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文档简介
江西省吉安市水田中学高二数学理期末试题含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.抛物线的顶点在原点,对称轴为轴,焦点在直线上,则抛物线的方程为(
)
A、 B、 C、 D、参考答案:B略2.在△ABC中,,则A等于(
).
.或
.
.
参考答案:B3.计算=()A.﹣1 B.i C.﹣i D.1参考答案:B【考点】A5:复数代数形式的乘除运算.【分析】直接利用复数代数形式的乘除运算化简,再由虚数单位i的运算性质求值.【解答】解:=.故选:B.4.从分别写有1,2,3,4,5的5张卡片中随机抽取1张,放回后再随机抽取1张,则抽得的第一张卡片上的数大于第二张卡片上的数的概率为(
)A.
B.
C.
D.参考答案:D5.已知全集U=R,集合,,则=(
)A
B
C
D参考答案:B6.在独立性检验中,统计量有两个临界值:3.841和6.635;当>3.841时,有95%的把握说明两个事件有关,当>6.635时,有99%的把握说明两个事件有关,当3.841时,认为两个事件无关.在一项打鼾与患心脏病的调查中,共调查了2000人,经计算的=20.87,根据这一数据分析,认为打鼾与患心脏病之间(
)A.有95%的把握认为两者有关 B.约有95%的打鼾者患心脏病C.有99%的把握认为两者有关
D.约有99%的打鼾者患心脏病参考答案:C略7.已知椭圆C:=1(a>b>0)的左焦点为F,C与过原点的直线相交于A,B两点,连接AF,BF,若|AB|=10,|BF|=8,cos∠ABF=,则C的离心率为(
)A. B. C. D.参考答案:B【考点】椭圆的简单性质.【分析】由已知条件,利用余弦定理求出|AF|,设F′为椭圆的右焦点,连接BF′,AF′.根据对称性可得四边形AFBF′是矩形,由此能求出离心率e.【解答】解:如图所示,在△AFB中,|AB|=10,|BF|=8,cos∠ABF=,由余弦定理得|AF|2=|AB|2+|BF|2﹣2|AB||BF|cos∠ABF=100+64﹣2×10×8×=36,∴|AF|=6,∠BFA=90°,设F′为椭圆的右焦点,连接BF′,AF′.根据对称性可得四边形AFBF′是矩形.∴|BF′|=6,|FF′|=10.∴2a=8+6,2c=10,解得a=7,c=5.∴e==.故选B.【点评】本题考查椭圆的离心率的求法,是中档题,解题时要认真审题,注意余弦定理、椭圆的对称性等知识点的合理运用.8.若上是减函数,则的取值范围是(
)A.
B.
C.
D.参考答案:C略9.如图,F1,F2是椭圆C1与双曲线C2的公共焦点,点A是C1,C2的公共点.设C1,C2的离心率分别是e1,e2,∠F1AF2=2θ,则()A.sin2θ+cos2θ=B.sin2θ+cos2θ=C.sin2θ+cos2θ=1D.sin2θ+cos2θ=1参考答案:B【考点】椭圆的简单性质.【分析】根据椭圆的几何性质可得,=b12tanθ,根据双曲线的几何性质可得,=,以及离心率以及a,b,c的关系即可求出答案.【解答】解:根据椭圆的几何性质可得,=b12tanθ,∵e1=,∴a1=,∴b12=a12﹣c2=﹣c2,∴=c2()tanθ根据双曲线的几何性质可得,=,∵a2=,∴b22=c2﹣a22=c2﹣=c2()∴=c2()?,∴c2()tanθ=c2()?,∴()sin2θ=()?cos2θ,∴,故选:B【点评】本题考查了圆锥曲线的几何性质,以及椭圆和双曲线的简单性质,属于中档题.10.设正项等比数列{an}的前n项和为Sn,且,则数列{an}的公比为(
)
A.4 B.2 C.1 D.参考答案:B二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.设,,是单位向量,且=+,则向量,的夹角等于
.参考答案:60°12.设是上的增函数,,则的解集是
参考答案:略13.若数列的前n项和为,且满足,则数列的通项公式为
参考答案:14.某大学为了解在校本科生对参加某项社会实践活动的意向,拟采用分层抽样的方向,从该校四个年级的本科生中抽取一个容量为300的样本进行调查,已知该校一年级、二年级、三年级、四年级的本科生人数之比为4:5:5:6,则应从一年级本科生中抽取名学生.参考答案:60【考点】分层抽样方法.【专题】概率与统计.【分析】先求出一年级本科生人数所占总本科生人数的比例,再用样本容量乘以该比列,即为所求.【解答】解:根据分层抽样的定义和方法,一年级本科生人数所占的比例为=,故应从一年级本科生中抽取名学生数为300×=60,故答案为:60.【点评】本题主要考查分层抽样的定义和方法,利用了总体中各层的个体数之比等于样本中对应各层的样本数之比,属于基础题.15.两个平面最多可以将空间分成
部分.参考答案:416.函数在上的极大值为_________________。参考答案:略17.一质点位移s(单位:米)与时间t(单位:秒)的运动方程为s=t2+10,则该质点在t=3秒时的瞬时速度为
▲
。参考答案:6m/s略三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.用数学归纳法证明:求证:..参考答案:见解析解:①当时,左边,右边,等式成立.②设当时,等式也成立,即:,则当时,,,,,,得证.∴时,成立,故等式成立.19.在中,角对边分别为,且.(1)求角的大小;(2)若的外接圆半径为1,试求该三角形面积的最大值.参考答案:解:(1)又.(2),又,,
,即20.(本小题满分14分)已知函数的图象经过点A(2,1)和B(5,2),记(1)求数列的通项公式;(2)设,若3-恒成立,求的最小值
参考答案:解:(1)由题意得,……2分
………………4分(2)由(1)得,
①
②①-②得:
.,………………9分设,则由得随的增大而减小又3-恒成立,.………………14分略21.函数,,实数m为常数.(I)求的最大值;(II)讨论方程的实数根的个数.参考答案:(Ⅰ)(Ⅱ)见解析【分析】(Ⅰ)直接对函数进行求导,研究函数的单调性,求最大值;(Ⅱ)对方程根的个数转化为函数零点个数,通过对参数进行分类讨论,利用函数的单调性、最值、零点存在定理等,判断函数图象与轴的交点个数.【详解】(Ⅰ)的导数为.在区间,,是增函数;在区间上,,是减函数.所以的最大值是.(Ⅱ),方程的实数根个数,等价于函数的零点个数..在区间上,,是减函数;在区间上,,是增函数.在处取得最小值.①当时,,没有零点;②当时,有唯一的零点;③当时,在区间上,是增函数,并且.,所以在区间上有唯一零点;在区间上,是减函数,并且,,所以在区间上有唯一零点.综上所述,当时,原方程没有实数根;当时,原方程有唯一的实数根;当时,原方程有两个不等的实数根.【点睛】在使用零点存在定理时,证明在某个区间只有唯一的零点,一定要证明函数在该区间是单调的,且两个端点处的函数
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