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文档简介

数列专题练习一、选择题(每题4分,共32分)

1.数列1,3,6,10,15,…的通项等于()

A.B.C.D.

2.已知等差数列{}中,+=16,=1,则的值是()

A.15D.64

3.在等差数列{}中,+3+=120,则3-的值为()

B.12C.24

4.在各项都为正数的等比数列{}中,首项=3,前三项的和为21,则++等于()

B.72C.84D.189

5.在数列{}中,=1,当n≥2时,恒有,则等于()

A.B.C.D.

6.在数列{}中,已知=1,=5,=-(n∈N※),则等于()

A.-4B.-5C.4D.5

7.已知等比数列{}中,=a,=b(m∈N※)则等于()

A.B.C.D.3b-2a

8.已知等差数列{}中,≠0,若m>1,且-+=0,=38,则m的值为()

A.38B.20C.19D.10

二、填空题(每题5分,共20分)

1.已知等比数列的公比为2,且前4项之和等于1,那么它的前8项之和等于。

2.设{}是公比为q的等比数列,是它的前n项和,若{}是等差数列,则q=。

3.各项都是正数的等比数列{}的公比q≠1,且,,成等差数列,则=

4.设数列{}的前n项和为,,且=54,则=。

三、解答题(本大题共有4题,满分48分)

1.(本题满分12分)已知三个数的积为-8,这三个数适当排列后可成为等比数列,也可排成等差数列,试求这三个数排成的等差数列.

2.(本题满分12分)已知数列{lg}是等差数列,且第s项为r,第r项为s(0<r<s),试求。

3.(本题满分12分)设数列{}的前n项和为,{}为等比数列,且=

(1)求数列{}和{}的通项公式;(2)设,求数列{}的前n项和.

4.(本题满分12分)已知数列{}的通项公式=;数列{}的首项=3,其前n项和为,且满足关系式.

(1)求{}的通项公式;(2)求证:数列{}是一个等比数列;若它的前n项和>,求n的取值范围.

答案与解析

一、选择题

1、选C.解析:由=3否定B,D;由=6否定A,故应选C.

2、选A.解析:设公差为d,则有∴=+11d=15,故选A.

3、选D.解析:由+3+=120得5=120,=24.

∴3-=3(+8d)-(+10d)(d为公差)=2+14d=2(+7d)=2=48.故选D.

4、选C.解析:设公比为q,则由++=21得(1+q+)=21∵=3,∴1+q+=7

由此解得q=2(q=-3舍去)∴++=(++)=84

5、选D.解析:当n≥2,=,故选D.

6、选D.解析:由已知递推式得∴

由此得,故应选D.

7、选C.解法一(利用通项公式)设{}的公比为q,则由已知得

∴①又②∴由①②得x=b=b应选C.

解法二(利用等比数列的性质)由等比数列性质得

∵m+5,m+30,m+55,m+80,m+105,m+130成等差数列.∴成等比数列.

其公比∴

∴应选C.

8、选D.解析:由{}为等差数列得又这里

故得而这里①再由

②①代入②得2m-1=19,解得m=10.故应选D.

二、填空题

1、答案:17解法一(利用求和公式):由已知得

∴即∴

解法二(利用通项公式):∵

∴=()=1+2=17

2、答案:1解析:注意到=又{}为等差数列

∴当n≥2时,∴而即q=1.

解法二:由已知得∴2∴由此得q=1.

3、答案:解析:注意到=只要求出q;由已知条件得

∴由此解得q=∵>0,∴q>0∴q=

于是得=

4、答案:2解析:由已知得∴

∴54=108∴=2.故应填2.

三、解答题

1、分析:为减少引入的参数的个数,运用“对称设法”;由题意设这三个数为、-2、-2q,只是不知道如何排列后三个数才能依次成等差数列,由此引入讨论。

解:由题意设这三个数为,-2,-2q(1)若-2为及-2q的等差中项,则有()+(-2q)=-4

∴-2q+1=0,即q=1此时,三个数分别为-2,-2,-2,满足题意.

(2)若为-2及-2q的等差中项,则有(-2)+(-2q)=-∴+q-2=0(q+2)(q-1)=0

∴q=-2或q=1。当q=-2时,三个数分别为-2,1,4,满足题意;当q=1时三个数分别为-2,-2,-2.亦满足题意.

(3)若-2q为-2及的等差中项,则有(-2)+()=-4q2-q-1=0(q-1)(2q+1)=0

∴q=-或q=1。当q=-时,三个数分别为4,1,-2.满足题意;当q=1时,三个数分别为-2,-2,-2.满足题意.于是综合(1)、(2)、(3)可得,所求这三个数排成的等差数列分别为:-2,-2,-2;-2,1,4;4,1,-2.

点评:以所设三个数中哪个数作等差中项为主线展开讨论,分类清晰,层次分明,值得今后解题时学习、借鉴.

2、分析:由等差数列与等比数列的联系可知,这里的数列{}为等比数列.因此,欲求,先求等比数列{}的首项和公比.

解:设数列{lg}的公差为d,则有lg-lg=d(n∈N※),∴(n∈N※),

∴数列{}为等比数列.设数列{}的公比为q,则由已知得

∴由

又0<r<s,∴q=(3)∴(3)代入(1)得(4)

于是由(3)(4)得由此得

点评:尽管我们可直接洞察出这里的{}为等比数列,但解题时还要履行“证明”的手续;这里求公比q,既可转化为等比数列的项的等式后,运用两式相除;也可直接对等差数列的项的等式,运用两式相减.比如:对于

(5)-(6)得∴∴(r-s)d=s-r

又0<r<s,∴d=-1由此可得q=.

3、分析:根据已知条件中的,可求出;据此,又可由已知条件求出、,进而可得数列

{}的公比q(),于是(1)获得解决.

解:(1)∵∴;当n≥2时,=4n-2

又适合上式,∴4n-2(n∈N※)①即数列{}是首项,公差d=4的等差数列.

设数列{}的公比为q,则由已知得∴∴(n∈N※)②

于是由①②得:数列{}的通项公式为4n-2(n∈N※),数列{}的通项公式为(n∈N※).

(2)由(1)得∴

两式相减得:

-3由此得(n∈N※)

点评:若数列{}为等差数列,{}为等比数列,则由它们构造出的新数列{}常被人们称为混合数列(又称等差比数列),混合数列求前n项和,通用的解法是“错位相减法”,大家可以从上面求的过程品味求和的要领.

4、分析:认知数列{}的特性,乃解题的切入点和关键环节;设数列{}的前n项和为,则在已知条件下

因此,再利用已知关系式则Sn易得,求bn也胜卷在握。

解:(1)∵(n∈N※)∴数列{}的前n项和(证明从略)

∴由得(n∈N※)∴

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