2023年10月浙江省选考物理(解析版)

1、2023浙江10月选考(物理)12023浙江10月选考以下物理量中属于标量的是()A路程B位移C速度D加速度A解析路程是只有大小的标量，选项A正确；位移、速度、加速度都是有方向的矢量，所以选项B、C、D错误22023浙江10月选考以下均属于国际制根本单位的是()Am、N、JBm、kg、JCm、kg、sDkg、m/s、NC解析力学中有3个根本物理量，即质量、长度、时间，单位分别是kg、m、s.N、J等都不是国际制根本单位，所以C正确32023浙江10月选考中国女排在2023年奥运会比赛中再度守冠图为比赛中精彩瞬间的照片，此时排球受到的力有()图1A推力B重力、推力C重力、空气对球的作用力D重力、

2、推力、空气对球的作用力C解析图中排球受到的力只有重力、空气对球的阻力，此刻人手与球并没有接触，所以没有推力，所以选项A、B、D错误，选项C正确易错提醒在受力分析时容易假想出个别力，例如下滑力、向心力等判断力存在与否的关键是是否存在施力物体图14.2023浙江10月选考如下列图，无人机在空中匀速上升时，不断增加的能量是()A动能B动能、重力势能C重力势能、机械能D动能、重力势能、机械能C解析无人机匀速上升，所以动能保持不变；因高度不断增加，所以重力势能不断增加；在上升过程中升力对无人机做正功，所以机械能不断增加，选项C正确易错警示机械能的变化需要看除重力之外的其他力是否做功，其他力做正功，机械能

3、增加，反之那么减少52023浙江10月选考在“G20峰会“最忆是杭州的文艺演出中，芭蕾舞演员保持如下列图姿式原地旋转，此时手臂上A、B两点角速度大小分别为A、B，线速度大小分别为vA、vB，那么()图1AABCvAvBD解析A、B两处在人自转的过程中的运动周期一样，根据eq f(2,T)可知，A、B两处的角速度一样，选项A、B错误A处转动的半径较大，根据vr可知，A处的线速度较大，选项C错误，选项D正确62023浙江10月选考某探险者在野外攀岩时，踩落一小石块，约5s后听到石块直接落到崖底的声音探险者离崖底的高度最接近的是()A25mB50mC110mD150mC解析小石头落入井中，其下落过程

4、可以看作自由落体运动，有heq f(1,2)gt2，代入数据得heq f(1,2)1052m125m，考虑到声音传回来大约有0.3s，故下落距离应略小于125m，选项C正确72023浙江10月选考一水平固定的水管，水从管口以不变的速度源源不断地喷出水管距地面高h1.8m，水落地的位置到管口的水平距离x1.2m不计空气及摩擦阻力，水从管口喷出的初速度大小是()A1.2m/sB2.0m/sC3.0m/sD4.0m/sB解析水平喷出的水做平抛运动，根据平抛运动规律heq f(1,2)gt2可知，水在空中运动的时间为0.6s，根据xv0t可知，水从管口喷出的初速度为v02m/s，选项B正确82023浙

5、江10月选考如图为某一电场的电场线，M、N、P为电场线上的三个点，M、N是同一电场线上两点以下判断正确的是()图1AM、N、P三点中N点的场强最大BM、N、P三点中N点的电势最高C负电荷在M点的电势能大于在N点的电势能D正电荷从M点自由释放，电荷将沿电场线运动到N点A解析电场线的疏密反映了电场的强弱，所以N点场强最大，选项A正确顺着电场线的方向，电势降低，所以M点的电势最高，选项B错误根据Epq，MPN，可知负电荷在M点电势能小于在N点的电势能，选项C错误正电荷在M点自由释放后，电荷将在电场力的作用下运动，但是运动轨迹并不是电场线，选项D错误92023浙江10月选考一根细橡胶管中灌满盐水，两端

6、用短粗铜丝塞住管口管中盐水柱长为40cm时测得电阻为R.假设溶液的电阻随长度、横截面积的变化规律与金属导体相同现将管中盐水柱均匀拉长至50cm(盐水体积不变，仍充满橡胶管)，那么盐水柱电阻变为()A.eq f(4,5)RB.eq f(5,4)RC.eq f(16,25)RD.eq f(25,16)RD解析由于总体积不变，设40cm长时的横截面积为S，那么长度变为50cm后，横截面积Seq f(4,5)S，根据电阻定律得Req f(40,S)，Req f(50,f(4,5)S)，联立可得Req f(25,16)R，选项D正确方法技巧此题在判断过程中需要借助液体的总体积保持不变求出横截面积的变化1

7、02023浙江10月选考如下列图，把一根通电的硬直导线ab，用轻绳悬挂在通电螺线管上方，直导线中的电流方向由a向b.闭合开关S瞬间，导线a端所受安培力的方向是()图1A向上B向下C垂直纸面向外D垂直纸面向里D解析根据安培定那么可知，开关闭合后，螺线管产生的磁场等效为N极在右端的条形磁铁产生的磁场根据左手定那么可知，导线a端所受安培力垂直纸面向里，选项D正确112023浙江10月选考如图为一种效劳型机器人，其额定功率为48W，额定工作电压为24V机器人的锂电池容量为20Ah，那么机器人()图1A额定工作电流为20AB充满电后最长工作时间为2hC电流充满电后总电量为7.2104CD以额定电流工作时

8、每秒消耗能量为20JC解析根据PUI可知，额定电流为2A，选项A错误电源的容量为20Ah，即在额定电流2A下工作时，能够工作的最长时间为10h，选项B错误电源充满电后的总电量为qIt203600C7.2104C选项C正确在额定电流下，机器人的功率为48W，即每秒消耗能量为48J，选项D错误122023浙江10月选考如下列图，“天宫二号在距离地面393km的近圆轨道运行引力常量G6.671011Nm2/kg2，地球质量M6.01024kg，地球半径R6.4103km.由以上数据可估算()图1A“天宫二号质量B“天宫二号运行速度C“天宫二号受到的向心力D地球对“天宫二号的引力B解析根据万有引力提供

9、向心力，即eq f(GMm,r2)meq f(v2,r)，可知veq r(f(GM,r)，所以可求出“天宫二号运动速度，选项B正确在各等式中“天宫二号的质量在两边会消去，故无法求出“天宫二号的质量，同时其受到的向心力、引力都因为不知质量而无法求解，选项A、C、D错误图1132023浙江10月选考如下列图，质量为m、电荷量为q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，带有电荷量也为q的小球B固定在O点正下方绝缘柱上其中O点与小球A的间距为l，O点与小球B的间距为eq r(3)l.当小球A平衡时，悬线与竖直方向夹角30.带电小球A、B均可视为点电荷，静电力常量为k，那么()AA、B间库仑力大小Feq f(

10、kq2,2l2)BA、B间库仑力大小Feq f(r(3)mg,3)C细线拉力大小FTeq f(kq2,3l2)D细线拉力大小FTeq r(3)mg命题意图此题考查了库仑定律作用下带电体的平衡问题B解析小球A的受力分析如下列图，由对称性可知，绳子拉力等于库仑力，根据平衡条件有Fcos30eq f(1,2)mg，解得Feq f(r(3)mg,3)，那么绳子拉力FTeq f(r(3)mg,3)，选项B正确方法总结平衡问题中需要做好受力分析，利用几何知识，一般采用正交分解法求解142023浙江10月选考【加试题】用a、b两种不同波长的光，先后用同一装置做双缝干预实验，得到两种干预条纹，其中a光的干预条

11、纹间距大于b光的条纹间距，那么()Aa光的波长大于b光的波长Ba光的频率大于b光的频率C在玻璃中，a光的速度等于b光的速度D从玻璃射向空气发生反射时，a光的临界角大于b光的临界角AD解析根据双缝干预的条纹间距xeq f(L,d)可知，用同一实验装置时，干预条纹间隔越大，说明波长越大，即频率越小，故a光的波长大而频率小，A正确，B错误频率越小，介质对它的折射率越小，根据neq f(c,v)可知，在介质中的传播速度越大，故a光在介质中的传播速度大，C错误根据sinCeq f(1,n)可知，介质的折射率越小，那么全反射的临界角越大，所以a光的全反射临界角大，选项D正确152023浙江10月选考【加试

12、题】如图为氢原子能级图，氢原子中的电子从n5能级跃迁到n2能级可产生a光；从n4能级跃到n2能级可产生b光a光和b光的波长分别为a和b，照射到逸出功为2.29eV的金属钠外表均可产生光电效应，逷止电压分别为Ua和Ub，那么()图1AabBUaUbCa光的光子能量为2.86eVDb光产生的光电子最大初动能Ek0.26eVBCD解析根据能级跃迁知识可得haE5E20.54eV(3.4eV)2.86eV，hbE4E20.85eV(3.4eV)2.55eV，显然a光的光子的能量大于b光的光子能量，即a光频率大，波长短，A错误，C正确根据光电效应可知，最大初动能EkhW0，所以a光产生的光电子的最大初动

13、能为Eka2.86eV2.29eV0.57eV，b光产生的光电子最大初动能为Ekb2.55eV2.29eV0.26eV，选项D正确根据截止电压UcEk可知，UaUb，选项B正确易错提醒最大初动能指的是光电子溢出过程中可能获得的最大动能，当给光电管施加反向电压时，恰好使得光电子到达正极的速度为零所需要的电压即为反向截止电压反向截止电压越大，说明光电子的最大初动能越大162023浙江10月选考【加试题】用中子(eq oal(1,0)n)轰击轴核(eq oal(235,92)U)产生裂变反响，会产生钡核(eq oal(144,56)Ba)和氪核(eq oal(89,36)Kr)并释放出中子(eq o

14、al(1,0)n)，当到达某些条件时可发生链式反响一个轴核(eq oal(235,92)U)裂变时，释放的能量约为200MeV(1eV1.61019J)以下说法正确的是()A.eq oal(235,92)U的裂变方程为eq oal(235,92)Ueq oal(144,56)Baeq oal(89,36)Kreq oal(1,0)nB.eq oal(235,92)U的裂变方程为eq oal(235,92)Ueq oal(1,0)neq oal(144,56)Baeq oal(89,36)Kr3eq oal(1,0)nC.eq oal(235,92)U发生链式反响的条件与轴块的体积有关D一个eq

15、 oal(235,92)U裂变时，质量亏损约为3.61028kgBCD解析铀核在裂变过程中需要中子轰击，产生链式反响，选项A错误，选项B正确在链式反响过程中，需要铀矿至少到达临界体积才能维持链式反响持续不断进行下去，选项C正确根据质能方程Emc2可知，反响过程中质量亏损为meq f(2001061.61019,31082)kg3.61028kg，选项D正确172023浙江10月选考在“探究小车速度随时间变化的规律实验中(1)以下说法中不正确或不必要的是_(填字母)A长木板的一端必须垫高，使小车在不挂钩码时能在木板上做匀速运动B连接钩码和小车的细线应与长木板保持平行C小车应靠近打点计时器，先接通

16、电源，后释放小车D选择计数点时，必须从纸带上第一个点开始(2)图1是实验中打下的一段纸带，算出计数点2的速度大小为_m/s，并在图2中标出，其余计数点1、3、4、5对应的小车瞬时速度大小在图2中已标出(3)作图并求得小车的加速度大小为_m/s2.图1图1答案 (1)AD(2)0.60(3)1.45解析 (1)在“探究小车的速度随时间变化的规律实验中，并不需要小车在不挂钩码时匀速运动，即不需要平衡摩擦力，选项A是不必要的在处理纸带时，由于第一点并不确定，因此常常将前面的点去掉，从清晰可辨的点取点后处理实验数据，所以D选项也不是必要的连接小车的细绳需要与木板平行，否那么就要涉及绳子拉力分解问题，即

17、拉力是一个变力，选项B是必要的操作时应先接通电源，后释放小车，所以选项C是必要的(2)根据图中x13.80cm，x315.70cm，所以v2eq f(x3x1,2T)0.60m/s(3)作出图像如下列图，由图可知小车的加速度a1.45m/s2182023浙江10月选考“测绘小灯泡的伏安特性曲线实验，要求采用分压电路，电流表外接小王的连接如图1所示，闭合开关S前请老师检查，老师指出图中标示的、两根连线有一处错误，错误连线是_(选填“或“)；图中标示的、和三根连线有一处错误错误连线是_(选填“或“)小王正确连线后，闭合开关S前，应将滑动变阻器滑片C移到_(选填“A或“B)处闭合开关S，此时电压表读

18、数为_V缓慢移动滑动C到某一位置时，电流表指针如图2所示，电流表的示数为_A.图1答案A00.32解析本实验的电路图如下列图，应该采用分压式、外接法，所以、两根导线有问题实验开始时为了保证实验仪器的正常使用，需要将滑片C移到最左端，即A处，开关闭合后，电压表读数为0V.图2中电流表的读数为0.32A.192023浙江10月选考在某段平直的铁路上一列以324km/h高速行驶的列车某时刻开始匀减速行驶，5min后恰好停在某车站，并在该站停留4min，随后匀加速驶离车站，经8.1km后恢复到原速324km/h.(1)求列车减速时的加速度大小；(2)假设该列车总质量为8.0105kg，所受阻力恒为车重

19、的0.1倍，求列车驶离车站加速过程中牵引力的大小；(3)求列车从开始减速到恢复原速这段时间内的平均速度大小图1答案 (1)0.3m/s2(2)1.2106N(3)30m/s解析 (1)列车的速度为324km/h90m/s，经过5min300s停下，所以加速度为aeq f(v,t)eq f(090,300)m/s20.3m/s2(2)依题意，f0.1mg，根据牛顿第二定律，有F0.1mgma根据运动学公式，有v22ax联立解得a0.5m/s2，F1.2106N(3)根据(2)可知，加速过程的时间为teq f(v,a)eq f(90,0.5)s180s减速过程中通过的位移xeq f(v,2)teq

20、 f(90,2)300m13500m所以整个过程的平均速度veq f(xx,t总)eq f(135008100,300240180)m/s30m/s202023浙江10月选考如图1所示，游乐场的过山车可以底朝上在竖直圆轨上运行，可抽象为图2的模型倾角为45的直轨道AB、半径R10m的光滑竖直圆轨道和倾角为37的直轨道EF，分别通过水平光滑衔接轨道BC、CE平滑连接，另有水平减速直轨道FG与EF平滑连接，EG间的水平距离l40m现有质量m500kg的过山车，从高h40m处的A点静止下滑，经BCDCEF最终停在G点过山车与轨道AB、EF的动摩擦因数均为10.2，与减速直轨道FG的动摩擦因数20.7

21、5.过山车可视为质点，运动中不脱离轨道，求：(1)过山车运动至圆轨道最低点C时的速度大小；(2)过山车运动至圆轨道最高点D时对轨道的作用力；(3)减速直轨道FG的长度x.(sin370.6，cos370.8)图1答案 (1)8eq r(10)m/s(2)7103N(3)30m解析 (1)设运动至C点时的速度为vC，由动能定理得mgh1mgcos45eq f(h,sin45)eq f(1,2)mveq oal(2,C)解得vC8eq r(10)m/s(2)设运动至D点时的速度为vD，由动能定理得mg(h2R)1mgcos45eq f(h,sin45)eq f(1,2)mveq oal(2,D)由

22、牛顿第二定律得Fmgmeq f(veq oal(2,D),R)解得F7103N根据牛顿第三定律，过山车对轨道的作用力FF7103N.(3)对全程应用动能定理，有mgh(lx)tan371mgcos45eq f(h,sin45)1mgcos37eq f(lx,cos37)2mgx0解得x30m.212023浙江10月选考【加试题】(1)在“探究单摆周期与摆长的关系实验中，测量单摆的周期时，图1中_(选填“甲“乙或“丙)作为计时开始与终止的位置更好些图1(2)如图2所示，在用可拆变压器“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系的实验中，以下说法正确的是_(填字母)图1A用可拆变压器，能方便地从不同接线

23、柱上选取不同匝数的线圈B测量原、副线圈的电压，可用“测定电源的电动势和内阻实验中的直流电压表C原线圈接0、8接线柱，副线圈接0、4接线柱，副线圈电压大于原线圈电压D为便于探究，先保持原线圈匝数和电压不变，改变副线圈的匝数，研究其对副线圈电压的影响答案 (1)乙(2)AD解析 (1)在测量单摆的周期时，一般选取摆球经过最低处时记录，所以选择乙图(2)变压器的输出电压跟输入电压以及原、副线圈匝数之比都有关，因此需要用可拆卸的变压器研究，选项A、D正确变压器只能对交流的电压有作用，不能处理直流的电压，所以应使用交流电压表，选项B错误根据原、副线圈匝数之比等于输入、输出电压之比可知，原线圈接0、8接线

24、柱，副线圈接0、4接线柱时，原线圈匝数比副线圈匝数多，那么副线圈电压小于原线圈电压，选项C错误222023浙江10月选考【加试题】为了探究电动机转速与弹簧伸长量之间的关系，小明设计了如下列图的装置半径为l的圆形金属导轨固定在水平面上，一根长也为l、电阻为R的金属棒ab一端与导轨接触良好，另一端固定在圆心处的导电转轴OO上，由电动机A带动旋转在金属导轨区域内存在垂直于导轨平面，大小为B1、方向竖直向下的匀强磁场另有一质量为m、电阻为R的金属棒cd用轻质弹簧悬挂在竖直平面内，并与固定在竖直平面内的“U型导轨保持良好接触，导轨间距为l，底部接阻值也为R的电阻，处于大小为B2、方向垂直导轨平面向里的匀

25、强磁场中从圆形金属导轨引出导线和通过电刷从转轴引出导线经开关S与“U型导轨连接当开关S断开，棒cd静止时，弹簧伸长量为x0；当开关S闭合，电动机以某一转速匀速转动，棒cd再次静止时，弹簧伸长量变为x(不超过弹性限度)不计其余电阻和摩擦等阻力，求此时：(1)通过棒cd的电流Icd；(2)电动机对该装置的输出功率P；(3)电动机转动角速度与弹簧伸长量x之间的函数关系图1答案 (1)eq f(mgxx0,B2lx0)(2)eq f(6m2g2Rxx02,Beq oal(2,2)l2xeq oal(2,0)(3)eq f(6mgRxx0,B1B2l3x0)解析 (1)S断开时，cd棒静止，有mgkx0

26、S闭合时，cd棒静止，有mgB2Icdlkx联立解得Icdeq f(mgxx0,B2lx0)(2)回路总电阻R总Req f(1,2)Req f(3,2)R总电流I2Icdeq f(2mgxx0,B2lx0)电动机对该装置的输出功率PI2R总eq f(6m2g2Rxx02,Beq oal(2,2)l2xeq oal(2,0)(3)由法拉第电磁感应定律得Eeq f(,t)eq f(1,2)B1l2回路总电流Ieq f(E,R总)eq f(B1l2,3R)联立解得eq f(6mgRxx0,B1B2l3x0)232023浙江10月选考【加试题】如下列图，在x轴的上方存在垂直纸面向里，磁感应强度大小为B0的匀强磁场位于x轴下方离子源C发射质量为m、电荷量为q的一束负离子，其初速度大小范围为0eq r(3)v0.这束离子经电势差为Ueq f(mveq oal(2,0),2q)的电场加速后，从小孔O(坐标原点)垂直x轴并垂直磁场射入磁场区域，最后