此分析．

本题考查的是惯性在实际生活中的简单应用，只要把本题中的小球和车厢进行类比，很容易判断车厢的运动状态．【解析】匀速；加速；减速；向左转弯21、略

【分析】

Ⅰ；由图可知；当钩码增至3个时，弹力增大mg，而弹簧的长度伸长0.7cm，则由平衡关系可知，mg=kx

解得劲度系数k==70N/m．对3个钩码由3mg=kx1；

解得：x1=2.10cm；

Ⅱ；力的合成遵循平行四边形定则；力的图示法可以表示出力的大小、方向和作用点，因而要表示出分力，必修先测量出其大小和方向，故步骤C中遗漏了方向；合力与分力是一种等效替代的关系，替代的前提是等效，实验中合力与分力