2025年人教版PEP必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP必修3物理下册阶段测试试卷584考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、分别带有+q，+3q的两个相同的金属小球（可视为点电荷），距离为r时，它们之间的库仑力为F。两小球接触后，距离变为2r，则它们之间的库仑力变为原来的（）A.2倍B.3倍C.倍D.倍2、硒鼓是激光打印机的核心部件，主要由感光鼓、充电辊、显影装置、粉仓和清洁装置构成，工作中充电辊表面的导电橡胶给感光鼓表面均匀的布上一层负电荷。我们可以用下面的模型模拟上述过程：电荷量均为的点电荷，对称均匀地分布在半径为R的圆周上，若某时刻圆周上P点的一个点电荷的电量突变成则圆心O点处的电场强度为（）

A.方向沿半径指向P点B.方向沿半名背离P点C.方向沿半径指向P点D.方向沿半径背离P点3、如图，A、B、E、F四点共线，O为AB连线的中点，C、D在AB连线的中垂线上，且EO=OF，CO=OD。A、B两点分别固定电荷量为+3Q和-2Q的点电荷；则（）

A.C、D两点的电场强度相同B.EO两点间的电势差与OF两点间的电势差相等C.将一正试探电荷从C点沿着中垂线移到D点过程中，电势能先增加后减少D.将一正试探电荷从C点沿着中垂线移到D点过程中，电场力始终不做功4、两个定值电阻R1、R2串联后接在输出电压U=12V的直流电源上，且电源电压保持不变。把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1的两端（如图所示），电压表的示数为8V，如果把此电压表改接在R2两端；则电压表的示数将（）

A.小于4VB.等于4VC.大于4V、小于8VD.等于或大于8V5、电源（电动势为E、内阻为r）、电阻箱、理想电压表与开关连接成如图所示的电路。闭合开关S后，当电阻箱接入电路的阻值时，理想电压表示数为6.0V。当电阻箱接入电路的阻值时，5s内电阻箱产生的焦耳热Q为（）

A.30JB.60JC.90JD.150J6、两只灯泡A和B，额定电压都是110V,A的额定功率为60W，B的额定功率为100W，为了把它们接在220V电路上都能正常发光，并要电路中消耗的电功率最小，应采用下面的哪种接法：（如图14—151）（）A.B.C.D.7、如图所示，电源电动势E一定，内阻不计，是定值电阻，是光敏电阻，其阻值随光照的增强而减小。开关S闭合，电路稳定后，电容器两板间的一带电液滴恰好能静止在M点。现增强照射电阻的光照强度；则（）

A.电容器的电容增大B.M点的电势升高C.液滴向下运动D.中有向右的电流评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、下列关于电源电动势的说法正确的是A.电源是通过静电力把其它形式的能转化为电能的装置B.电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功C.电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领D.把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势将变化9、电容器在生产生活中有广泛的应用。用如图甲所示的电路给电容器充电，其中C表示电容器的电容，R表示电阻的阻值，E表示电源的电动势（电源内阻可忽略）。改变电路中元件的参数对同一电容器进行三次充电，三次充电对应的电容器电荷量q随时间t变化的图像分别如图乙中①②③所示。第一次充电时电容器两端的电压u随电荷量q变化的图像如图丙所示。下列说法中正确的是（）

A.第一次充电时所用电阻大于第二次充电时所用电阻B.第二次充电时所用电源电动势大于第三次充电时所用电源电动势C.第二次充电时电容器两端的电压u随电荷量q变化的图线斜率比丙图中图线斜率大D.第二次充电时时刻的电流大于时刻的电流10、表头（灵敏电流计）的改装电路图如图所示，已知表头的内阻满偏电流电阻下列说法正确的是（）

A.使用A、B两个端点时，该装置为电流表，量程为3AB.使用A、B两个端点时，该装置为电压表，量程为3VC.使用A、C两个端点时，该装置为电流表，量程为0.6AD.使用B、C两个端点时，该装置为电压表，量程为15V11、用两个相同的小量程电流表G，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若A1量程大于A2，将A1、A2接入如图甲；乙所示的电路中；闭合电键后，下列有关说法正确的是。

A.G改装成A1、A2时要串联电阻，A1串联的电阻大B.图甲中A1、A2的指针偏角相同C.G改装成A1、A2时要并联电阻，A1并联的电阻小D.图乙中A1、A2的指针偏角相同12、如图所示，电源电动势为E、内阻为r，为定值电阻（阻值均大于电源内阻r），电压表和电流表可视为理想电表。开关S闭合时，一带电油滴P恰好能静止在平行金属板之间，若将滑动变阻器R的滑片向b端移动；下列说法正确的是（）

A.油滴将向下运动B.电压表的示数变小、电流表的示数变大C.电源的输出功率逐渐增大、电源的效率逐渐增大D.电阻上消耗的功率都变大13、空间中存在一静电场，一电子从处以一定的初速度沿轴方向射出，仅在电场力作用下在x轴上做直线运动，其电势能随位置x变化的关系如图所示。则下列判断正确的是（）

A.处电场强度比处电场强度大B.处电势最大、电场强度最小C.处的电场强度方向沿x轴正方向D.电子在处的速度大于处的速度14、如图所示，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，M、N、P、F四点处的电势分别用表示，已知点电荷Q在M、N、P三点所在平面内；则（）

A.点电荷Q一定在MP的连线上B.连接PF的线段一定在同一等势面上C.将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D.大于15、用充电宝给手机电池充电时，充电宝输出电能转化为手机电池的化学能和内能，等效电路如图所示。在充电开始后的时间t内，充电宝的输出电压U和输出电流I都可认为是恒定的，若手机电池的内阻为r，则t时间内（）

A.充电宝输出的电流为B.充电宝输出的电功为C.手机电池产生的焦耳热为D.手机电池储存的化学能为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、如图所示，R1＝4Ω，R2＝9Ω，R3＝18Ω．通电后经R1、R2和R3的电流之比I1∶I2∶I3＝________，R1、R2和R3两端的电压之比U1∶U2∶U3＝________．

17、（1）某一电场的电场线和等势面如图甲所示，已知φa=5V，φc=3V，ab=bc，则______

A．φb=4VB．φb>4V

C．φb＜4VD．上述情况都有可能。

（2）若电场线和等势面如图乙所示，其他条件不变，则答案为（1）中的______

18、某电热水壶铭牌的部分参数如表中所示，从表中可知，该电热水壶正常工作时电压U=______V，功率P=_____W，电流I=______A。

产品型号

DF-938

额定电压

220V

额定频率

50HZ

额定功率

1100W19、如图甲所示的电表使用0~0.6A量程时，图中表针示数为______A；当使用0~3A，图中表针示数为______A。如图乙所示的电表若使用的是较大量程，图中表针示数为_______V。

20、如图所示，电源电动势为E、内阻为r，外电阻分别为闭合电键S，当滑动变阻器的触头，P向下滑动时，四个理想电表A、的示数都将发生变化，电表的示数分别用I、和表示，电表示数变化量分别用和表示。

（1）示数和其中一定变小的是_________。

（2）表达式其中一定变小的是__________。

（3）变化量和其中绝对值最大的是___________。

（4）用r表示下列比值，注意结果的正负___________：。________________________________

（5）若的调节范围为为了让电阻消耗功率最大，则应取______为了让电阻消耗功率最大，则应取______为了让电阻消耗的总功率最大，则应取_____评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)21、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

22、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

23、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)24、同学们利用如图所示的实验装置测量一干电池的电动势和内阻.

（1）图中电流表的示数为________A（保留小数点后两位）

（2）调节滑动变阻器；电压表和电流表的示数记录如下：

。U（V）

1.45

1.36

1.27

1.16

1.06

I（A）

0.12

0.20

0.28

0.36

0.44

请根据表中的数据，在坐标纸上作出U－I图线_____________．由图线求得：电动势E＝________V；内阻r＝________Ω.

（3）实验时，小明进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持电路闭合.其实，从实验误差考虑，这样的操作不妥，因为___________________.25、某同学为了测量某阻值约为的横截面为圆形；粗细均匀电阻丝的电阻率。

（1）该同学首先用游标卡尺测得该材料的长度如图甲所示，读数______cm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，读数______mm。

（2）现有可供选择的器材如下：

A．电流表A1（量程为15mA，内阻r1约为5Ω）

B．电流表A2（量程为30mA，内阻为r2=20Ω）

C．定值电阻R1（阻值为80Ω）

D．定值电阻R2（阻值为200Ω）

E．滑动变阻器R3（1000Ω；0.3A）

F．滑动变阻器R4（15Ω；3A）

G．电源（电动势为3V；内阻很小）

H．开关S；带夹子的导线若干。

请根据给出的仪器在虚线框中画出测量电阻的实验电路图并标出所选器材代号，要求尽量减小误差，获得较多的数据，且电表的示数均能超过量程的三分之一。______

（3）根据你所设计的电路图，用导线将实物图连接起来。______

（4）若用I1、I2分表示所选电流表A1、A2的读数，则该金属丝的电阻率表达式为ρ＝______。26、某同学要探究一种新材料制成的圆柱体的电阻。步骤如下：

（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为___________mm。

（2）用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为__________cm。

（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为___________Ω。

（4）该同学将红表笔插入多用电表的“＋”插孔，黑表笔插入多用电表的“－”插孔，用该表测直流电压、测电阻器电阻或测二极管的正反向电阻时，下列说法正确的是()

A．测电压时；电流从红表笔流出多用电表；测电阻时，电流从红表笔流入多用电表。

B．测电压时；电流从红表笔流入多用电表；测电阻时，电流从红表笔流出多用电表。

C．选择欧姆档“×10”挡并调零后；将两表笔与待测电阻相连，发现电表指针偏转角度太大，则应换用“×1”挡，调零后再测。

D．选择欧姆挡的适当挡位并调零后；将黑表笔接二极管的正极，红表笔接二极管的负极，可以测得二极管的反向电阻。

（5）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R；现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R

电流表A1（量程0～4mA；内阻约50Ω）

电流表A2（量程0～10mA；内阻约30Ω）

电压表V1（量程0～3V；内阻约10kΩ）

电压表V2（量程0～15V；内阻约25kΩ）

直流电源E（电动势4V；内阻不计）

滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω；允许通过的最大电流2.0A）

滑动变阻器R2（阻值范围0～20kΩ；允许通过的最大电流0.5A）

开关S导线若干。

为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在框中画出测量的电路图________；并标明所用器材的代号。

（6）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ＝__________（保留两位有效数字）27、某实验小组测量一充电宝的电动势和内阻。从说明书可知该充电宝的电动势约为5V，内阻很小，约0.1～0.3最大放电电流为2A。

（1）该小组将充电宝连接线的外绝缘层剥开，找出充电宝的正极和负极，将多用电表选择开关旋到10V直流电压挡，先进行机械调零，然后红、黑表笔分别接触充电宝的正极和负极，电表刻度盘如图甲所示，该读数为__________V。

（2）该小组想进一步精确测出该充电宝的电动势和内阻；实验室提供的器材如下：

A．电压表V（量程为6V，内阻约为5k）

B．电流表A（量程为3A，内阻约为0.6）

C．滑动变阻器R1（最大阻值为60）

D．定值电阻R0=3

E．一个开关及导线若干。

该小组设计了两种测量充电宝电动势和内阻的电路，图乙中__________（填“A电路”或“B电路”）更为合理，理由是______________。

（3）该小组通过调节滑动变阻器，测得多组I、U数据，并在坐标纸上描点如图丙所示，请根据描出的点作出U-I图像_________。

（4）根据U-I图像，可求得该充电宝的电动势为__________V，内阻为__________（结果均保留两位小数）

（5）根据误差分析，该充电宝的电动势的测量值比真实值__________（填“偏小”或“偏大”），内阻的测量值比真实值__________（填“偏小”或“偏大”）。评卷人得分六、解答题(共3题，共24分)28、实验室里有一光滑绝缘平台，如图（a）所示,轨道的ab段是水平的，bcde是一凹槽，凹槽内静止着一绝缘小车，小车足够长，其质量M为2kg，小车的上表面与凹槽的上边缘be在同一水平面上，小车左侧与凹槽bc边接触，小车右侧距凹槽de边的距离s为14.5m，凹槽内有水平向右的匀强电场，场强大小现有一带电量的物块，物块可视为质点，质量m未知，以一定的初速度滑上小车并进入电场，小车与物块之间的动摩擦因数为0.25，取物块滑上小车开始计时，通过数据采集得到物块刚滑上小车一段时间内的图如图（b），假设小车与凹槽边相撞，撞击时间极短，撞击前后动能不变，速度反向，（重力加速度g=10m/s2）求：

(1)物块的质量及小车第一次与凹槽右侧de边相撞后，离开de边的最远距离

(2)小车与凹槽de边第二次碰撞时的瞬时速度大小;

(3)经过一系列运动后，小车与物块最终停下来，求物块的电势能改变量.29、如图甲所示，倾角的斜面固定在水平地面上，斜面上放置长度质量的长木板A，长木板的下端恰好与斜面底部齐平；一可视为质点、质量带电量的物块B放在木板上，与木板上端距离与木板上端距离的虚线右侧存在足够宽匀强电场，电场方向垂直斜面向上．时刻起，一沿斜面向上的恒力F作用在长木板上，后撤去F，物块B在内运动的图像如图乙所示，且物块B在时速度恰好减为0．已知物块与长木板间的动摩擦因数长木板与斜面间的动摩擦因数物块B带电量始终不变，重力加速度g取求：

（1）恒力F的大小；

（2）匀强电场的电场强度大小；

（3）从时刻起到木板下端再次与斜面底部齐平的过程中；物块B与木板A间因摩擦产生的热量．

30、如图所示，在竖直平面内，一半径为R的光滑绝缘圆弧轨道ABC和水平绝缘轨道PA在A点相切，BC为圆弧轨道的直径，O为圆心，OA和OB之间的夹角为整个装置处于水平向右的匀强电场中。一质量为m、电荷量为（）的带电小球在电场力的作用下沿水平轨道向右运动，经A点沿圆弧轨道通过C点，落至水平轨道；已知小球（视为质点）在C点所受合力的方向指向圆心O，且此时小球对轨道的压力恰好为零，重力加速度大小为g；求：

（1）匀强电场的电场强度大小E；

（2）小球从C点落至水平轨道上的时间t。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

【详解】

接触前，有

接触后，电荷均分，带电量为+2q，有

故选C。2、D【分析】【分析】

【详解】

当P点的电荷量为-q时，根据电场的对称性，可得在O点的电场强度为0，当P点的电荷为+2q时，可看作[-q+（+3q）]；故可以看做两个电场的叠加。

故O点的电场强度为

方向沿半径背离P点。

故选D。3、C【分析】【详解】

A．由场的叠加原理可知C、D两点的电场强度大小相等；方向不同，故A错误；

B．不等量异种电荷电场线左密右疏，EO间电势差大于OF间电势差；故B错误；

CD．不等量异种电荷+3Q和-2Q，可拆分成一对等量异种电荷+2Q、-2Q，和一个A处带+Q的点电荷；等量异种电荷+2Q和-2Q连线的中垂线上个各点电势相等，而在点电荷+Q所产生的电场中，离+Q越近的点，电势越高，即

沿着中垂线从C点到D点；电势先升高后降低，正试探电荷的电势能先增加后减少，电场力先做负功后做正功。故C正确，D错误。

故选C。4、A【分析】【详解】

当电压表接在R1两端时，其示数为8V，则此时电阻R2两端的电压为4V，将R1与RV并联后的总电阻用R1V表示，则==

解得R1V=2R2

由于R1>R1V，则R1>2R2。当电压表改接在R2两端时，将R2与RV并联后的总电阻用R2V表示，则R2>R2V。此时电阻R1两端的电压U1与电压表示数U2V之比为=>>=2

故电压表的示数将小于4V。故A正确；BCD错误。

故选A。5、C【分析】【详解】

由欧姆定律

解得通过电阻箱的电流

由焦耳定律解得5s内电阻箱产生的焦耳热

故C正确。

故选C。6、C【分析】【详解】

A、由于额定电压都是额定功率由此可知把灯泡B与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，故A错误；

B、由于灯泡要满足的额定电压，所以当A灯泡与电阻串联以后，再与B灯泡并联，而B灯泡的电压高于额定的电压，不能正常工作，故B错误；

C、由于额定电压都是额定功率由此可知把灯泡A与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A与并联部分的电阻相同，所以AB能同时正常发光，并且电路消耗的功率与B灯泡的功率相同，所以总功率的大小为故选项C正确；

D、把AB并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时，AB就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为由CD的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为C，故C正确，选项D错误．

点睛：解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小．7、B【分析】【详解】

A．电容器的电容由电容器本身性质决定；不随其电压或电荷量的变化而变化，故A错误；

B．增强照射电阻的光照强度，R3阻值减小，回路总电阻减小，总电流增大，则R1两端电压增大，电容器两极板间电压增大，根据可知两极板间电场强度增大，而下极板接地，电势为零，设M到下极板间的距离为则M点的电势为

所以M点的电势升高；故B正确；

C．根据平衡条件可知，开始时液滴所受电场力与重力平衡，增强照射电阻的光照强度；电容器两极板间电场强度增大，液滴所受电场力增大，将大于重力，则液滴所受合外力向上，将向上运动，故C错误；

D．由电路连接方式易知电容器上极板带正电，下极板带负电，增强照射电阻的光照强度，电容器两极板间电压增大，根据可知电容器充电，中有向左的电流；故D错误。

故选B。二、多选题(共8题，共16分)8、B:C【分析】【分析】

电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量．电动势由电源本身的特性决定；与外电路的结构无关．

【详解】

电源是把其他形式的能（非静电力）转化为电能的装置，电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领，A错误C正确；根据可得电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功，B正确；电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关，D错误．9、B:D【分析】【详解】

A．电阻大的；电荷量变化慢，由图乙可知，第一次充电电荷量变化快，所以第一次充电时所用电阻小于第二次充电时所用电阻，故A错误；

B．由电容的定义式可知；同一个电容器所带电荷量与两板间的电势差成正比，由图乙可知，第二次充电电容器所带电量多，所以第二次充电时所用电源电动势大于第三次充电时所用电源电动势，故B正确；

C．因为三次充电用同一个电容器，所以由电容的定义式可知，同一个电容器所带电荷量与两板间的电势差成正比，故第二次充电时电容器两端的电压u随电荷量q变化的图线斜率与丙图中图线斜率相同；故C错误；

D．由电容器电荷量q随时间t变化的图像可知，图线的斜率表示充电电流，斜率越大，充电电流越大，所以第二次充电时时刻的电流大于时刻的电流；故D正确。

故选BD。10、A:C【分析】【分析】

【详解】

不管是接A、B，A、C还是B、C两个端点；都有电阻与表头并联，该装置都为电流表。

使用A、B两个端点时，量程为

使用A、C两个端点时，量程为

故AC正确；BD错误。

故选AC。11、B:C【分析】【详解】

AC．设表头的满偏电流为Ig，内阻为Rg，利用并联分流的原理改装成电流表，若并联的分流电阻的阻值为R，则改装成的电流表的量程为

量程越大，并联的分流电阻越小，由于A1量程大于A2，因此，A1并联的电阻小；故A错误，C正确。

B．图甲中，由于A1、A2并联，因此，小量程电流表G的电压相等，流过小量程电流表G的电流相等，A1、A2的指针偏角相同；故B正确。

D．图乙中，由于A1、A2串联，流过A1、A2的电流相等，因此A1、A2的示数相同；指针偏角不相同，故D错误。

故选BC。12、A:B【分析】【详解】

A．油滴恰好静止在金属板之间，则重力和电场力是一对平衡力，滑片向b端移动；变阻器接入电路的电阻减小，则并联部分电阻减小，并联部分两端电压减小，即电容器两板间电压减小，板间场强减小，油滴受电场力减小，所以油滴向下移动。故A正确；

BD．电压表和变阻器并联，电流表和变阻器串联，变阻器电阻变小，总电阻减小，总电流变大，内阻r和R1上的电压变大，则R1消耗的功率变大，并联支路的电压减小，通过R3的电流减小，则R3消耗的功率变小，通过R2和R电流变大，电流表示数变大，R2两端电压变大，则R两端电压减小；即电压表示数减小。故B正确；D错误；

C．电源效率

其中R表示外电阻，由题知R减小，所以效率减小。根据电源的输出功率可知，当外电阻大于内阻时，电源的输出功率随外电阻的减小而增大，由题知电源的内阻小于外电阻，R减小；所以输出功率增大。故C错误。

故选AB。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据电势能与电势的关系可知

场强与电势的关系

所以

由图像的斜率为因为处的斜率比处的斜率大，所以处电场强度比处电场强度大；故A正确；

B．由于电子带负电，在处，电子的电势能最大，电势最小，处图像的斜率为零；电场强度为0，故B错误；

C．电子从到电势能减小，电场力做正功，则处的电场强度方向沿x轴负方向；故C错误；

D．根据能量守恒，电子在处的电势能小于电子在处的电势能，则电子在处的动能大于处的动能，所以电子在处的速度大于处的速度；故D正确。

故选AD。14、A:D【分析】【详解】

A．如图所示，根据题意，点电荷Q必在MN的中垂线和PF的中垂线的交点处，过F作MN的垂直平分线交MP于O点，由几何关系可知ON恰好垂直平分PF，故点电荷Q一定位于O点；故A正确；

B．由正点电荷的等势面分布特点可知；故B错误；

C．因为是正点电荷形成的电场，将正试探电荷从P点搬运到N点；电场力做正功，故C错误；

D．因为是正点电荷形成的电场；越靠近场源电荷电势越高，故D正确。

故选AD。15、B:D【分析】【详解】

A．手机电池是非纯电阻，欧姆定律不成立，即充电宝输出的电流不能用运算；A错误；

B．充电宝输出的总功率

B正确；

C．根据焦耳定律可知，手机电池产生的焦耳热为

手机电池是非纯电阻，欧姆定律不成立，而表达式运用了欧姆定律；C错误；

D．根据能量转化可知，手机电池储存的化学能等于充电宝输出的总的电功与产生的焦耳热之差，则有

D正确。

故选BD。三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【详解】

由并联电路的特点可知，U2=U3，即I2R2=I3R3，所以

流经R1和R3的电流之比所以：I1：I2：I3=3：2：1

R2和R3并联，两端的电压相等；由U=IR可知：所以：U1：U2：U3=2：3：3

【点睛】

该题考查的串联电路的特点，串联电路电流相同，电压与电阻成正比．并联电路电压相同，电流与电阻成反比，灵活选择表达式，然后将相关的数据代入即可．基础题目．【解析】3∶2∶12∶3∶317、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）根据匀强电场关系式U=Ed

可知φa-φc=Eφa-φb=E·

得φb=4V

故选A。

（2）由于图乙是非匀强电场，不能根据公式U=Ed进行定量计算，只能进行定性分析，由电场线的疏密可知ab和bc间电场强度的平均值Eab>Ebc

所以Uab>Ubc

即φa-φb>φb-φc

得到

=4V

故选C。【解析】①.A②.C18、略

【分析】【详解】

[1]根据电热水壶的铭牌可知：220V表示电水壶的额定电压为U=220V；即正常工作时电压为220V；

[2]1100W表示水壶的额定功率为P=1100W；

[3]额定电流为【解析】2201100519、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图甲电表使用0~0.6A量程时；分度值为0.02A，其读数为0.44A；

[2]当图甲使用0~3A量程时；分度值为0.1A，需估读到下一位，其读数为2.20A；

[3]图乙为电压表，当使用较大量程时为分度值为0.5V，其读数为8.5V。【解析】①.0.44②.2.20③.8.520、略

【分析】【详解】

（1）[1]当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，外电路总电阻变大，由闭合电路欧姆定律，可知电流I变小U1=IR1

变小，路端电压U3=E-Ir

则知U3变大。因U3=U1+U2

U1变小，则U2变大，即一定减小的是U1。

（2）[2]表达式其中

则一定减小；和都不能确定；

（3）[3]因为U3=U1+U2

U1变小，U2变大，U3变大，则△U2＞△U1△U2＞△U3

则变化量和其中绝对值最大的是

（4）[4]用r表示下列比值如下。

（5）[5]若的调节范围为为了让电阻消耗功率最大，则电路中电流应该最大，则应取0

[6]当外电路电阻等于内阻时电源输出功率最大，为了让电阻消耗功率最大，可将R1等效为内电路电阻，则时电阻消耗功率最大；

[7]同理，为了让电阻消耗的总功率最大，则应该

即R2应取3【解析】U1见解析073四、作图题(共3题，共27分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析22、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）23、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

五、实验题(共4题，共12分)24、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）电流表选择的量程是0．6A；所以此时电流表的示数为0．44A；

（2）根据表中的数据；画出U-I图象如图所示；

根据图象可知，纵坐标的截距代表电动势的大小，直线的斜率代表内电阻的大小，所以电动势E=1．60V；内阻．

（3）干电池长时间使用后；电动势和内阻会发生变化，导致实验误差增大．

考点：测量干电池的电动势和内阻。

【名师点睛】本题考查对图象的认识，要掌握从U-I图线中获取电源的电动势和内电阻的方法，在计算内阻的时候，要注意纵坐标的起点不是零．【解析】0.441.60（1.58~1.62都算对）1.2（1.18~1.26都算对）干电池长时间使用后，电动势和内阻会发生变化，导致实验误差增大．25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]游标卡尺测得该材料的长度读数5cm+0.05mm×5=5.025cm；用螺旋测微器测得该材料的直径读数2mm+0.01mm×15.0=2.150mm。

（2）[3]用已知内阻的电流表B和定值电阻R1串联可改装成量程为U=Ig(r2+R1)=3V

的电压表，因改装后的电压表内阻已知，则电流表A1外接；滑动变阻器要用分压电路，则选择阻值较小的R4；电路如图；

（3）[4]实物图连线如图；

（4）[5]根据电路图可知

而【解析】①.5.025②.2.150（2.149或2.151也可）③.④.⑤.26、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]该圆柱体的长度为

(2)[2]该圆柱体的直径为

(3)[3]该电阻阻值为

(4)[4]AB．测电压；电阻时；电流均从红表笔流入多用电表，AB错误；

C．选择欧姆挡“×10”挡并调零后；将两表笔与待测电阻相连，发现电表指针偏转角度太大，则应换用“×1”档，调零后再测，C正确；

D．选择欧姆挡的适当挡位并调零后；将黑表笔接二极管的负极，红表笔接二极管的正极，可以测得二极管的反向电阻，D错误。

故选C。

(5)[5]要测量尽量多组数据，滑动变阻器采用分压式接法，选阻值较小的R1便于调节，待测电阻值较小，电流表采用外接法，由于电动势为4V，故电压表选择量程为3V的V1即可，电阻按300可估算电流为10mA，故电流表选择量程为10mA的A2即可；电路如图所示。

(6)[6]由电阻定律可得

解得

代入数据解得【解析】50.150.4699220C7.6×10-227、略

【分析】