2025年华东师大版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示；在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向右运动时，物体A的运动情况是（）

A.加速上升B.匀速上升C.减速上升D.先加速上升，再匀速上升2、一个物体受到同一平面内几个共点力（均为恒力）的作用而静止，现把其中一个力逐渐减小到零，再逐渐把这个力恢复，则此物体的加速度与速度变化情况是（）A.a与v都始终增大B.a先增大后减小，v始终增大C.a与v都是先增大后减小D.a与v都是先减小后增大3、水平地面上的木箱，重200N．在水平向右的恒力F1=100N和水平向左的恒力F2=20N作用下静止不动，已知木箱与地面动摩擦因数为0.5，这时木箱受到地面的摩擦力方向和大小分别为（）A.向右，100NB.向右，80NC.向左，80ND.向左，100N4、如图所示，两个电子a和b先后以大小不同的速度；从同一位置沿垂直于电场的方向射入匀强电场中，其运动轨迹如图所示，那么（）

A.b电子在电场中运动的时间比a长。

B.b电子初速度比a大。

C.b电子离开电场时速度比a大。

D.b电子离开电场时加速度比a大。

5、设甲分子不动，乙分子从离甲分子10-8m处逐渐向甲分子靠近直到不能再靠近的过程中，关于分子系统的势能的变化情况是（）A.逐渐减小B.逐渐增大C.先增大后减小D.先减小后增大6、跳高运动员从地面跳起，这是由于（）A.地面给运动员的支持力大于运动员受的重力B.运动员给地面的压力等于运动员受的重力C.地面给运动员的支持力大于运动员给地面的压力D.地面给运动员的支持力等于运动员给地面的压力7、下列说法正确的是（）A.在电场中某点放了检验电荷而电荷不受力的作用，则该点的电场强度为零B.负电荷从A点逆电场线方向移到B点，电场力做正功，A点电势一定较高C.由场强的定义式可知，电场中某点的E与q所受的电场力F成正比D.若只有电场力对电荷做正功，则电荷的电势能一定减小，但动能一定增加8、一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点过程中，电场力做了2×10-6J的正功，那么（）A.电荷的电势能减少了2×10-6JB.电荷的动能减少了2×10-6JC.电荷在B处时具有2×10-6J的电势能D.电荷在B处时具有2×10-6J的动能评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、“天宫一号”某次变轨，离地高度由200km升至362km，假定变轨前后均做匀速圆周运动，则“天宫一号”在变轨后（）A.加速度增大B.角速度变小C.线速度变小D.周期变小10、闭合回路由电阻R与单匝导线框组成，其面积大小为S，内部磁场大小按B-t图变化，方向如图，且B-t图线的斜率为K，则回路中（）A.感应电流的方向为顺时针方向B.感应电流的电流强度越来越大C.磁通量的变化率越来越大D.产生的感应电动势大小为KS11、下列说法中正确的是（）A.两个物体只要接触就会产生弹力B.物体对桌面的压力是由于物体发生弹性形变产生的C.滑动摩擦力的方向可能和物体的运动方向相反D.形状规则的物体的重心必与其几何中心重合12、在一水平通电直导线的正下方，有一半圆形光滑圆弧轨道，一导体圆环自轨道左侧的A点无初速度释放，则下列说法中正确的是（）A.圆环能滑到轨道右侧与A点等高处CB.圆环中有感应电流产生C.圆环最终停在轨道的最低点BD.圆环运动过程中机械能守恒13、第一次质量为m的子弹以水平速度v0穿透静止在光滑水平面上的木块后速度为v1，第二次同样的子弹以水平速度v0穿透一块固定在水平面的同样的木块后速度为v2．设子弹与木块间相互作用力F恒定，木块长为l．则（）A.第一次子弹动能减少FlB.第二次子弹动能减少FlC.第一次系统产生的热为Q=mv-mvD.第二次系统产生的热为Q=mv-mv14、某物体以初速度v0=20m/s竖直上抛，当到达抛出点上方15m时，所经历的时间可能是（不计空气阻力，g=10m/s2）（）A.1sB.3sC.5sD.7s评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、物体沿一直线运动，在t时间内通过位移为X，它在中间位置X处的速度为v1，在中间时刻t时的速度为v2，当物体做匀加速直线运动时，v1____v2；当物体做匀减速直线运动时，v1____v2．（填“大于”，“小于”，或“等于”．）16、一质点作匀变速直线运动，其速度表达式为v=（8-4t）m/s，则此质点运动的加速度a为____m/s2，4s末的速度为____m/s；t=____s时物体的速度为零，质点速度为零时的位移s=____m．17、某金属导体的某横截面上，在5s内通过了1.25×1019个电子，则通过该金属导体的电流为____A．18、（2015秋•阜阳校级期末）某种金属板M受到某种紫外线照射时会不停地发射电子，射出的电子具有不同的方向，其速度大小也不相同．在M旁放置一个金属网N．如果用导线将MN连起来，M射出的电子落到N上便会沿导线返回M，从而形成电流．现在不把M、N直接相连，而按图那样在M、N之间加一个电压U，发现当U＞182V时电流表中就没有电流．已知电子电量e=1.6×10-19C，电子质量m=9.1×10-31kg．问：被这种紫外线照射出的电子，最大速度是____m/s．19、一台电动机，电阻为10Ω，接在220V电路使用，通过的电流为2A，则该电动机的电功率是____W，2秒钟内产生的热量是____J，输出机械功率是____W．20、（2010秋•浦江县期末）如图所示，光滑U型金属导轨PQMN水平固定在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B，导轨宽度为L．QM之间接有阻值为R的电阻，其余部分电阻不计．一质量为M，电阻为R的金属棒ab放在导轨上，给棒一个水平向右的初速度v0使之开始滑行，最后停在导轨上，则在此过程中整个回路产生的焦耳热为____．评卷人得分四、判断题(共1题，共4分)21、只要温度不变且处处相等，系统就一定处于平衡态．____．（判断对错）评卷人得分五、画图题(共2题，共8分)22、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）23、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分六、证明题(共4题，共16分)24、如图，太阳系中星体A绕太阳做半径为R1的圆周运动，星体B作抛物线运动．B在近日点处与太阳的相距为R2=2R1，且两轨道在同一平面上，两星体运动方向如图中箭头所示．设B运动到近日点时，A恰好运动到B与太阳连线上，A、B随即发生某种强烈的相互作用而迅速合并成一个新的星体，其间的质量损失可忽略．试证明新星体绕太阳的运动轨道为椭圆．25、（2015秋•西城区期末）如图1所示；一根轻质弹簧上端固定在天花板上，下端挂一小球（可视为质点），弹簧处于原长时小球位于O点．将小球从O点由静止释放，小球沿竖直方向在OP之间做往复运动，如图2所示．小球运动过程中弹簧始终处于弹性限度内．不计空气阻力，重力加速度为g．

（1）在小球运动的过程中，经过某一位置A时动能为Ek1，重力势能为EP1，弹簧弹性势能为E弹1，经过另一位置B时动能为Ek2，重力势能为EP2，弹簧弹性势能为E弹2．请根据功是能量转化的量度；证明：小球由A运动到B的过程中，小球；弹簧和地球组成的物体系统机械能守恒；

（2）已知弹簧劲度系数为k．以O点为坐标原点；竖直向下为x轴正方向，建立一维坐标系O-x，如图2所示．

a．请在图3中画出小球从O运动到P的过程中，弹簧弹力的大小F随相对于O点的位移x变化的图象．根据F-x图象求：小球从O运动到任意位置x的过程中弹力所做的功W，以及小球在此位置时弹簧的弹性势能E弹；

b．已知小球质量为m．求小球经过OP中点时瞬时速度的大小v．26、宇航员驾驶一飞船在靠近某行星表面附近的圆形轨道上运行，已知飞船运行的周期为T，行星的平均密度为试证明（万有引力恒量G为已知，是恒量）27、带电离子以速度v沿CB方向射入一横截面为正方形的区域，C，B为该正方形两边的中点，如图所示，不计粒子的重力，当区域内有竖直方向的匀强电场E时，粒子恰好从A点飞出；当区域内有垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场时，粒子也恰好从A点飞出，试证明：=v．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于A的速度，根据平行四边形定则判断出A的速度变化，从而得出A的加速度大小与方向．【解析】【解答】解小车沿绳子方向的速度等于A的速度，设绳子与水平方向的夹角为θ，根据平行四边形定则，物体A的速度vA=vcosθ；小车匀速向右运动时，θ减小，则A的速度增大，所以A加速上升，加速度方向向上，故A正确，B；C、D错误．

故选：A．2、B【分析】【分析】三力平衡时；任意两个力的合力与第三个力等值；反向、共线；

物体的加速度与合力方向一致，根据速度方向和加速度的方向关系判断物体的运动规律．【解析】【解答】解：一个物体受到几个力作用而处于静止状态；若使其中一个力逐渐减小到零后，又逐渐恢复到原状，知合力先逐渐增大，后逐渐减小，合力方向不变，与撤去的力反向；

根据牛顿第二定律知；加速度先增大后减小，因为加速度的方向一直不变，与速度方向一直相同，所以速度一直增大，当加速度减小到零时，做匀速直线运动．故B正确，A；C、D错误．

故选B．3、C【分析】【分析】如图，物体同时受到向左与向右的水平拉力F1和F2作用，根据F1和F2的合力与最大静摩擦力的关系，分析物体的状态，再选择规律求解摩擦力的大小．【解析】【解答】解：由题，F1=100N，水平向右，而F2=20N，水平向左，两个力的合力大小为F合=80N，方向水平向右．重200N，木箱与地面动摩擦因数为0.5，因此最大静摩擦力等于100N，由于F合小于物体与地面间的最大静摩擦力，则物体仍处于静止状态，根据平衡条件得，物体受到的摩擦力大小f=F合=80N；方向水平向左．

故选：C4、A【分析】

A、电子在竖直方向做匀加速直线运动，侧移y=a相同，yb＞ya，则tb＞ta则A正确；

B、电子在水平方向做匀速直线运动，运动时间t=L相同，tb＞ta则b的初速度比a小．故B错误。

C、设离开电场时电子速度为v，则v=b初速度小；运动时间长，无法确定离开时速度的大小关系．故C错误．

D、根据牛顿第二定律，a=a相同．故D错误．

故选A

【解析】【答案】将电子的运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动．根据竖直方向侧移y=a相同，由y的大小关系可判断b运动时间长．再由水平方向L=vt；能确定a的初速度大．

5、D【分析】【分析】开始时由于两分子之间的距离大于r0，因此分子力为引力当相互靠近时分子力做正功，当分子间距小于r0，分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功．【解析】【解答】解：开始时乙分子从离甲分子10-8m处逐渐向甲分子靠近，由于两分子之间的距离10-8m大于分子力的平衡距离r0，因此分子力为引力当相互靠近时分子力做正功，分子势能减小；当分子间距小于r0；分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功，分子势能增大；故ABC错误，D正确；

故选：D6、A【分析】【分析】运动员能够挑起的原因是地面的支持力大于运动员的重力，即运动员所受合力竖直向上．地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反．【解析】【解答】解：A；运动员在起跳过程中运动员的加速度竖直向上；根据牛顿第二定律可知运动员所受合力竖直向上，故地面对运动员的支持力大于运动员的重力，地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反，所以从地面跳起的原因是：支持力大于重力，故A正确，BC错误；

D；运动员对地面的压力等于地面对运动员的支持力；但这不是能够起跳的原因．故D错误；

故选：A．7、A【分析】【分析】电场的基本特性是放入电场中的电荷有力的作用．顺着电场线的方向电势一定降低．电场强度E的定义式E=适用于任何电场，采用比值法定义，E与F、q无关；只要电场力做正功，电荷的电势能一定减小，而动能的变化取决于合外力做功情况．【解析】【解答】解：

A、由公式E=得：F=qE；知F=0，E一定为0，即检验电荷不受电场力的作用时，该点的电场强度一定为零．故A正确．

B；负电荷从A点逆电场线方向移到B点；负电荷所受的电场力方向逆着电场线，电场力做正功，但电势逐渐升高，所以B点电势一定较高．故B错误．

C、电场强度E的定义式E=采用比值法定义；具有比值法定义的共性，E反映电场本身的性质，与试探电荷无关，不能说电场强度E与试探电荷在电场中该点所受的电场力成正比，故C错误．

C；只要电场力对电荷做正功；则电荷的电势能一定减小，而根据动能定理可知，物体动能的变化取决于合外力做功，所以动能不一定增加，故D错误．

故选：A8、A【分析】【分析】电场力做正功，电势能减小，动能增加，做负功，动能减小，电势能增加，根据功能关系可正确解答．【解析】【解答】解：A；B：电场力做正功；电势能减小，动能增加，故A正确、B错误；

C；D：电场力做功对应着电势能和动能的变化；不能说明具有多少电势能或者动能，故CD错误．

故选：A．二、多选题(共6题，共12分)9、BC【分析】【分析】根据万有引力提供向心力，通过轨道半径的大小比较天宫一号变轨前后的加速度、线速度、周期、角速度．【解析】【解答】解：根据万有引力提供向心力有：；

得，，，．

所以：

A、由可知；轨道半径变大，则加速度变小，故A错误．

A、由可知；轨道半径变大，则角速度变小，故B正确．

A、由可知；轨道半径变大，则线速度变小，故C正确．

A、由可知；轨道半径变大，则周期变大，故D错误．

故选：BC．10、AD【分析】【分析】由B-t图象可知磁感应强度的变化情况，则由磁通量的定义可知磁通量的变化率；再由楞次定律可判断电流方向；由法拉第电磁感应定律可求得感应电动势．【解析】【解答】解：A；由楞次定律可知；电流方向为顺时针，故A正确；

B、由图象可知，磁感应随时间均匀增大，则由∅=BS可知，磁通量随时间均匀增加，故其变化率恒定不变，由法拉第电磁感应定律可知，E==S=KS；故感应电动势保持不变，电流强度不变，故D正确，BC错误；

故选：AD．11、BC【分析】【分析】利用弹力产生的条件判断问题．

能根据弹力的定义知道弹力是由于哪一个物体发生形变产生的．

知道滑动摩擦力的方向与运动方向的关系．

清楚影响重心的因素．【解析】【解答】解：A；产生弹力的条件是物体间相互接触并且发生弹性形变；故A错误．

B；物体对桌面的压力是由于物体发生弹性形变；物体要恢复原状对桌面产生压力．故B正确．

C；滑动摩擦力的方向一定与相对运动方向相反；可以与运动物体的运动方向相反，故C正确．

D；形状规则的物体；而且质量分布均匀，这样它的重心与其几何中心重合，故D错误．

故选BC．12、BC【分析】【分析】水平通电导线周围有磁场，且离导线越远磁场强度越小，在圆环下落过程中，通过圆环的磁通量变小故能判断圆环中是否有感应电流．【解析】【解答】解：A；因为圆环在运动的过程中；有感应电流，对整个过程由能量守恒定律得，重力势能转化为电能，故不能上升到右侧与C点等高处，故A错误；

B；水平通电导线周围有磁场；且离导线越远磁场强度越小，在圆环下落过程中，通过圆环的磁通量变小故有感应电流产生，故B正确；

C；由于小环运动的范围内；各处的磁场强度不同，所以小环运动的过程中机械能不断转化为电能，故小球的机械能会越来越小，最终停在最低点B，故C正确；

D；整个过程重力势能转化为电能；机械能不守恒，故D错误；

故选：BC．13、BD【分析】【分析】第一种情况要考虑动量守恒定律和功能关系，而第二种的情况只考虑功能关系即可．【解析】【解答】解：A、第一次质量为m的子弹以水平速度v0穿透静止在光滑水平面上的木块的过程中木块也会获得一定的速度；由一定的位移，所以子弹穿过木块的过程中相对于地面的位移大于l，则第一次子弹动能减少大于Fl．故A错误；

B；第二次子弹穿过固定的木块；子弹相对于地面的位移等于l，所以第二次子弹动能减少Fl．故B正确；

C、第一次木块的过程中木块也会获得一定的速度，由一定的动能，所以第一次系统产生的热为Q=mv-mv-E木．故C错误；

D、第二次系统产生的热等于子弹损失的动能，为Q=mv-mv．故D正确．

故选：BD14、AB【分析】【分析】竖直上抛运动的变化规律，与匀变速直线运动的规律一样，只要将中的几个物理量变化一下即可．【解析】【解答】解：竖直上抛运动的位移公式可以写成：h=

带入数据，整理得：5t2-20t+15=0

解方程，得：t1=1s，t2=3s

故AB正确；CD错误。

故选：AB三、填空题(共6题，共12分)15、＞＞【分析】【分析】本题可由速度--时间图象得出中间位置及中间时刻的速度大小，即可比较出两速度的大小．【解析】【解答】解：如图作出v-t图象；由图可知中间时刻的。

速度v2，因图象与时间图围成的面积表示物体通过的位移，故由图可知时刻物体的位移小于总位移的一半，故中间位置应在中间时刻的右侧，故此时对应的速度一定大于v2，即v1＞v2

故答案为：＞，＞16、-4-828【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式得出质点的加速度，以及4s末的速度，通过关系式得出速度为零的时间，结合速度位移公式求出质点速度为零时的位移．【解析】【解答】解：根据v=v0+at=8-4t，知质点的加速度a=-4m/s2；4s末的速度为v=8-4×4m/s=-8m/s

当v=0时，t==2s

当质点速度为0时，位移x=

故答案为：-4，-8，2，8．17、0.4【分析】【分析】由元电荷的定义可求得电子电量；再根据电流的定义可求得电流．【解析】【解答】解：根据电流的定义可知，电流I==0.4A；

故答案为：0.4．18、8×106【分析】【分析】根据动能定理，0-=-eU，并结合U＞12.5V时电流表中就没有电流，即可求解．【解析】【解答】解：根据题意可知；当U＞182V时，电流表中就没有电流，根据动能定理可知：

0-=-eU；

解得：v0===8×106m/s；

故答案为：8×106．19、44080400【分析】【分析】电动机是非纯电阻电路，根据P=UI求解电功率，根据P热=I2r求解热功率，根据P出=P-P热求解输出功率．【解析】【解答】解：电动机是非纯电阻电路；消耗的电功率为：

P=UI=220×2=440W

2秒钟内产生的热量为：Q=I2rt=22×10×2=80J

机械功率为：P出=P-P热=P-I2r=440-22×10=400W

故答案为：440，80，400．20、【分析】【分析】本题属于电磁感应中的能量问题，金属棒向右做减速运动，动能不断减少，由电能转化为的内能不断增加，根据能量守恒定律可知，整个回路产生的热量等于金属棒减少的动能．【解析】【解答】解：金属棒向右运动的过程中，会产生感应电动势，从而产生感应电流并转化为焦耳热，根据能量守恒定律可知，整个回路产生的焦耳热等于金属棒减少的动能，即Q=．

故答案为．四、判断题(共1题，共4分)21、×【分析】【分析】首先知道平衡态和热平衡的定义，知道影响的因素是不同；知道温度是判断系统热平衡的依据；据此分析判断即可．【解析】【解答】解：一般来说；平衡态是针对某一系统而言的，描述系统状态的参量不只温度一个，还与体积压强有关，当温度不变时，系统不一定处于平衡态．所以该说法是错误的．

故答案为：×五、画图题(共2题，共8分)22、略

【分析】【解析】试题分析：由图读出波长，由波速公式求出周期．根据简谐运动在一个周期内通过的路程，求出位移．采用波形平移的方法画出7s时的波形图．由图直接可得波长根据得：7秒内波传播的位移为：根据平移法，把波形沿传播方向平移3.5米，如下图实线：考点：画波形图【解析】【答案】图形向左平移1.5m23、略

【分析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题【解析】【答案】【解析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题六、证明题(共4题，共16分)24、略

【分析】【分析】A、B星体靠拢过程中动量守恒，从而求出新星体C的速度，计算C新星体的机械能判断轨道的形状是否为椭圆．【解析】【解答】证明：计算新星体C的机械能，设C距日R3，设A、B星球的速度分别为vA和vB；则：

在径向：可以认为在A；B靠拢过程中质心未动；所以C到太阳的距离为。

R3==①

在切向：A、B合并过程中动量也守恒，则有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：

因A做圆周运动，故vA=

所以vB====vA

将vA、vB带入②得vC=③

利用①③C星体的机械能为。

EC=（mA+mB）-G=（