2025年新世纪版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中；如图所示，此时（）

A.两只电表的指针偏转角相同B.两只电表的指针都不偏转C.电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D.电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角2、两根相距为L的足够长的金属弯角光滑导轨如图所示放置，它们各有一边在同一水平面内，另一边与水平面的夹角为37°，质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，导轨的电阻不计，回路总电阻为2R，整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中，当ab杆在平行于水平导轨的拉力F作用下以速度v沿导轨匀速运动时；cd杆恰好处于静止状态，重力加速度为g，以下说法正确的是（）

A.ab杆所受拉力F的大小为mgsin37°B.回路中电流为C.回路中电流的总功率为mgvsin37°D.m与v大小的关系为m＝3、如图所示，是研究光电效应的电路图，对于某金属用绿光照射时，电流表指针发生偏转.

则以下说法正确的是(

)

A.将滑动变阻器滑动片向右移动，电流表的示数一定增大B.如果改用紫光照射该金属时，电流表无示数C.将K

极换成逸出功小的金属板，仍用相同的绿光照射时，电流表的示数一定增大D.将电源的正负极调换，仍用相同的绿光照射时，将滑动变阻器滑动片向右移动一些，电流表的读数可能不为零4、有机物的正确命名为A.rm{2-}乙基rm{-3}rm{3-}二甲基rm{-4-}乙基戊烷B.rm{3}rm{3-}二甲基rm{-4-}乙基戊烷C.rm{3}rm{3}rm{4-}三甲基已烷D.rm{2}rm{3}rm{3-}三甲基已烷5、如图所示，竖直面内有一个固定圆环，MN是它在竖直方向上的直径。两根光滑滑轨MP、QN的端点都在圆周上，MP＞QN．将两个完全相同的小滑块a、b分别从M、Q点无初速度释放，在它们各自沿MP、QN运动到圆周上的过程中，下列说法中正确的是（）A.合力对两滑块的冲量大小相同B.重力对a滑块的冲量较大C.两滑块的动量变化大小相同D.弹力对a滑块的冲量较小6、如图，两条绝缘细线一端拴在同一点，另一端分别拴两个带同种电荷的小球A、B，电荷量分别为q1、q2，质量分别为m1、m2，当小球A、B静止时恰好处于同一水平面，两细线与竖直方向的夹角分别为θ1、θ2，则（）A.若m1=m2，则θ1=θ2B.若m1＞m2，则θ1＞θ2C.若q1=q2，则θ1=θ2D.若q1＞q2，则θ1＞θ27、两端开口的玻璃管中有两段水银，封闭有一段气体LB，左边的活塞也封闭了一段气体LA，现将活塞缓慢地向下移动，两气柱长度变化是（）A.LA不变，LB减小B.LA减小，LB不变C.LA增大，LB减小D.LA减小，LB增大8、使用多用电表的欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是()A.测量前应检查指针是否停在“Ω”刻度线的“∞”处B.每一次换挡，都要重新进行一次欧姆调零C.在外电路，电流从红表笔流经被测电阻到黑表笔D.测量时，若指针偏转很小（靠近∞附近），应换倍率更大的挡进行测量9、如图所示，直线A

为某电源的路端电压U

与电流I

的关系图象，直线B

是电阻R

的两端电压与电流I

的关系图象.

用该电源与电阻R

组成闭合电路，电源的输出功率和电源的效率分别为(

)

A.4W33%

B.2W33%

C.2W67%

D.4W67%

评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)10、电磁波按频率由高到低排列是：γ射线、X射线（伦琴射线）、紫外线、可见光、____、微波、无线电波，它们构成了电磁波谱，其中波长最长的是____．11、(5分)如图所示，有一质量为m、电荷量为q的带正电的小球停在绝缘平面上，并且处在磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中．为了使小球飘离平面，匀强磁场在纸面内移动的最小速度为____________，方向为____________．12、一根金属丝，若将其对折后并起来，则电阻变为原来的______倍．若将其均匀拉长为原来的两倍，则电阻又变为原来的______倍．13、某实验小组在利用单摆测定当地重力加速度的实验中：

①用螺旋测微器测定摆球的直径，测量结果如图所示，则该摆球的直径为______cm．

②某小组在利用单摆测定当地重力加速度的实验中如果测得g值偏大，原因可能是______

A．把摆线长与小球直径之和做为摆长。

B．摆线上端悬点未固定；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C．开始计时时；秒表过早按下。

D．实验中误将49次全振动次数记为50次．14、(1)

为进行“验证机械能守恒定律”的实验；有下列器材可供选择：

A.铁架台B.

打点计时器C.

复写纸D.

纸带E.

低压交流电源F.

天平G.

秒表H.

导线I.

电键K.

米尺J.

重锤。

上述器材不必要的是______(

只填字母代号)

．

(2)

质量m=1kg

的重锤自由下落；在纸带上打出一系列的点如图所示，O

为第一个点，ABC

为相邻的点，相邻计数点的时间间隔为0.02s

长度单位是cm

取g=9.8m/s2

求：

a.

打点计时器打下计数点B

时；物体的速度vB=

______m/s(

保留两位有效数字)

b.

从点O

到打下计数点B

的过程中，物体重力势能的减少量鈻�Ep=

______J

动能的增加量鈻�Ek=

______J(

保留两位有效数字)

．15、如图所示，A1A2

是两只相同的电流表，电感线圈L

的直流电阻小于电阻R

电键S

原来闭合，当S

断开的瞬间，AlA2

示数的大小关系是______，这时流过电阻R

的电流方向是______(

填“向左”或“向右”).

若S

原来断开，则在闭合的一瞬间，AlA2

示数的大小关系是______．16、一物体沿x轴做简谐运动，振幅为8cm，频率为0.5Hz，在t＝0时，位移是4cm，且向x轴负方向运动，则用正弦函数表示的振动方程为____．17、传感器担负着信息采集的任务，在自动控制中发挥着重要作用.例如热传感器，主要是应用了半导体材料制成的热敏电阻，热敏电阻随温度变化的图线如图甲所示，图乙是用热敏电阻R1作为传感器制作的简单自动报警器原理图，则为了使温度过高时报警器铃响，开关应接在________（选填“a”或“b”）.若使启动报警的温度提高些，应将滑动变阻器的滑片P向________移动（选填“左”或“右”）．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)18、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

20、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）21、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）22、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）23、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分四、画图题(共2题，共4分)24、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象25、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分五、综合题(共1题，共6分)26、(1)(1)如图，一定质量的理想气体从状态aa开始，经历过程垄脵垄脵垄脷垄脷垄脹垄脹垄脺垄脺到达状态ee对此气体，下列说法正确的是______

A.过程垄脵垄脵中气体的压强逐渐减小

B.过程垄脷垄脷中气体对外界做正功

C.过程垄脺垄脺中气体从外界吸收了热量

D.状态ccdd的内能相等

E.状态dd的压强比状态bb的压强小(2)(2)如图，容积为VV的汽缸由导热材料制成，面积为SS的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分，汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连，细管上有一阀门KK开始时，KK关闭，汽缸内上下两部分气体的压强均为p0。现将KK打开，容器内的液体缓慢地流入汽缸，当流入的液体体积为V8时，将KK关闭，活塞平衡时其下方气体的体积减小了V6。不计活塞的质量和体积，外界温度保持不变，重力加速度大小为gg求流入汽缸内液体的质量。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】电键闭合后有电流通过电表的表头；则两电表指针都会发生偏转；改装成电流表需并联一电阻，改装成电压表需串联一电阻，将改装后的电流表和电压表串联接入电路中，因电流表并联电阻的分流，通过电流表表头的电流较小，电流表的指针的偏转角小于电压表指针的偏转角。

故选C

【点评】电表的改装实际就是电阻的串并联，电流表是由表头与分流电阻并联；电压表是由表头与分压电阻串联；注意电表指针的偏角与通过表头的电流成正比。2、D【分析】【分析】ab棒切割磁感线产生感应电流，由右手定则知方向由a至b；在cd棒中由d至c，cd棒受力如图：

cd棒受安培力F安=ILB=mgtan37°，回路电流I=ab棒所示安培力与cd棒相同，因ab棒匀速，拉力也等于安培力，又根据功能关系，拉力的功率即为电流的总功率，P=F安v=mgvtan37°，根据闭合电路欧姆定律知电流I=所以m＝故选项D正确，其余错误。3、D【分析】解：A

滑动变阻器滑片向右移动；电压虽然增大，但若已达到饱和电流，则电流表的示数可能不变，故A错误；

B；如果改用紫光照射该金属时；因频率的增加，导致光电子最大初动能增加，则电流表一定有示数，故B错误；

C；将K

极换成逸出功小的金属板；仍用相同的绿光照射时，则光电子的最大初动能增加，但单位时间里通过金属表面的光子数没有变化，因而单位时间里从金属表面逸出的光电子也不变，饱和电流不会变化，则电流表的示数不一定增大，故C错误；

D；电源的正负极调换；仍用相同的绿光照射时，将滑动变阻器滑片向右移一些，此时的电压仍小于反向截止电压，则电流表仍可能有示数，故D正确；

故选：D

．

当滑动变阻器向右移动时；正向电压增大，光电子做加速运动，需讨论光电流是否达到饱和，从而判断电流表示数的变化.

发生光电效应的条件是当入射光的频率大于金属的极限频率时，会发生光电效应，而光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系，当将电源的正负极调换，即加反向电压，则电流表可能没有示数，也可能有示数．

本题考查光电效应基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记并理解这些基础知识点和基本规律，注意饱和电流的含义，及掌握紫光与绿光的频率高低.

理解饱和电流与反向截止电压的含义，注意光电子最大初动能与入射光的频率有关．【解析】D

4、C【分析】【分析】本题考查烷烃的命名，难度较小，关键是选对主链，编对碳位rm{.}注意书写规范rm{.}注意结构中乙基经常缩写为rm{-C}rm{2}rm{2}rm{H}，命名时注意碳链选择。【解答】最长的碳链为含有乙基的链，有rm{5}个碳原子，从距离连接rm{5}个甲基的碳原子近的一段编号，所以该有机物的名称为：rm{6}rm{2}rm{3}三甲基己烷；故C正确。

故选C。

rm{3}【解析】rm{C}5、D【分析】解：对滑块，由牛顿第二定律得：a==gsinθ（θ为杆与水平方向的夹角）；

由图中的直角三角形可知；滑块的位移S=2Rsinθ；

滑块做初速度为零的匀加速直线运动，运动时间：t===2t与θ无关，即：t1=t2

AC；小球受到的合外力等于重力沿轨道方向的分力；即：mgsinθ，所以合外力的冲量大小为：mgsinθ•t．由图可知MP与水平方向之间的夹角大，所以沿MP运动的a球受到的合外力的冲量大；沿MP运动的a球受到的合外力的冲量大，由动量定理可知，a球的动量变化大。故AC错误；

B；重力的冲量为mgt；由于运动的时间相等，所以重力的冲量大小相等，故B错误；

D；弹力的冲量：mgcosθ•t；由图可知MP与水平方向之间的夹角大，所以a球的弹力的冲量小，故D正确。

故选：D。

根据牛顿第二定律计算出滑环沿任意一根杆滑动的加速度；然后根据位移时间关系公式计算出时间，然后结合冲量的定义以及动量定理解题。

该题也可以根据“等时圆”的适用条件构造出“等时圆”，作出图象，根据位移之间的关系即可判断运动时间，难度适中。【解析】D6、A【分析】解：对m1、m2球受力分析，

根据共点力平衡和几何关系得：

m1g=F库1cotθ1；

m2g=F库2cotθ2

由于F库1=F库2；

当m1＞m2，则θ1＜θ2

当m1=m2，则θ1=θ2

由上分析，知道，带电量q1、q2与θ1、θ2的大小无关；故A正确，BCD错误。

故选：A。

对小球受力分析；根据受力平衡可得出小球的倾角与电量；重力的关系，则可得出两小球的质量的大小关系。

本题关键是对两个小球受力分析，然后根据平衡条件列式分析，不难。【解析】A7、B【分析】【解析】试题分析：对于右边封闭的气体LB而言属于等压变化，在缓慢移动过程中，温度几乎不变，因此根据PV=nRT可知，体积不变，所以LB不变，排除法可知答案为B。由于右侧压强不变，在压迫LA过程中，造成左右压强差增加，所以A部分压强变大，根据PV=nRT可知，在温度不变时，压强变大，所以体积变小，即答案B正确考点：理想气体状态方程【解析】【答案】B8、A|B|D【分析】【解析】本题考查万用表的原理，使用多用电表的欧姆挡测电阻时，测量前应检查是否把挡调到电阻档，方法是看指针是否停在“Ω”刻度线的“∞”处，A对；每一次换挡，都要重新进行一次欧姆调零，B对；在外电路，电流从黑表笔流经被测电阻到红表笔，C错；测量时，若指针偏转很小（靠近∞附近），说明电路内部流过灵敏电流表的电流很小，应减小闭合电路中的总电阻，根据万用表的原理可知应换倍率更大的挡进行测量，D对；【解析】【答案】ABD9、D【分析】解：由图象A

可知电源的电动势E=3V

短路电流为6A

该电源和该电阻组成闭合电路时路端电压为2V

电流I=2A

电源的输出功率即为电阻R

上消耗的功率；根据P=UI

得：P=2隆脕2W=4W

电源的总功率为：P脳脺=EI=3隆脕2W=6W

所以效率为：娄脟=PP脳脺隆脕100%=46隆脕100%=67%

故选：D

．

由图象A

可知电源的电动势为3V

短路电流为6A

两图象的交点坐标即为电阻R

和电源构成闭合回路时的外电压和干路电流.

电源的输出功率即为电阻R

上消耗的功率，效率等于R

消耗的功率除以总功率．

根据U鈭�I

图象a

正确读出电源的电动势和短路电流，根据U鈭�I

图象正确读出外电路两端的电压和流过电阻的电流，是解决此类问题的出发点．【解析】D

二、填空题(共8题，共16分)10、略

【分析】

波长越长；频率越小；比可见光频率小，比微波频率大的电磁波是红外线，波长最长的是无线电波．

故答案为：红外线；无线电波．

【解析】【答案】依照波长的长短的不同；电磁波谱可大致分为：无线电波，微波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，γ射线（伽马射线）．

11、略

【分析】试题分析：由左手定则可以判断出，当小球相对于磁场向右运动时，带正电的小球所受的洛伦兹力方向向上，当其与重力平衡时，小球即将飘离平面．设此时速度为v，则由力的平衡可知mg＝qvB，所以最小速度v＝小球相对于磁场向右运动，而小球静止，则磁场向左运动．考点：洛伦兹力公式、共点力平衡、相对运动【解析】【答案】水平向左12、略

【分析】解：将它对折，则长度变为原长的一半，横截面积变为原来的2倍，而导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的故此时电阻的阻值为：

R′=

当将电阻线均匀拉长为原来的2倍时，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的而导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的4倍，故此时电阻的阻值为：

R1=4R；

若故答案为：4．

导体的电阻大小与导体的长度；横截面积和材料有关；长度越大，横截面积越小，电阻越大．

本题考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比．【解析】413、略

【分析】解：①由图示螺旋测微器可知；其示数为：1.5mm+20.4×0.01mm=1.704mm=0.1704cm；

②由单摆周期公式：T=2π可知，重力加速度：g=

A、把摆线长与小球直径之和做为摆长，所测摆长L偏大，由g=可知；所测重力加速度g偏大，故A正确；

B、摆线上端悬点未固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了，所测周期T偏大，由g=可知；所测重力加速度偏小，故B错误；

C、开始计时时，秒表过早按下，所测周期T偏大，由g=可知；所测重力加速度偏小，故C错误；

D、实验中误将49次全振动次数记为50次，所测周期T偏小，由g=可知；所测重力加速度偏大，故D正确；故选AD．

故答案为：①0.1704；②AD．

①螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；

②应用单摆周期公式求出重力加速度；然后根据重力加速度的表达式分析答题．

本题考查了螺旋测微器读数、测重力加速度实验的实验误差分析，掌握螺旋测微器的读数方法，应用单摆周期公式即可解题．【解析】0.1704；AD14、F、G；0.97；0.48；0.47【分析】解：(1)

在该实验中；通过打点计时器来记录物体运动时间，不需要秒表；

由于验证机械能公式中可以把物体质量约掉；因此不需要天平；

上述器材不必要的是FG

(2)

由匀变速直线运动的推论vB=xACtAC=0.97m/s

从起点O

到打下点B

的过程中，重力势能的减少量鈻�EP=mgh=0.48J

重锤动能的增加量鈻�Ek=12mvB2=0.47J

故答案为：(1)FG(2)0.970.480.47

解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项．

根据重力势能变化量鈻�EP=mgh

确定高度h

求解.

由匀变速直线运动的推论求出D

点速度，再求动能的增加量为鈻�Ek

．

本题考查了验证机械能守恒定律中的数据处理方法；注意物理基本规律尤其是匀变速直线运动规律在实验中的应用．

正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、所测数据、误差分析等，会起到事半功倍的效果．【解析】F、G0.970.480.47

15、相等；向左；Al＞A2【分析】解：断开开关，L

中产生自感电动势，相当于电源，RL

串联，A1

的示数等于A2

的示数.

通过电阻R

的电流方向是从b

到a

即向左；

闭合开关的瞬间；L

所在电路上线圈产生自感电动势，阻碍电流的增大，A1

的示数大于于A2

的示数.

开关S

闭合稳定后，L

不再阻碍，A1

的示数等于于A2

的示数；

故答案为：相等，向左，Al>A2

．

当开关接通和断开的瞬间；流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据自感现象的规律来分析．

对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源．【解析】相等；向左；Al>A2

16、略

【分析】本题考查机械振动位移的瞬时表达式，频率为０．５Ｈz，角速度为2πf=π【解析】【答案】17、略

【分析】试题分析：由甲图知，R1的阻值随温度的升高而减小，当温度过高时，R1的阻值小，电路电流大，螺线管的磁场强，使得金属杆与a触点接触，所以开关应接在a处；若使启动报警的温度提高些，R1的阻值更小些报警，回路的总电阻不变，故应将滑动变阻器的滑片P向左移动。考点：本题考查传感器、欧姆定律【解析】【答案】a左三、判断题(共6题，共12分)18、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．20、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．21、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．22、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．23、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．四、画图题(共2题，共4分)24、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感