2022-2023学年安徽省宿州市萧县实验中学高三物理联考试题含解析

1、2022-2023学年安徽省宿州市萧县实验中学高三物理联考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. “神舟十号”飞船将于2013年6月至8月择机发射，再次与“天官一号”进行交会对接三位航天员再次人住“天宫”完成一系列实验“神舟十号”与“天宫一号”对接后做匀速圆周运动，运行周期为90分钟对接后“天宫一号”的A运行速度大于第一宇宙速度B加速度大于赤道上静止物体随地球自转的加速度C角速度为地球同步卫星角速度的16倍D航天员可以用天平测出物体的质量参考答案：BC第一宇宙速度是地球表面卫星的运行速度，也是卫星绕地球运行的最大速度，由于天宫一号离地有一定高

2、度，故其速度必然要小于第一宇宙速度，A错误；由可知B正确；地球同步卫星的周期为24h，天宫一号的周期为90分钟即1.5h，由可知C正确；航天员随天宫一号一起绕地球做圆周运动，处于完全失重状态，一切与重力有关的实验都将无法完成，故D错误。2. （单选）质量为2kg的物体在x-y平面做曲线运动，在x方向的速度图像和y方向的位移图像.如图所示。下列说法正确的是（ ）A.质点的初速度为5m/sB.质点所受的合外力为6NC.质点初速度的方向与合外力方向垂直D. 2s末速度大小为6m/s参考答案：A3. （多选题）带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度v0进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，如图

3、所示，实线是电场线，下列说法正确的是（）A粒子在a点时的加速度比在b点时的加速度小B从a到b过程中，粒子的电势能不断减小C无论粒子带何种电，经b点时的速度总比经a点时的速度大D电场中a点的电势一定比b点的电势高参考答案：AC【考点】电场线；牛顿第二定律；电势【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小【解答】解：A、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知EAEB，所以a、b两点比较，粒子的加速度在b点时较大，故A正确B、由粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受电场力的方向应该指向轨迹的内侧，根据电场力方

4、向与速度方向的夹角得电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，整个过程电场力做正功，故B错误C、整个过程电场力做正功，根据动能定理得经b点时的动能大于经a点时的动能，所以无论粒子带何种电，经b点时的速度总比经a点时的速度大，故C正确D、由于不知道粒子的电性，也不能确定电场线的方向，所以无法确定a点的电势和b点的电势大小关系，故D错误故选AC4. （多选）U型金属导轨构成如图所示斜面，斜面倾斜角为，其中MN，PQ间距为L，磁感应强度为B的匀强磁场垂直导轨平面，导轨电阻不计，金属棒质量为m，以速度v沿导轨上滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，导轨与棒间的动摩擦因数为，棒接入电路的电阻为R，棒沿

5、导轨上滑位移为时速度减为0，（重力加速度为）则在这一过程中（ ） A棒沿导轨向上做匀减速运动 B棒受到的最大安培力大小为 C导体棒动能的减少量等于mgssin+mgscos D克服安培力做的功等于mvmgssinmgscos参考答案：D5. （单选）如图甲所示，一轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R的圆周运动。小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为N，小球在最高点的速度大小为v，N图像如乙图所示。下列说法正确的是（ ）A当地的重力加速度大小为 B小球的质量为C时，杆对小球弹力方向向上 D若，则杆对小球弹力大小为参考答案：B二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计1

6、6分6. 某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”实验如图a为实验装置简图，A为小车，B为电火花计时器，C为装有砝码的小桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车拉力F等于砝码和小桶的总重量，小车运动加速度a可用纸带上的打点求得 （1）图（b）为某次实验得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为 m/s2（保留二位有效数字） （2）在“探究加速度与质量的关系”时，保持砝码和小桶质量不变，改变小车质量m ，分别得到小车加速度a与质量m数据如下表：次 数123456789小车加速度a/m?s21.981.721.481.251.000.750.480.500.3

7、0小车质量m/kg0.250.290.330.400.500.710.751.001.67根据上表数据，为直观反映F不变时a与m的关系，请在图c 方格坐标纸中选择恰当物理量建立坐标系，并作出图线（如有需要，可利用上表中空格） （3）在“探究加速度与力的关系”时，保持小车的质量不变，改变小桶中砝码的质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F图线如图d ，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因答： 参考答案：7. 某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案。如图所示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端。开始时小球和滑块均静止，剪断细绳后，小球自由下落，滑块沿

8、斜面下滑，可先后听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音。用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动到挡板的水平距离为L。（空气阻力对本实验的影响可以忽略）滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为_。滑块与斜面间的动摩擦因数为_。以下能引起实验误差的是_。a滑块的质量b长度测量时的读数误差c当地重力加速度的大小d小球落地和滑块撞击挡板不同时参考答案： bd由于同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，说明小球和滑块的运动时间相同，由x=at2和H=gt2得：；。 根据几何关系

9、可知：sin=，cos=；对滑块由牛顿第二定律得：mgsin-mgcos=ma，且a=，联立方程解得=由的表达式可知，能引起实验误差的是长度L、h、H测量时的读数误差，同时要注意小球落地和滑块撞击挡板不同时也会造成误差，故选bd。8. 如图所示，光滑斜面长为a，宽为b，倾角为，一物块沿斜面从左上方顶点P水平射入，而从右下方顶点Q离开斜面，此物体在斜面上运动的加速度大小为 ；入射初速度v的大小为 参考答案：a = g sin, v0 = a9. 如图所示，太空宇航员的航天服内充有气体，与外界绝热，为宇航员提供适宜的环境，若宇航员出舱前航天服与舱内气体的压强相等，舱外接近真空，在打开舱门的过程中，

10、舱内气压逐渐降低，航天服内气体内能减少（选填“增加”、“减少”或“不变”）为使航天服内气体保持恒温，应给内部气体加热（选填“制冷”或“加热”）参考答案：解：根据热力学第一定律U=W+Q，Q=0，气体急剧膨胀，气体对外界做功，W取负值，可知U为负值，即内能减小为使航天服内气体保持恒温，应给内部气体加热故答案为：减小，加热10. 一定质量的理想气体，等压膨胀，压强恒为2105帕，体积增大0.2升，内能增大了10焦耳，则该气体 （吸收、放出） 焦耳的热量。参考答案： 答案：吸收， 50 11. (4分)如图所示，一个半径为R的透明球体放置在水平面上，一束蓝光从A点沿水平方向射入球体后经B点射出，最后

11、射到水平面上的C点已知OA=，该球体对蓝光的折射率为，则它从球面射出时的出射角= ；若换用一束红光同样从A点射向该球体，则它从球体射出后落到水平面上形成的光点与C点相比，位置 (填“偏左”、“偏右”或“不变”)。参考答案：60（2分） 偏右（2分）12. 已知地球半径R、自转周期T、地球表面重力加速度g，则其第一宇宙速度为_。地球同步卫星离地面的高度为_。参考答案：，13. （4分）如图所示为龙门吊车的示意图，质量为2t的均匀水平横梁，架在相距8m的A、B两面竖直墙上，一质量为3.2t的吊车停在横梁上距A墙3m处。不计墙的厚度和吊车的大小，则当吊车下端未悬吊重物时，A墙承受的压力等于_ N；若

12、吊车将一质量为1.6t的重物P向上吊起，P到横梁的距离以d=H2.5t2（SI）（SI表示国际单位制，式中H为横梁离地面的高度）规律变化时，A墙承受的压力等于_N。（g取10m/s2）参考答案： 答案：3104N、4.5104N三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 从下表中选出适当的实验器材，设计一电路来测量电流表A1的内阻r1，要求方法简捷，有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据器材（代号）规格电流表（A1）电流表（A2）电压表（V）电阻（R1）滑动变阻器（R2）电池（E）电健（K）导线若干量程10mA，内阻r1待测（约40）量程500A，内阻r2=150量程10V，内

13、阻r3=10k阻值约100，作保护电阻用总阻值约50电动势1.5V，内阻很小（1）在虚线方框中画出电路图，标明所用器材的代号（2）若选测量数据中的一组来计算r1，则所用的表达式为r1= ，式中各符号的意义是： 参考答案：解：（1）由于电源电动势较小，故本实验中电压表不可以使用，但是电流表可视为一个小电阻，同时可显示通过的电流值，因而可知道其两端的电压值，可充当电压表，滑动变阻器总阻值较小，本着可多次变换测量值的原则，应采用分压接法；为了保护电路，可以串联电阻（R1）作为保护电阻；故电路如图所示：（2）根据欧姆定律得：r1=式中I1、I2分别为电流表A1与电流表A2的读数；r1、r2分别为电流表

14、A1与电流表A2的内阻答：（1）如图所示；（2），式中I1、I2电流表A1与电流表A2的读数；r1、r2分别为电流表A1与电流表A2的内阻【考点】伏安法测电阻【分析】（1）电流表可视为一个小电阻，但可显示通过的电流值，因而可知道其两端的电压值，由于电源电动势较小，故本实验中电压表不可以使用，否则会带来较大的读数误差，同时滑动变阻器总阻值较小，本着可多次变换测量值的原则，应采用分压接法（2）根据部分电路欧姆定律，利用电压表两端的电压处以电流可得电阻15. 在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一斜槽轨道滑下，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求

15、，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上 （A）通过调节使斜槽的末端保持水平（B）每次释放小球的位置必须相同（C）每次必须由静止释放小球（D）记录小球位置用的铅笔每次必须严格地等距离下降（E）小球运动时不应与木板上的白纸相接触（F）将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线在做该实验中某同学只记录了物体运动的轨迹上的A、B、C三点并以A点为坐标原点建立了直角坐标系，得到如图所示的图象，试根据图象求出物体平抛运动的初速度大小为 m/s；物体运动到B点时的速度大小为 m/s；抛出点的横坐标为 cm；纵坐标为 cm（g=10m/s2参考答案：ABCE，2，2，20，5【考点】研究平抛物体的运

16、动【分析】根据实验的原理和操作中的注意事项确定正确的操作步骤根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的竖直分速度，结合平行四边形定则求出B点的速度根据速度时间公式求出抛出点到B点的时间，从而得出抛出点到B点的水平位移和竖直位移，得出抛出点的横纵坐标【解答】解：A、为了保证小球的初速度水平，应调节斜槽的末端水平，故A正确B、为了保证小球的初速度相等，每次让小球从斜槽从斜槽的同一位置由静止开始释放，故B、C正确D、记录小球位置不一定需要等距离下降，故D错误E、为了防止摩擦改变小球的运动轨

17、迹，小球运动时不应与木板上的白纸相接触，故E正确F、将球的位置记录在纸上后，取下纸，用平滑曲线连接，故F错误故选：ABCE在竖直方向上，根据y=gT2得，T=，则小球的初速度B点的竖直分速度，根据平行四边形定则知，B点的速度=m/s=2m/s抛出点到B点的时间，则抛出点到B点的水平位移xB=v0t=20.2m=0.4m，抛出点的横坐标x=0.20.4m=0.2m=20cm，抛出点到B点的竖直位移，抛出点的纵坐标y=0.150.2m=0.05m=5cm故答案为：ABCE，2，2，20，5四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 楼梯口一倾斜的天花板与水平 面成=37，一装潢工人手持木杆绑着刷子

18、粉刷天花板，工人所持木杆对刷子的作用力始终保持竖直向上，大小为F=10N，刷子的质量为 m=0.5kg，刷子可视为质点刷子与板问的动摩擦因数为0.5，扳长为L=4m，取sin37=0.6，试求：（1）刷子沿天花板向上运动的加速度：（2）工人把刷子从天花板底端推到顶端所用的时间参考答案：考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）以刷子为研究对象，分析受力情况：重力mg、推力F、天花板的弹力和摩擦力根据牛顿第二定律，采用正交分解求解加速度；（2）刷子做初速度为零的匀加速运动，由位移公式可以求出所需时间大小解答：解：（1）以刷子为研究对象，分析受力情况，如图所

19、示：根据牛顿第二定律得：（Fmg）sinf=ma（Fmg）cosFN=0又 f=FN联立解得：a=2m/s2（2）刷子做匀加速运动，初速度为零，位移为L=4m，则由运动学公式得：解得：答：（1）刷子沿天花板向上运动的加速度为a=2m/s2；（2）工人把刷子从天花板底端推到顶端所用的时间为2s点评：本题是动力学中第一类问题：知道受力情况，确定物体的运动情况，关键是求解加速度17. （12分）如图所示，质量 m =1kg的物块（可视为质点）在水平恒力F= 10N作用下，从水平面上 A点由静止开始运动，运动2s后再加一反向的水平恒力=16N，问再经多少时间物块运动到B点，且A、B两点间的距离为，已知物块与水平面间的动摩擦因数=0.20。（g=10m/s2）参考答案：解析：物块先作匀加速度直线运动，再作匀减速直线运动，最后做反向的匀加速直线运动在2s内，设加速度为，末速度为，位移，由由牛顿第二定律得：有，代入数值得位移= 加反向力后，设物体作匀减速运动的加速度为，