2025年外研衔接版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研衔接版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、手机充电器又名电源适配器．手机常用锂离子电池的充电器采用的是恒流限压充电，充电器上所标注的输出参数如图所示，充电的锂离子电池标识如图所示．对于电源适配器与锂电池，下列说法正确的是（））

A.手机电池标识的mAh是电功的单位B.电源适配器输出的电压是6V交流电C.如果工作电流是200mA，手机电池能连续工作约8个小时D.手机充电时会微微发热，所以手机充电器主要是把电能转化成热能的装置2、发现利用磁场产生电流的条件和规律的科学家是（）A.韦伯B.安培C.奥斯特D.法拉第3、如图所示，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3垂直纸面放置，直导线与纸面的交点及坐标原点O分别位于边长为a的正方形的四个顶点.L1与L3中的电流均为2方向均垂直纸面向里，L2中的电流为方向垂直纸面向外.已知在电流为的长直导线的磁场中，距导线r处的磁感应强度其中k为常数.某时刻有一电子正好经过原点O且速度方向垂直纸面向外，速度大小为v，电子电量为e；则该电子所受磁场力。

A.方向与y轴正方向成45°角，大小为B.方向与y轴负方向成45°角，大小为C.方向与y轴正方向成45°角，大小为D.方向与y轴负方向成45°角，大小为4、如图所示，两根相距为d的长直导线分别通有电流纸面内有一点P，与两根导线的距离也为d，已知时，P点的磁感应强度大小为B，若保持不变，将增大为则此时P点磁感应强度大小为（）

A.B.C.D.5、两个点电荷Q1和Q2固定在轴上两点，两者之间连线上各点电势高低如图中曲线所示取无穷远处电势为零，由图可知，下列说法正确的是（）

A.B点电场强度为零B.Q1为正电荷，Q2为负电荷C.Q1电量一定大于Q2电量D.将电子沿轴从A点移到C点，电场力先做正功再做负功6、两个带电小球A和B，带电量分别为q1、q2，用两根不可伸长的绝缘细绳悬挂于天花板O点，AB在同一水平线上。带电小球均可视为点电荷且处于静止状态，O点正下方的某点C电场强度为零，则（）

A.B.C.OC在同一等势面上D.从A到B，电势逐渐降低7、关于以下几幅插图；下列说法正确的是（）

A.甲图，用头发屑可以模拟电场线，图中的电荷一定是带正电B.乙图，可变电容器是通过改变铝片之间的距离从而改变电容的C.丙图，优质的话筒线外面包裹着金属网，目的是为了增强话筒线的导电性能D.丁图，加油站给车加油前，触摸一下静电释放器，可将人体的静电释放到大地评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图所示，电源电动势为E、内阻为r，闭合开关S，调节可变电阻R的阻值时；下列判断正确的有。

A.当R的阻值增大时，电压表示数增大，电流表示数增大B.当R的阻值增大时，电压表示数增大，电流表示数减小C.当R的阻值减小时，电压表示数减小，电流表示数增大D.当R的阻值减小时，电压表示数增大，电流表示数增大9、如图所示的电路中，L1、L2是两个不同的小灯泡，a、b间有恒定的电压；它们都均发光，当滑动变阻器的滑片向左滑动时，发生的现象是（）

A.L1变亮，L2变暗B.L1变暗，L2变亮C.电路消耗的总功率变小D.流过滑动变阻器的电流变大10、在某形状不规则的带电体周围的电场中有一定点A，当把一个电荷量为的试探电荷从无穷远处移到电场中的A点时，试探电荷克服电场力做功，则下列说法正确的是（）A.试探电荷从无穷远处移动到电场中的A点，试探电荷的电势能增大B.试探电荷从无穷远处移动到电场中的A点，试探电荷的电势能减小C.A点的电势大于0D.A点的电势小于011、如图所示，边长为a的正方体所处空间中存在匀强电场（图中未画出）。在A、F两点分别放入电荷量为和的点电荷甲和乙后，B点的场强变为零。已知静电力常量为k；则下列说法正确的是（）

A.原匀强电场的场强方向从A指向FB.原匀强电场的场强大小为C.放入点电荷前，B、H两点电势相等D.放入点电荷后，再将甲从A点沿直线移至D点的过程，甲的电势能保持不变12、两个固定的等量同种正电荷所形成的电场的电场线如图实线所示，其中A与A′、B与B′、C与C′均关于两点电荷连线中点O对称。则以下说法正确的是（）

A.A点与B点电场强度有可能相同B.C与C′两点一定在同一等势面上C.电子在B点获得沿BO方向的初速度后，将在BB′间做往复运动D.电子在B点获得一个合适初速度，将可能做匀速圆周运动13、如图所示，两个电荷量均为＋Q的点电荷分别固定于x轴上的M、N两点，P点位于yOz平面内，OP与y轴正方向的夹角为30°，M、N、P到坐标原点O的距离均为R。将质量为m、电荷量为-q的检验电荷从P点由静止释放；不计检验电荷的重力，下列说法正确的是（）

A.检验电荷在P点的电势能等于在O点的电势能B.检验电荷在P点的电势能大于在O点的电势能C.检验电荷释放瞬间的加速度大小为D.检验电荷释放瞬间的加速度大小为14、某静电场的电势在轴上分布如图所示；下列说法正确的有（）

A.x1处的电场强度为零B.该电场可能是由正点电荷产生的电场C.负电荷从x2移到x1，电势能增加D.0～x1之间电场强度的水平分量沿x轴负向15、一带负电粒子只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能Ep随位移x的变化关系如图所示，则粒子在从x1向x3运动的过程中；下列说法中正确的是（）

A.在x1处粒子速度最大B.在x2处粒子加速度为零C.在x3处电势最高D.在x2处电势为零评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）则D点电势φD=____________V

（2）若该正方形的边长为a=20cm，且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为E=_________N/C17、(1)下图中是螺旋测微器和游标卡尺的某次测量。其中螺旋测微器的读数为_____mm。

(2)某表头满偏电流为1mA、内阻为982Ω。为了将表头改装成量程为50mA的电流表，需要一个阻值约为_____Ω的电阻与表头并联（计算结果取整数）18、由某种材料制成的电器元件接在电路中时，通过的电流I与两端电压U的关系如图所示。现将该元件接在电动势为8V，内阻为4Ω的电源两端，则通过该元件的电流为_______A。若将两个这样的元件并联接在该电源上，则每一个元件消耗的功率为_________W。

19、上海的交通线路上使用“非接触式IC卡”，应用了电磁感应原理。电磁感应现象的最早发现者是____________，产生感应电流的条件是_______________________________。20、电路中，每分钟有6×1013个自由电子通过横截面积为0.64×10－6m2的导线，那么电路中的电流大小为______A。21、美国物理学家密立根通过研究平行板间悬浮不动的带电油滴，比较准确地测定了电子的电荷量。如图所示，平行板电容器两极板相距为使两极板分别与电压为的恒定电源两极连接，极板带正电。现有一质量为的带电油滴在两极板中央处于静止状态，且此时极板带电荷量与油滴带电荷量的比值为重力加速度为则油滴带电荷量为______，电容器的电容为______。

22、图为某电场的部分电场线。由图可知A、B两点的场强大小EA_____EB（选填“>”、“<”或“＝”），电场中的A点放入一个带电荷量为的负电荷，所受电场力大小为方向水平向左。则A点的电场强度E=_____________N/C，若将该电荷撤走，则A点的电场强度E=__________N/C23、电场中某区域的电场线分布如图所示，A、B、C为电场中的三点，则三点中电场强度最大的是______点，电势最低的是______点；将一个正点电荷从A点移动到C点过程中电场力做______（选填“正功”或“负功”）。

评卷人得分四、实验题(共4题，共12分)24、（1）一个电流表的满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=500Ω。要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上______（填“串联”或“并联”）一个R=_______kΩ的电阻。

（2）为了测量一根长约3cm；电阻约为6Ω，横截面为圆形，粗细均匀的导电材料的电阻率，所用器材如下：

A．毫米刻度尺。

B．螺旋测微器。

C．电流表A1（0.6A；内阻约为1.0Ω）

D．电流表A2（3A；内阻约为0.1Ω）

E．电压表V（3V；内阻约为6kΩ）

F．滑动变阻器R1（2kΩ；0.5A）

G．滑动变阻器R2（10Ω；2A）

H．蓄电池E（6V；内阻为0.05Ω）

I．开关一个；带夹子的导线若干。

①用游标卡尺测得该材料的长度如图甲所示，示数为L=________mm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，示数为D=________mm。

②为了在测量中尽量减小误差，并测多组数据，电流表应选______。滑动变阻器选______。

③在方框中画出测量电阻Rx的实验电路图______。

25、某同学利用多用电表做了以下实验：

使用多用电表测电阻；他的主要实验步骤如下。

①把选择开关拨到“×100”的欧姆挡上；

②把表笔插入测试插孔中；先把两根表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻刻度的零刻度；

③把两根表笔分别与某一待测电阻的两端相接；发现这时指针偏转较小；

④将表笔与待测电阻断开；把选择开关拨到“×10”的欧姆挡；

⑤再次对电阻进行测量；并记下读数；

⑥把表笔从测试笔插孔中拔出后；就把多用电表放回桌上原处，实验完毕。

这个学生在测量时已注意到：待测电阻与其他元件和电源断开；不用手碰表笔的金属杆，那么这个学生在实验中有哪些操作是错误的？（三个错误）

错误一：___________；

错误二：___________；

错误三：___________。26、某同学利用电压表和电阻箱测定一种特殊电池的电动势(电动势E大约在9V左右，内阻r约为50Ω)．已知该电池允许输出的最大电流为150mA．该同学利用如图甲所示的电路进行实验，图中电压表的内阻约为2kΩ，R为电阻箱，阻值范围0~9999Ω，R0是定值电阻；阻值为20Ω，起保护电路的作用．

(1)该同学连接好电路后，闭合开关S，调节电阻箱的阻值，电压表的某一次偏转如图乙所示，其读数为___________V．

(2)改变电阻箱的阻值，取得多组数据，电压表的示数为U，电阻箱的示数为R，做出如图丙所示的图线，则根据该同学所做出的图线可求得该电池的电动势E=___________V，内阻r=___________Ω．(结果保留两位有效数字)

(3)用该电路测量电源的电动势和内阻，出现系统误差的原因是______________________．27、做“测量金属丝的电阻率”实验。

（1）用螺旋测微器测量金属丝直径，示数如图甲所示，则金属丝直径的测量值d=______mm。

（2）在设计测量金属丝电阻Rx的实验电路时需要思考两个问题：

①如何选择电流表的接法？

如图乙所示，某同学采用试触的方法，让电压表的一端接在A点，另一端先后接到B点和C点。他发现电压表示数有明显变化，而电流表示数没有明显变化。据此应该选择电流表________（填写“内接”或“外接”）的电路。电表的内阻可能对实验产生系统误差，请你就你选择的方案说明电表内阻对电阻率测量结果是否会产生影响；若产生影响，将导致电阻率的测量结果偏大还是偏小。()

②如何选择滑动变阻器的接法？

已知待测金属丝的电阻约为20Ω，实验室提供的滑动变阻器的最大阻值为5Ω，电源电动势为3V，需要选择滑动变阻器的___________（填写“分压式”或“限流式”）接法。评卷人得分五、解答题(共1题，共2分)28、如图所示，用一条长的绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球质量所带电荷量现加一水平方向的匀强电场，电场区域足够大，平衡时绝缘绳与竖直方向夹角已知sin37°=0.6，cos37°=0.8。

（1）求匀强电场电场强度的大小；

（2）若将轻绳向右拉至水平后由静止释放；求小球到达最低点时绝缘轻绳拉力大小；

（3）若在图中所示位置剪断轻绳；分析说明小球此后的运动情况。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

从手机电池的铭牌可以读出充电电压；输出电压和电容量；而电容量q=It．

【详解】

根据q=It，手机电池标识的mAh是电量的单位，故A错误；电源适配器输出的是6V直流电，DC表示直流，AC表示交流，故B错误；如果工作电流是200mA，手机电池最多能连续工作时间：故C正确；手机充电时会微微发热，说明有很小部分电能被手机充电器转化为内能，故D错误；故选C．

【点睛】

本题关键是明确电池的三个参数：电动势、电容量和内阻，注意电容量q=It，基础题目．2、D【分析】法拉第发现了磁生电；奥斯特发现了电生磁．故D正确．A；B、C错误．

故选D．3、D【分析】【详解】

三个电流分别在原点O处产生磁场的磁感应强度方向如图；则三电流在O点处产生合磁场的磁感应强度方向与y轴正方向成45°角．电子经过原点O速度方向垂直纸面向外，速度大小为v，据左手定则知，洛伦兹力方向与y轴负方向成45°角，洛伦兹力的大小．故D项正确；ABC三项错误．

4、C【分析】【详解】

由安培定则，在P点产生的磁感应强度垂直纸面向里，设为B0，在P点的磁感应强度竖直向上，由于P到两导线距离相等，都为d，所以在P点的磁感应强度大小也为B0，由矢量合成知

将增大为则在P点的磁感应强度大小也为3B0，则P点磁感应强度大小为

故选C。5、C【分析】【分析】

根据电势的变化分析电势能的变化；再根据电场强度即曲线斜率得到电场强度变化，进而分析电场力变化。

【详解】

A．图象的斜率表示电场强度，B点的斜率不为0，所以B点的电场强度不为0；故A错误；

BC．由图象可以发现，离Q1越近电场中的电势越低，由此可以判断Q1为负电荷，同理，由于离Q2越近电势越高，所以Q2为正电荷，在它们的连线上的B点的电势也是零，但B点离Q2近，所以Q1的电荷量要大于Q2的电荷量；故B错误，C正确；

D．从A点到C点电势升高；负电荷在电势越高处电势能越小，所以电场力一直做正功，故D错误。

故选C。

【点睛】

解决本题的关键是知道正电荷周围的电势为正，负电荷周围的电势为负；知道图像的斜率表示电场强度，熟记电势能和电势之间的关系式。6、A【分析】【详解】

A．AB两个电荷在C点产生的场强等大反向，因此C点一定在AB连线上，且满足

根据三角形边角关系

可得

A正确；

B．以O为转轴，力矩平衡

因此可得

B错误；

C．由于相互排斥；AB带同种电荷，OC不可能为等势面，C错误；

D．如果都带正电荷；由A到B，电势先降低再升高；如果带负荷，由A到B，电势先升高再降低，D错误。

故选A。7、D【分析】【详解】

A．甲图利用头发屑模拟的电场线；从该图不能看出电场线的方向，则不能确定该电场一定是正电荷形成的，故A错误；

B．乙图的可变电容器的原理是改变铝片之间的相对面积从而达到改变电容的目的；故B错误；

C．丙图；优质的话筒线外面包裹着金属网，应用了静电屏蔽的原理，避免外界干扰，不会增强话筒线的导电性能，故C错误；

D．在加油站给车加油前；要用手触摸一下静电释放器，是为了把产生的静电导走，属于静电的防止，故D正确。

故选D。二、多选题(共8题，共16分)8、B:C【分析】【详解】

AB.增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，电流表示数减小，由欧姆定律分析得知，电阻R1两端的电压减小，内电压减小，电阻R两端的电压增大；电压表示数增大，故A错误，B正确；

CD.减小可变电阻R的阻值后，电路中电流增大，电流表示数增大，由欧姆定律分析得知，电阻R1两端的电压增大，内电压增大，电阻R两端的电压减小，电压表示数减小。故C正确，D错误。9、A:D【分析】【详解】

AB．由电路图可知，当滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路的总电阻变小，由部分电路欧姆定律可知，干路电流I变大，灯L1电阻RL1不变，由PL1=I2RL1可知，灯L1的实际功率变大，因此灯L1变亮；干路电流I变大，灯L1电阻RL1不变，则并联电压U并=U-IRL1变小，灯L2电阻RL2不变，灯L2的实际功率变小，则灯L2变暗；故A正确；B错误；

C．干路电流变大，根据P=UI；电路消耗的总功率变大，故C错误；

D．干路电流I变大，灯L2电流变小；故流过变阻器的电流变大，故D正确；

故选AD。10、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．试探电荷从无穷远处移动到电场中的A点；试探电荷克服电场力做功，即电场力做负功，电势能增大，故A正确，B错误；

CD．根据

A点的电势大于0；故C正确，D错误；

故选AC。11、B:C【分析】【详解】

AB．甲和乙两等量异种点电荷，B点位于两点电荷连线中垂面上，所以两点电荷在B点的场强方向平行于AF连线且由A指向F，结合几何关系可知场强大小为

又B点的合场强为零，所以原匀强电场在B点的场强与等量异种点电荷在B点产生的场强等大反向，即原匀强电场的场强方向由F指向A，大小也为故A错误，B正确；

C．放入点电荷前，平面与原匀强电场的场强方向垂直，所以平面为等势面，即B、H两点电势相等；故C正确；

D．放入点电荷后，在由乙产生电场和原匀强电场叠加后的电场中，甲从A点沿直线移至D点的过程中；垂直于匀强电场且远离负点电荷，所以电场力做负功，电势能不断增大，故D错误。

故选BC。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．A点电场强度方向水平向右，B点电场强度方向竖直向上；因此二者电场强度不可能相同（二者电场强度大小可能相等），A错误；

B．把一个试探电荷从O点分别移到C，两点，电场力做功一定相同，因为电场线分布关于O点对称，因此C与电势相等；B正确。

C．电子在B点获得沿BO方向的初速度后，先沿BO做加速运动，到达O点速度达到最大，然后过O点开始做减速运动，到点速度减为初始速度，继续向下运动至某点速度减为零再返向，因此电子将在大于范围内做往复运动；C错误；

D．电子在B点获得一个垂直纸面的速度；且满足。

则电子做匀速圆周运动；D正确。

故选BD。13、B:D【分析】【详解】

AB．检验电荷在等量同种点电荷的电场作用下，在没有越过O点前，沿做加速运动，电场力做正功，电势能减小，即检验电荷在P点的电势能大于在O点的电势能；A错误，B正确；

CD．根据题意可知

则检验电荷释放瞬间有

解得

C错误；D正确。

故选BD。14、C:D【分析】【详解】

A．由图可知曲线斜率表示电场强度，x1处的斜率不为零；所以电场强度不为零，A错误；

B．由图可知电势有正也有负；所以不可能只有正点电荷，B错误；

C．从x2移到x1电势减小；因为为负电荷，所以电势能增大，C正确；

D．0～x1之间电势在增大，根据顺着电场线方向电势降低，可知此时电场强度有水平沿x轴负向的分量；D正确。

故选CD。15、B:C【分析】【详解】

A．带负电粒子只在电场力作用下运动，所以动能与势能之和是恒定的，则粒子在从x1向x3运动的过程中，在x3处的电势能最小；则动能最大，所以速度最大，故A错误；

B．根据电场力做功与电势能的关系W＝－ΔEp＝Ep0－Ep

从而解得Ep＝－W＋Ep0＝－Fx＋Ep0

即图像中的斜率表示电场力大小，在x2处图像的斜率为零；所以粒子加速度为零，故B正确；

C．负电荷在电势低的地方电势能大，在电势高的地方电势能小，在x3处的电势能最小；所以电势最高，故C正确；

D．根据公式可知在x2处电势不为零；故D错误。

故选BC。三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【详解】

(1)[1]匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接DF；是一条等势线．

将DF延长交于AB于P点，则P点的电势为φP=φD=9V

可知P是AB的中点，

PD是该电场的一条等势线，作AM⊥PD，根据等面积原理知

场强【解析】917、略

【分析】【详解】

(1)[1]左侧装置为螺旋测微器，其中固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01×40.0mm=0.400mm，所以最终读数为

故答案为0.900。

(2)[2]由电路并联规律可得

代入数值可得【解析】0.9002018、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]将该电器元件与E=8V，r=4Ω连接，由闭合电路欧姆定律U=E-Ir，可得U=8-4r，可在图中画出直线1与U-I曲线交于（1A；4V），所以通过该元件的电流为1A；

[2]将两个这样的元件并联接入该电源时，由闭合电路欧姆定律U=E-2Ir，可得U=8-8r，可在图中画出直线2与U-I曲线交于（0.75A；2V）则每一个元件消耗的功率为。

P=IU=1.5W【解析】1A1.5W19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]电磁感应现象的最早发现者是法拉第，产生感应电流的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化。【解析】法拉第穿过闭合线圈的磁通量发生变化20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]每分钟通过的电量为

则电路中的电流为【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由题意知油滴受到的电场力方向竖直向上，极板M带正电，故油滴带负电。设油滴的带电荷量为q；则极板的带电荷量。

又由于。

联立可得。

【解析】22、略

【分析】【详解】

[1]电场线疏密表示场强的大小，点的电场线比点的电场线密，则有：

[2]点的电场强度为：

场强方向与负电荷所受电场力方向相反；即水平向右；

[3]把将该电荷撤走后，点的电场强度不变，大小仍为方向水平向右。【解析】<400004000023、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电场线越密集的地方场强越大，则三点中电场强度最大的是A点；

[2]沿电场线电势逐渐降低，则电势最低的是C点；

[3]将一个正点电荷从A点移动到C点过程中电场力的方向与位移同向，则电场力做正功。【解析】AC正功四、实验题(共4题，共12分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]小量程的电流表要改装成一个电压表，应串联一只分压电阻。串联电阻后，应使

解得

（2）①[3]根据游标卡尺及螺旋测微器读数规则

[4]

②[5][6]由于电压表是3V量程，待测电阻约因此电流表选量程的电流表C（或A1），滑动变阻器选用阻值最大值较小的滑动变阻器G（或R2）。

③[7]为了在测量中尽量减小误差；并测多组数据，滑动变阻器应采用分压式接法，电流表采用外接法，电路如图所示。

【解析】①.串联②.9.5③.30.35④.3.205⑤.C（或A1）⑥.G（或R2）⑦.25、略

【分析】【详解】

[1][2][3]根据多用电表的使用方法可知有以下错误