2025年人教新课标选择性必修2物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新课标选择性必修2物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，变压器为理想变压器，原线圈一侧接在交流电源上，副线圈中电阻变化时变压器输入电压不会有大的波动。R0为定值电阻，R为滑动变阻器，A1和A2为理想电流表，V1和V2为理想电压表。若将滑动变阻器的滑动片向a端移动；则（）

A.A1示数不变B.A2示数变小C.V1示数变大D.V2示数变小2、太阳光含有红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种色光，对这七种色光的认识正确的是（）A.紫光的波长最长B.红光的能量子最强C.七种色光的能量均相同D.紫光的能量子最强3、下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）

A.图甲中，当手摇动柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，且和磁铁转得一样快B.图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈中产生大量热量，从而冶炼金属C.丙是铜盘靠惯性转动，手持磁铁靠近铜盘，铜盘转动加快D.图丁是微安表的表头，运输时把两个正、负接线柱用导线连接，可以减小电表指针摆动角度4、如图所示，置于磁场中的一段导线abcd与缠绕在螺线管MN上的导线组成闭合回路，螺线管上的绕线方式没有画出，A是MN正下方水平放置在地面的细金属圆环，若磁场在变化的过程中，圆环A突然向上跳起，以下磁场的强弱B随时间t变化的规律可能正确的是（）

A.B.C.D.5、如图所示是磁场中某区域的磁感线的分布情况；则下列判断正确的是（）

A.a、b两处的磁感应强度大小不等，Ba>BbB.a、b两处的磁感应强度大小不等，Ba<BbC.同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力大D.同一通电导线放在b处受力一定比放在a处受力大6、如图所示，空间的匀强电场和匀强磁场相互垂直，电场方向竖直向上，磁场方向垂直纸面向里，一带电微粒a处于静止状态；下列操作能使微粒做匀速圆周运动的是（）

A.只撤去电场B.只撤去磁场C.给a一个竖直向下的初速度D.给a一个垂直纸面向里的初速度7、如图所示，100匝矩形线框处在磁感应强度的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴以恒定角速度在匀强磁场中转动，线框电阻不计，面积为线框通过滑环与一理想自耦变压器的原线圈相连，副线圈接有一只灯泡L（规格为“”）和滑动变阻器；电流表视为理想电表，则下列说法正确的是（）

A.若从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为B.当灯泡正常发光时，原、副线圈的匝数比为C.若将滑动变阻器滑片向上移动，则电流表示数变小D.若将自耦变压器触头向下滑动，灯泡会变亮评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、如图所示为收音机接收电磁波的电路，由线圈与可变电容器组成，它相当于一个振荡电路。各个无线电台发射的电磁波都通过磁棒后，会在中不同程度地产生感应电流（振荡电流）。当可变电容器的电容调至某一值（选台）时；振荡频率恰好与某一电台发射频率相同，仅可接收该台广播节目。若要改为接收高于该电台频率的节目，可采取的措施是（）

A.增加电容器电容CB.减小电容器电容CC.减少磁棒上线圈匝数E.增加磁棒上线圈匝数E.增加磁棒上线圈匝数9、如图所示；重力不计的带电粒子以某一速度从两平行金属板中央进入正交的匀强电场和匀强磁场中，做匀速直线运动。若粒子进入场区的水平速度增大，但粒子仍能穿越该磁场区域，则（）

A.粒子可能带正电B.粒子一定向下偏转C.粒子的速度越来越小D.粒子仍做直线运动10、如图所示，宽度为L的足够长的光滑金属导轨，与水平面的夹角为θ，电阻不计，上端连接一阻值为R的电阻，磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直于导轨平面向下。现有一质量为m、电阻为r的金属杆沿导轨由静止下滑，下滑达到最大速度时，运动的位移为x；则（）

A.此过程中电阻R上的电流方向为a指向bB.金属杆下滑的最大速度为C.此过程中电阻R产生的焦耳热为D.当导体棒速度达到时，加速度大小为11、如图1所示，水平面上固定有足够长的平行导轨，导轨间距d=0.4m，虚线O1O2垂直于导轨，O1O2左侧部分的导轨与电容C=2mF的平行板电容器AB相连，且由不计电阻的光滑金属材料制成，O1O2右侧部分的导轨由粗糙的绝缘材料制成。将一质量m=0.1kg、电阻不计的金属棒MN通过水平轻绳绕过光滑定滑轮与质量为2m的小物块相连，O1O2左侧处于方向竖直向下的匀强磁场中。t=0时刻，将垂直于导轨的金属棒MN由静止释放，金属棒在轻绳的拉动下开始运动，当金属棒MN越过虚线O1O2后，作出金属棒的图像如图2所示。已知重力加速度取g=10m/s2；整个过程中电容器未被击穿，则下列分析正确的是（）

A.电容器的A极板带正电B.金属棒与绝缘材料间的动摩擦因数为0.25C.金属棒的释放点到虚线O1O2的距离为2mD.匀强磁场的磁感应强度大小为2.5T12、如图甲所示，矩形导线框固定在匀强磁场中，磁场的方向与导线框所在的平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示，规定垂直纸面向里为磁场的正方向，逆时针方向为感应电流i的正方向，水平向右为边所受安培力F的正方向。下图正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、如图所示，匀强磁场的磁感应强度B＝T，边长L＝10cm的正方形线圈abcd共100匝，线圈电阻r＝1Ω，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，角速度ω＝2πrad/s，外电路电阻R＝4Ω，从图示位置开始计时，转动过程中感应电动势瞬时值表达式为e=____________V；电压表的示数为____________V.

14、一线圈匝数为n=10匝，线圈电阻不计，在线圈外接一个阻值R=2.0Ω的电阻，如图甲所示．线圈内有垂直纸面向里的磁场，线圈内磁通量φ随时间t变化的规律如图乙所示．线圈中产生的感应电动势为______，通过R的电流方向为_____，通过R的电流大小为___．

15、图甲、乙中，金属导体中产生的感应电动势分别为E甲=___________，E乙=___________。

16、正弦式交变电流的公式和图像可以详细描述交变电流的情况．若线圈通过中性面时开始计时，交变电流的图像是______曲线。17、如图，矩形线圈在匀强磁场中绕垂直磁场的轴OO′匀速转动，产生的交变电流输入理想变压器的原线圈，副线圈、理想电流表A与标有“6V3W”字样的小灯泡L串联成闭合回路，灯泡L正常发光。已知变压器原、副线圈匝数比为5:3，矩形线圈的电阻为1.0Ω，则A的示数为__________A，矩形线圈的电动势有效值为__________V。

18、如图所示，一平行于光滑斜面的轻弹簧一端固定于斜面上，一端拉住条形磁铁，条形磁铁处于静止状态，磁铁中垂面上放置一通电导线，导线中电流方向垂直纸面向里且缓慢增大，在此过程中，弹簧弹力大小的变化情况是______，磁铁对斜面的压力大小的变化情况是______。

19、楞次定律：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总是要________引起感应电流的磁通量的变化。20、小型水利发电站的发电机输出功率为24.5kW，输出电压为350V，输电线总电阻为4Ω，为了使输电线损耗功率为发电机输出功率的5%，需在发电机处设升压变压器，用户所需电压为220V，所以在用户处需安装降压变压器。输电电路图如图所示，则电流I1=___________；升压变压器的原、副线圈的匝数之比n1：n2=___________；降压变压器的原、副线圈的匝数之比n3：n4=_________。

21、在电磁波谱中，医院用于“透视”检查身体的是___（选填“红外线”或“X射线”）。1831年，英国物理学家___（选填“牛顿”或“法拉第”）发现了电磁感应现象。放在磁场中某点的小磁针静止时，其___极（选填“N”或“S”）所指的方向为该点的磁场方向。评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)22、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

23、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

24、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

25、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)26、报警器工作时需要较大的电流，而干簧管所处空间的磁场只要磁感应强度大于等于某一较小的值，干簧管就会接通电路。为了节省电能，某同学设计了如图1所示的以热敏电阻和干簧管为传感器的自动低温报警装置，当温度小于等于时报警器就会自动报警。

(1)热敏电阻分为正温度系数热敏电阻（）和负温度系数热敏电阻（）。正温度系数热敏电阻的阻值随温度升高而增大；负温度系数热敏电阻的阻值随温度升高而减小。那么该报警装置中的热敏电阻属于_______（填“”或“”）；

(2)要增大报警温度在其它条件不变的情况下，应该将滑动变阻器A的滑动触头_______（填“向左”或“向右”）移动；

(3)现有甲、乙、丙、丁4个热敏电阻，它们的阻值随温度变化的图象如图2所示。现要求该温度报警装置的灵敏度尽量高些，则接入电路中的热敏电阻应该选用_______（填“甲”乙”；“丙”或“丁”）。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

C．理想变压器副线圈的电压由原线圈电压决定，原线圈电压不变，副线圈的电压也不变，即V1示数U1不变；选项C错误；

B．根据闭合电路欧姆定律

滑动变阻器的滑动片向a端移动，R减小，电流I2增大，A2示数变大；选项B错误；

A．原线圈的电流由副线圈电流决定，在匝数比不变的情况下，A2示数变大，A1示数也增大；选项A错误；

D．根据闭合电路欧姆定律有

I2增大，V2示数U2变小；选项D正确。

故选D。2、D【分析】【分析】

【详解】

A．由电磁波谱可知；紫光的波长最短，A错误；

BCD．由ε=hν可知；光的频率越大光子的能量越强，因七种色光中，紫光的频率最大，则紫光的能量子最强，BC错误，D正确。

故选D。3、D【分析】【详解】

A．根据电磁驱动原理；图甲中，当手摇动柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，但线圈比磁铁转得慢，故A错误；

B．图乙是真空冶炼炉；当炉外线圈通入高频交流电时，铁块中产生产生涡流，铁块中产生大量热量，从而冶炼金属，故B错误；

C．当转动铜盘时；导致铜盘切割磁感线，从而产生感应电流，出现安培力，由楞次定律可知，产生的安培力将阻碍铜盘切割磁感线运动，则铜盘转动将变慢，故C错误；

D．图丁是微安表的表头；在运输时要把两个正；负接线柱用导线连在一起，可以减小电表指针摆动角度，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼的原理，故D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

线圈中产生感应电流的磁场阻碍引起感应电流的磁通量的变化，由于圆环A突然跳起，向通电螺线管靠近，说明穿过螺线管MN的磁通量减小，所以螺线管中产生的磁场在减弱，即螺线管中的电流减小，根据法拉第电磁感应定律

知减小，即B的变化率减小。

故选D。5、A【分析】【详解】

AB．磁场的强弱可以利用磁感线的疏密程度来描述，磁场越强，磁感线越密集，Ba>Bb；故A正确，B错误；

CD．根据安培力的公式F=BILsinθ；可知同一通电导线受到的安培力的大小还与导线与磁场的方向之间的夹角有关，题目中夹角不确定，故不能判断同一通电导线放在哪一点受到的安培力大，故CD错误。

故选A。6、C【分析】【分析】

【详解】

A．微粒处于静止状态时有。

mg=qE电场力与场强方向相同；微粒带正电，若只撤去电场，粒子在重力作用向下加速后在洛伦兹力作用下向右偏转，不是匀速圆周运动，A错误；

B．若只撤去磁场；则微粒仍处于静止状态，B错误；

C．若给a一个竖直向下的初速度；则微粒会受到始终垂直速度的洛伦兹力作用而做匀速圆周运动，C正确；

D．若给a一个垂直纸面向里的初速度；由于速度方向与磁场方向平行，不受洛伦兹力作用，会向纸面内做匀速直线运动，D错误。

故选C。7、C【分析】【详解】

A．若从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为

故A错误。

B．原线圈电压为

灯泡电压即副线圈电压为

所以原、副线圈的匝数比为

故B错误。

C．若将滑动变阻器滑片向上移动；滑动变阻器有效电阻增大，则副线圈电流变小，根据电流关系可知原线圈电流减小，即电流表示数变小，故C正确。

D．若将自耦变压器触头向下滑动，则副线圈匝数减小，根据变压器电压规律可知副线圈电压减小，所以灯泡会变暗，故D错误。二、多选题(共5题，共10分)8、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

当收音机调谐电路的频率等于要接收的电磁波的频率时才发生电谐振，即接收到该台.要使接收的电台电磁波频率升高，由知，当L和C减小时，频率f增大；所以BCD正确；AE错误；

故选BCD。9、A:C【分析】【详解】

A．根据左手定则可知；粒子做匀速直线运动与电性无关，故A正确；

B．根据洛伦兹力表达式

可知。

进入的水平速度增加；会使洛伦兹力增大，从而与粒子所受电场力不再平衡，但粒子电性不确定，则粒子不一定向下偏转，还可能向上偏转，故B错误；

C．不论粒子电性如何；增大速度后，可能会在电场力的反方向上发生位移，故此后电场力将做负功，即粒子的速度越来越小。故C正确；

D．根据C项的分析；可知粒子要发生偏转，不在做直线运动。故D错误。

故选AC。10、B:D【分析】【详解】

A．由右手定则，此过程中电阻R上的电流方向为b指向a；A错误；

B．由金属杆受力平衡

解得金属杆下滑的最大速度为

B正确；

C．由动能定理

由功能关系，此过程中电阻R产生的焦耳热为

C错误；

D．当导体棒速度达到时，由牛顿第二定律

解得加速度

D正确。

故选BD。11、A:C【分析】【详解】

A．金属棒切割磁感线时，根据右手定则可知电流方向由M流向N；则电容器的A极板带正电，故A正确；

B．根据图像可知，金属棒MN越过虚线O1O2后的加速度大小为

以小物块和金属棒为整体，根据牛顿第二定律可得

联立解得

故B错误；

CD．金属棒在虚线O1O2左侧运动时，以小物块和金属棒为整体，根据牛顿第二定律可得

又

联立可得

可知金属棒在虚线O1O2左侧做初速度为零的匀加速直线运动，根据图像可知，该过程的运动时间为末速度为则加速度为

联立解得匀强磁场的磁感应强度大小为

金属棒的释放点到虚线O1O2的距离为

故C正确；D错误。

故选AC。12、A:D【分析】【详解】

AB．内，B增大，增大，由楞次定律可知，感应电流方向是逆时针，为正值，内，B减小，减小，由楞次定律可知，感应电流方向是顺时针，内，B反向增大，感应电流方向为顺时针，均为负值，内，B减小，减小，同理，感应电流方向为逆时针，为正值，A正确，B错误；

CD．内，边受安培力方向水平向右，为正值，内，边受安培力方向水平向左，为负值，内，受安培力方向水平向右，为正值，内，边受安培力方向水平向左，为负值，且每一时间段中

I、l不变，B线性变化，则F也是线性变化；D正确，C错误。

故选AD。三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【详解】

[1]电动势的峰值为

从图示位置开始计时，转动过程中感应电动势瞬时值表达式为

[2]根据电压分配原理可得，路端电压的峰值为

则电压表示数为【解析】e=10cos2πt14、略

【分析】【详解】

[1]．根据法拉第电磁感应定律可得：线圈产生的感应电动势

[2]．根据楞次定律得，通过R的电流方向为b→R→a．

[3]．闭合电路中的电流大小【解析】5Vb→a1A2V15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】BlvBlvsinθ16、略

【解析】正弦17、略

【分析】【详解】

[1]由于灯泡L正常发光，所以

[2]根据原副线圈的电流与匝数的关系有

解得原线圈中的电流为

根据原副线圈的电压与匝数的关系有

解得原线圈两端的电压为

根据闭合电路欧姆定律有【解析】0.510.318、略

【分析】【详解】

[1][2]如图所示，因为通电导线位于磁铁的中垂面上，所以过通电导线的磁感线的切线平行于斜面向下，当导线中通入垂直纸面向里且缓慢增大的电流时，根据左手定则可知通电导线受到的安培力垂直于斜面向上，根据可知安培力逐渐变大；根据牛顿第三定律可知，通电导线对磁铁的作用力垂直于斜面向下且逐渐变大，所以磁铁在沿斜面方向的受力情况不变，即弹簧弹力大小不变，而磁铁对斜面的压力逐渐变大。

【解析】不变逐渐变大19、略

【分析】【详解】

[1]楞次定律：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。【解析】阻碍20、略

【分析】【详解】

[1]电流

[2]输电线上损耗的功率

则输电线上的电流

根据理想变压器的电流规律

解得升压变压器的原、副线圈的匝数之比

[3]对于降压变压器

则降压变压器的原、副线圈的匝数之比【解析】70A1：4133：2221、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]在电磁波谱中；医院用于“透视”检查身体的是X射线；

[2]1831年；英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象；

[3]放在磁场中某点的小磁针静止时，其N极所指的方向为该点的磁场方向。【解析】X射线法拉第N四、作图题(共4题，共8分)22、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

根据题中“要在