中考物理简单机械专题

1、最新中考物理简单机械专题一、简单机械选择题1将一个重为4.5N的物体沿斜面从底端匀速拉到顶端（以下列图），斜面长1.2m，高0.4m，斜面对物体的摩擦力为0.3N（物体大小可忽略）则以下说法正确的选项是A沿斜面向上的拉力0.3NB适用功0.36J，机械效率20%C适用功1.8J，机械效率20%D总功2.16J，机械效率83.3%【答案】D【解析】试题解析：由题意知：物重G=4.5N，高h=0.4m，斜面长L=1.2m，碰到的摩擦力f=0.3N，则所做的适用功W有=Gh=4.5N0.4m=1.8J，所做的额外功W额=fL=0.3N1.2m=0.36J故总功为W总=W有+W额=1.8J+0.36J

2、=2.16J，机械效率=W有/W总=1.8J/2.16J=83.3%应选项D是正确的【考点定位】功、机械效率的相关计算2以下说法中正确的选项是A机械效率越高，机械做功必然越快B做功越多的机械，机械效率必然越高C做功越快的机械，功率必然越大D功率越大的机械做功必然越多【答案】C【解析】机械效率越高，表示适用功与总功的比值越大，功率表示做功快慢，功率越大，机械做功必然越快机械效率与功率没相关系，故A错误做功越多的机械，适用功与总功的比值不用然大，机械效率不用然高，故功率是表示做功快慢的物理量，做功越快的机械，功率必然越大，故B错误C正确，吻合题意为答案功等于功率与时间的乘积，时间不确定，因此功率越

3、大的机械做功不用然越多，故D错误3用一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组把重150N的物体匀速提升绳重时，滑轮组的机械效率为60%则以下选项错误的选项是（）A适用功必然是150JB总功必然是250JC动滑轮重必然是100ND拉力大小必然是125N1m，不计摩擦和【答案】D【解析】【解析】知道物体重和物体上升的高度，利用W=Gh求对物体做的适用功；又知道滑轮组的机械效率，利用效率公式求总功，求出了适用功和总功可求额外功，不计绳重和摩擦，额外功W额=G轮h，据此求动滑轮重；不计摩擦和绳重，依照F=1（G物+G轮）求拉力大小n【详解】对左图滑轮组，担当物重的绳子股数n=3，对物体做的适用功：W有=Gh

4、=150N1m=150J，W有W有150J由=，得：W总=250J，因此，W额=W总-W有=250J-150J=100J；由于不W总60%计绳重和摩擦，W额=G轮h，因此动滑轮重：W额100J=100N，拉力F的大小：G轮=h1mF=1（G物+G轮）=1（150N+100N）=250N；对右图滑轮组，担当物重的绳子股数333n=2，对物体做的适用功：W有W有=Gh=150N1m=150J，由=，得：W总W总W有150J=250J，因此W额=W总-W有=250J-150J=100J；由于不计绳重和摩擦，W额=G轮=60%h，因此动滑轮重：G轮=W额=100J=100N，拉力F的大小：F=1（G物

5、+G轮）=1h1m22（150N+100N）=125N；由以上计算可知，对物体做的适用功都是150J，总功都是250J，动滑轮重都是100N，故A、B、C都正确；但拉力不一样，故D错应选D4如图，小明分别用甲、乙两滑轮把同一沙桶从1楼地面缓慢地提到2楼地面，用甲滑轮所做的功为W1，机械效率为1；用乙滑轮所做的总功率为W2，机械效率为2，若不计绳重与摩擦，则（）AW1W2，12B.W1=W2，12CWW,12DW=W,1=21212【答案】A【解析】由于用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，因此两种情况的适用W有功相同；依照可知：当适用功一准时，利用机械时做的额外功越少，则总功越W总少

6、，机械效率越高。而乙滑轮是动滑轮,因此利用乙滑轮做的额外功多,则总功越多,机械效率越低。即W12.应选C.5以下列图，轻质杠杆AB，将中点O支起来，甲图的蜡烛粗细相同，乙图的三支蜡烛完全相同，所有的蜡烛燃烧速度相同。在蜡烛燃烧的过程中，则杠杆A甲左端下沉，乙右端下沉B甲左端下沉，乙仍保持平衡C甲右端下沉，乙右端下沉D甲、乙均能保持平衡【答案】B【解析】【详解】设甲乙两图中的杠杆长均为l。图甲中，m左l左=m右l右，燃烧速度相同，蜡烛因燃烧减少的质量m相同，故左侧为：（m左-m）l左=m左l左-ml左，右侧为：（m右-m）l右=m右l右-ml右，由于l左小于l右，因此（m左-m）l左=m左左-m

7、l左（m右-m）l右=m右右右，ll-ml故左端下沉；图乙中，设一只蜡烛的质量为m2ml=ml，直尺在水平川点平衡；三支蜡烛同时点燃，并且燃烧速度相同，三支蜡烛因燃烧减少的质量m相同，2（m-m）l=（m-m）l，在燃烧过程中直尺还可以平衡应选B6以下列图，动滑轮重为1NF为5NG和弹簧秤读数为，拉力，则重物AG为4N，弹簧秤读数为5NBG为9N，弹簧秤读数为10NCG为10N，弹簧秤读数为5NDG为9N，弹簧秤读数为5N【答案】D【解析】此时弹簧秤与拉力F共同担当重物和滑轮的重力，因拉力F为5N，因此弹簧秤读数也为5N；，因此G=9N，应选项D正确；应选D7以下列图，一长为L的直杆可绕O点转

8、动，杆下挂一所受重力为G的物块，刚开始直杆与竖直方向夹角为60o.为了安全下降物块，用一个向来水平向右且作用于直杆中点的拉力F，使直杆缓慢地转动到竖直地址（能够认为杠杆每一刹时都处于平衡状态），则以下说法正确的A拉力F的大小保持不变衡力C这个过程中物块重力所做的功为1GL2杠杆【答案】CB拉力F和物块重力G是一对平D这个过程中直杆素来都是费力【解析】【详解】A由图知，杠杆由与竖直方向成60角逐渐转到竖直地址时，由于拉力向来水平，因此其力臂逐渐变大；物体对杠杆拉力为阻力，转动过程中阻力臂逐渐变小；由杠杆平衡条件可知拉力F逐渐变小，故A错误；B拉力F和物块重力大小不等、不一条直线上，不作用在一个物

9、体上，因此不是一对平衡力，故B错误；C杠杆由与竖直方向成60角时，杠杆右端高度h1L，转到竖直地址时杠杆下端高度2降到L处，因此物体下降高度11VhLLL，因此物体重力做功22WGVh1GL2，故C正确；D当杠杆转到竖直地址时，阻力臂为0，杠杆为省力杠杆，故D错误。8以下简单机械中既能够省力，同时又能够改变力的方向的是A定滑轮B动滑轮C斜面D滑轮组【答案】D【解析】【解析】不一样机械的优缺点都不一样样：动滑轮省力，但不能够改变力的方向；定滑轮能够改变方向，但不能够省力；斜面只能改变力的大小；滑轮组既能够改变力的大小也能够改变力的方向【详解】、定滑轮只能改变力的方向，不能够省力，不吻合题意；B、

10、动滑轮能够省力，但不能够改变力的方向，不吻合题意；C、斜面能够省力，不能够改变力的方向，不吻合题意；D、滑轮组既能够省力，也能够改变力的方向，吻合题意；应选D9用以下列图的滑轮组拉动水平川面上重1000N的物体A，使物体A在4s内匀速前进了4m，物体A碰到地面的摩擦力f=300N，所用拉力F=120N，忽略绳重、滑轮重及绳与滑轮间的摩擦以下说法中正确的选项是A绳子自由端在4s内搬动了8mB物体A重力做功的功率为1000WC物体A战胜摩擦力做的功为480JD滑轮组的机械效率约为83.3%【答案】D【解析】【详解】A由题图可知，担当物体拉力的绳子的股数n=3，因此物体A在4s内匀速前进了4m，则绳

11、子自由端在4s内搬动了s绳子=34m=12m。故A错误。B物体在重力方向上没有做功，因此物体A重力做功的功率为0，故B错误。C物体A战胜摩擦力做的功W适用=fs=300N4m=1200J，故C错误。D由题可知：物体A战胜摩擦力做的功W适用=fs=300N4m=1200J，拉力F所做的总功W总=Fs绳子=120N12m=1440J，因此滑轮组的机械效率W适用100001200J1000083.3%，W总1440J故D正确为答案。10以下列图，一均匀木板AB，B端固定在墙壁的转轴上，木板可在竖直面内转动，木板下垫有长方形木块C，恰好使木板水平放置现有水平拉力F拉木块C，在粗糙水平川面上由B向A缓慢

12、运动过程中，拉力F将A变小B不变C逐渐增大D先减小后增大【答案】A【解析】【详解】以杆为研究对象，杆受重力G和C对它的支持力F支，依照杠杆平衡条件可得：F支?l支=G?lG，水平力F由B向A缓慢匀速推动木块，F支的力臂在增大，重力G及其力臂lG均不变，因此依照杠杆平衡条件可知，在整个过程中支持力在逐渐减小；由于支持力逐渐减小，且力的作用是相互的，因此可知杆对物体C的压力也逐渐减小，依照影响摩擦力大小的因素可知，C和木板间、C和地面间的摩擦力逐渐减小，拉力和摩擦力是平衡力，由力的平衡条件可知，水平拉力F也逐渐减小11如图用同一滑轮组分别将两个不一样的物体A和B匀速提升相同的高度，不计绳重和摩擦的

13、影响，提升A的过程滑轮组的机械效率较大，则以下判断正确的选项是A物体比B物体轻提升A的拉力较大提升A所做的额外功较少提升A做的适用功很多A只有B只有C只有D只有【答案】B【解析】【详解】由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，不计绳重和摩擦，战胜动滑轮重力所做的功是额外功，由W额=G动h知，提升A和B所做额外功相同，不计绳重与摩擦的影响，滑轮组的机械效率：=W有W有=，额外功相同，提升A物体时滑轮W总W有W额组的机械效率较大，因此提升A物体所做的适用功较大，由于提升物体高度相同，因此A物体较重，提升A物体用的拉力较大，故ACD错误，B正确。12以下列图，用一滑轮组在5s内将一

14、重为200N的物体向上匀速提起2m，不计动滑轮及绳自重，忽略摩擦。则A物体上升的速度是2.5m/sB拉力F大小为400NC拉力F的功率为40WD拉力F的功率为80W【答案】D【解析】【详解】A由vs得体的速度：th2mv0.4mst5s故A项不吻合题意；B图可知，绳子段数为n2，不计动滑轮及绳自重，忽略摩擦，则拉力：F1G1200N100N22故B项不吻合题意；CD绳子自由端搬动的速度：v绳2v物20.4ms0.8ms拉力F的功率：WFsPFv100N0.8ms80Wtt故C项不吻合题意，D项吻合题意。13以下列图的滑轮组上:挂两个质量相等的钩码AB,放手后将出现的现象是（忽略滑轮重,绳重及摩

15、擦）（）AA下降BB下降C保持静止D无法确定【答案】A【解析】解析：利用动滑轮、定滑轮的省力特点解析解答此题。定滑轮只能改变力的方向，不能够省力，动滑轮能够省一半的力。解答：B所在的滑轮为动滑轮，动滑轮省一半的力，A所在的滑轮为定滑轮，定滑轮不省力；A与B质量相等，重力相等，将B拉起只需A重力的一半即可，因此A下降，B上升。应选：A。【点睛】此题观察了动滑轮、定滑轮的省力特点，难点是判断动滑轮和定滑轮，属于基础题目。14以下列图，杠杆上分别放着质量不相等的两个球，杠杆在水平川点平衡，若是两球以相同速度同时匀速向支点搬动，则杠杆A还可以平衡B不能够平衡，大球那端下沉C不能够平衡，小球那端下沉D无

16、法判断【答案】C【解析】【详解】开始时两球平衡，即力矩相等；当运动时，两球速度相同，则在相同时间内搬动的距离相同，大球的力矩减少的快，则大球力矩会小于小球力矩，杠杆向小球那端下沉15如图，O为拉杆式旅行箱的轮轴，OA为拉杆现在拉杆端点A处施加一竖直向上的力F，使箱体从图示地址绕O点缓慢逆时针转至凑近竖直地址则力F的大小A素来变大B向来不变C素来变小D先变小后变大【答案】B【解析】【详解】由题意可知，箱体的重力不变，也就是杠杆的阻力大小不变，动力F竖直向上，重力G竖直向下，这两个力的方向向来平行，根三角形的相似性可知，动力臂与阻力阻的比值是不变的，依照杠杆的平衡条件可知动力与阻力的比值也是不变的

17、，由于阻力不变，因此动力的大小是向来不变的，故应选B16如图甲所示，是建筑工地上的塔式起重机表示图，它是经过电动机带动如图乙所示的滑轮组起吊物料的若是这个滑轮组把310s内匀速提升l0m，绳子自由端610N的重物在的拉力F=2.110N，不计所有摩擦和绳重，则以下说法中正确的选项是A拉力做的功是2.14310JB拉力F的功率是2.110WC该滑轮组的动滑轮共重300ND该滑轮组的机械效率是80%【答案】C【解析】由图乙知道，滑轮组绳子的有效股数是n=3，即绳子自由端搬动的距离是：s=3h=310m=30m，因此拉力做的功是：W总=Fs=2.1103N30m=6.3104J，故A错误；拉力做功的

18、功率是：P=W总/t=6.3104N/10s=6.3103W，故B错误；若不计绳重和摩擦，则由F=（G+G动）/n可知，动滑轮的总重是：G动=nF-G=32.1103N-6103N=300N，故C正确；拉力做的适用功是：W有=Gh=6103N10m=6104有J，滑轮组的机械效率是：=W/W总100%=6104J/6.3104J100%95.2%，故D错误，应选C17以以下列图所示的四种机械提起同一重物，不计机械自重和摩擦，最省力的是ABCD【答案】D【解析】【详解】依照题意知道，在不计机械自重和摩擦的条件下使用的简单机械；A图的杠杆提升重物时，由于动力臂小于阻力臂，因此是费力杠杆，即FG；B

19、用图中的杠杆提升重物时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，即F=G；C图中滑轮组担当物重的绳子的有效股数是：n=2，因此，绳端的拉力是：；D图中滑轮组担当物重的绳子的有效股数是：n=3因此，绳端的拉力是：；综上所述，只有D图中的机械最省力。18同一滑轮用如图甲、乙两种方式匀速提升重为和滑轮的摩擦力不计则（）100N的物体，已知滑轮重20N、绳重A手的拉力：F甲F乙；机械效率：甲乙B手的拉力：F甲=F乙；机械效率：甲=乙C手的拉力：F甲F乙；机械效率：甲乙D手的拉力：F甲F乙；机械效率：甲乙【答案】C【解析】【详解】甲为定滑轮，由定滑轮的使用特点可知：绳重和摩擦力不计，F甲G，并且能够改变力的方向。

20、乙为动滑轮，F乙1G），由题知，G动=20NG，因此F甲F乙。（G动2以下列图，用定滑轮和动滑轮分别将质量相同的甲、乙两物体匀速提升相同的高度，不计绳重与摩擦，则所做的适用功W适用相同大，由于要战胜动滑轮重力的作用，因此使用动滑轮做的总功多，由W适用乙，故C正确为答可知，定滑轮的机械效率高，因此甲W总案，选项ABD错误。19以下列图，作用在杠杆一端且向来与杠杆垂直的力置B，在这个过程中，力F的大小将（）F，将杠杆缓慢地由地址A拉至位A不变B变小C变大D先变大后变小【答案】C【解析】【详解】在杠杆缓慢由A到B的过程中，力F向来与杠杆垂直，因此动力臂OA的长度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力

21、臂l却逐渐增大；由杠杆的平衡条件知：F?OA=G?l，当OA、G不变时，l越大，那么F越大；因此拉力F在这个过程中逐渐变大C吻合题意，选项ABD不吻合题意20为研究动滑轮和定滑轮的特点，设计以下两种方式拉升重物，下面关于研究的做法和认识正确的选项是（）A用动滑轮提升重物上升h高度，测力计也上升h高度B若拉升同一物体上升相同高度，用动滑轮拉力更小，且做功更少C减小动滑轮质量能够提升动滑轮的机械效率D若用定滑轮拉重物，当拉力竖直向下最省力【答案】C【解析】【详解】A用动滑轮提升重物上升h高度，由于有两段绳子承重，因此测力计上升2h高度，故A错误；B拉升同一物体上升相同高度，用动滑轮时可否省力还取决

22、于动滑轮的重和摩擦力的大小，而由于要提起动滑轮做功，故做功很多，故B错误；C减小动滑轮质量，能够减小额外功，依照W适用W适用W总可知，能够提升动W适用+W额外滑轮的机械效率，故C正确D用定滑轮拉重物，拉力的力臂为滑轮的半径，因此向各个方向的拉力都相等，故D错误【点睛】重点理解机械效率为适用功与总功的比，适用功不变，当额外功减小时，总功减小，因此机械效率会提升21在研究杠杆平衡条件的时候，小明在均匀木板中间挖孔，孔中插一金属杆，固定在铁架台上，木板能够围绕中间自由转动每个钩码的质量为200g，A、B、C、D、E、F为质量不计的挂钩，己知ABBOOCCD，ABOCD的连线与EDF的连线垂直现在B处

23、挂两个钩码，D处挂一个钩码，木板在水平川点平衡（以下列图）以下做法能使木板仍在水平川点平衡的是A在B、D两处各加挂一个钩码B在B处加挂1个钩码，D处加挂2个钩码CB处挂两个钩码不变，把D处的一个钩码挂在F处D把B处两个钩码挂在【答案】CA处，把D处的一个钩码挂在C处【解析】【解析】（1）吻合杠杆平衡条件F1l1=F2l2，杠杆平衡，不吻合杠杆平衡条件，力和力臂乘积大的一端下沉（2）力臂是从支点到力的作用线的距离，把钩码挂在E处、F处杠杆水平平衡时，力臂均和钩码挂在D处的力臂相等【详解】设AB=BO=OC=CD=L，每个钩码的重力为GA在B、D两处各加挂一个钩码时，杠杆左侧力与力臂的积为3GL，

24、右侧力与力臂的积为2G2L，因3GL2G2L，因此木板不会平衡，故A错误；B在B处加挂1个钩码、D处加挂2个钩码时，杠杆左侧力与力臂的积为3GL，右侧力与力臂的积为3G2L，因3GL3G2L，因此木板不会平衡，故B错误；C把D处的一个钩码挂在E处或F处，杠杆右侧的力臂不变，仍为OD长，杠杆左右两侧力与力臂的乘积相等，因此木板会平衡，故C正确D把B处两个钩码挂在A处，把D处的一个钩码挂在C处，杠杆左侧力与力臂的积为2G2L，右侧力与力臂的积为GL，因2G2LGL，因此木板不会平衡，故D错误；应选C22以下列图的是工人在平台上经过滑轮组向上拉起重物G的情况已知重物G所受的重力为700N，当他沿水平

25、方向用400N的力拉重物G时，重物G恰好做匀速直线运动不计绳重及摩擦，以下说法正确的选项是A该滑轮组的动滑轮所受的重力为100NB若工人拉动绳子的速度为0.5m/s，则4s后，绳子的拉力所做的功为1400JC当工人用等大的力使绳子以不一样速度匀速运动，且绳端运动相同的距离时，工人所做的功大小不一样D若将重物G换为质量更大的物体，则在不改变其他条件的情况下，工人将更省力【答案】A【解析】1A、不计绳重及摩擦，动滑轮组进行受力解析，F（G物G动），2滑轮组的动滑轮所受的重力：G动=2F-G物=2400N-700N=100N，故A正确；B、绳子搬动的距离，s=vt=0.5m/s4s=2m，绳子的拉力

26、所做的功：W=Fs=400N2m=800J，故B错误；C、工人所做的功，等于绳子的拉力与绳子搬动距离的乘积，与绳子的不一样速度没关，大小W=Fs，工人所做的功相同，故C错误；D、不计绳重及摩擦，动滑轮组进行受力解析，F1G动），当重物G换为质量更（G物2大的物体时，F将变大，更费力，故D错误应选A23用以下列图的滑轮组在10s内将300N的重物匀速提升3m，已知动滑轮重30N，不计绳重与摩擦，则A利用滑轮组所做的适用功是450JB绳子自由端搬动的速度是0.9m/sC拉力的功率是99WD滑轮组的机械效率是80%【答案】C【解析】利用滑轮组所做的适用功：W有=Gh=300N3m=900J，故A错误；拉力做的功：W总=（G+G动）h=（300N+30N）3m=990J，拉力的功率：P=W/t=990W10s=99W，故C正确；滑轮组的机械效率：=W有/W总100%=900J/990J100%90.9%，故D错误；由