四川省南充市示范名校2022-2023学年物理高三第一学期期中达标检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、轮箱沿如图所示的逆时针方向在竖直平面内做匀速圆周运动，半径为R，速率v，AC为水平直径，BD为竖直直径。物块相对于轮箱静止，则（）A物块始终受静摩擦力作用B只有在A、B、C

2、、D四点，物块受到的合外力才指向圆心C在转动过程中物块的机械能不守恒D在转动过程中物块重力的瞬时功率保持不变2、如图所示，固定在水平面上的光滑平行金属导轨，间距为L，右端接有阻值R的电阻，空间存在方向竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场一质量为m、电阻为r的导体棒ab与固定弹簧相连，放在导轨上初始时刻，弹簧恰处于自然长度，给导体棒水平向右的初速度v0，导体棒开始沿导轨往复运动，在此过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触已知R=3r，不计导轨电阻，则下列说法中正确的是A导体棒开始运动的初始时刻受到的安培力向左B导体棒开始运动的初始时刻导体棒两端的电压UBLv0C导体棒开始运动后速度第一次为零时

3、，弹簧的弹性势能EpmvD导体棒最终会停在初始位置，在导体棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热为3、如图所示，弹簧振子在A、B之间做简谐运动以平衡位置O为原点，建立Ox轴向右为x轴的正方向若振子位于B点时开始计时，则其振动图像为（ ）ABCD4、一辆汽车在平直的公路上运动，运动过程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牵引功率，其牵引力和速度的图像如图所示，若已知汽车的质量m，牵引力和速度及该车所能达到的最大速度，运动过程中阻力大小恒定，则根据图像所给信息，下列说法正确的是（ ）A汽车运动中的最大功率为B速度为时的加速度大小为C汽车行驶过程中所受阻力D恒定加速时，加速度为5、如图所示，A、B两

4、个小球在同一竖直线上，离地高度分别为2h和h，将两球水平抛出后，两球落地时的水平位移大小之比为1：2，则下列说法正确的是( )AA,B两球的初速度大小之比为1：4BA,B两球的初速度大小之比为：2C若两球同时落地，则两球抛出的时间差为D若两球同时抛出，则落地的时间差为6、如图所示，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A停下，可采用的方法是A对木块A施加一个垂直于斜面的力B增大斜面的倾角C对木块A施加一个竖直向下的力D在木块A上再叠放一个重物二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7

5、、如图所示，长方体物块上固定一长为L的竖直杆，物块及杆的总质量为如2m.质量为m的小 环套在杆上，当小环从杆顶端由静止下滑时，物块在水平拉力F作用下，从静止开始沿光滑 水平面向右匀加速运动，环落至杆底端时，物块移动的距离为2L,已知F=3mg,重力加速度为g.则小环从顶端下落到底端的运动过程A小环通过的路程为B小环所受摩擦力为C小环运动的加速度为D小环落到底端时，小环与物块及杆的动能之比为5:88、下列说法正确的是_A机械波在传播时，质点在一个周期内沿波的传播方向移动一个波长B“闻其声而不见其人”现象说明遇到同样障碍物时声波比可见光容易发生衍射C机械波从一种介质进入另一种介质，如果波速变大，那

6、么波长一定变大D做简谐运动的质点在相隔半个周期的两个时刻，速度大小一定相等E.对于受迫振动，驱动力频率越大，受迫振动的振幅一定越大9、一位同学乘坐电梯从六楼下到一楼的过程中，其速度图象如图所示下列说法正确的是() A前2 s内该同学处于失重状态B前2 s内该同学的加速度大小是最后1 s内的2倍C最后1 s内该同学对地板的压力大于地板对他的支持力D该同学在10 s内的平均速度是1.7 m/s10、船在静水中的航速是1 m/s，河岸笔直，河宽恒定，河水靠近岸边的流速为2 m/s，河中间的流速为3 m/s.以下说法中正确的是（ ）A船不能垂直河岸过河B船不能沿一直线过河C因船速小于流速，船不能到达对

7、岸D船过河的最短时间是一定的三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）实验室中要测量一只电压表的内电阻，供选择的仪器如下： 待测电压表V(量程01.5V，内阻约为500 左右)；电流表A(量程010 mA)；定值电阻R (250)；滑动变阻器R1(020 )；滑动变阻器R2(01 000 )；干电池(1.5 V)；开关S及导线若干为了方便电压的方便调节，滑动变阻器接成分压式接法，滑动变阻器应选_(在空格内填写序号)要利用所给器材较准确测量电压表的电阻，请在虚线框中画出完整的电路图_把实物连线图补充完整_测量电压表、电流表多组读数V、I，

8、然后以V为纵坐标，I为横坐标，作出相应图线，如图所示若测得图线的斜率为k，待测压表内阻的表达式为RV=_.12（12分）为了“验证牛顿第二定律”，某实验小组设计了如图1所示的实验装置。（1）实验过程有以下操作：a安装好实验器材，将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，接通电源后，让拖着纸带的小车沿长木板运动，重复几次。b选出一条点迹清晰的纸带，选取部分计数点如图2所示（每相邻两个计数点间还有4个点，图中未画出）。c测得OA=3.59cm；AB=4.41cm；BC=5.19cm；CD=5.97cm；DE=6.78cm；EF=7.64cm。d计算出小车的加速度a= _m/s2；打下B点时，小车

9、的速度vB=_m/s。（结果均保留2位小数）（2）若保持小车及车中的砝码质量一定，研究加速度a与所受外力F的关系，在木板水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a-F图线，如图3所示。图线_（选填“甲”或“乙”）是在木板倾斜情况下得到的；小车及车中的砝码总质量m=_kg。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，可视为质点的A、B两物体置于一静止长纸带上，纸带左端与A、A与B间距均为d0.5 m，两物体与纸带间的动摩擦因数均为10.1，与地面间的动摩擦因数均为20.2，现以恒定的加速度a2 m/s

10、2向右水平拉动纸带，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)A、B两物体在纸带上的滑动时间(2)两物体A、B均停止在地面上后之间的距离(3)在图乙的坐标系中定性画出A、B两物体的vt图象14（16分）一太阳能空气集热器，底面及侧面为隔热材料，顶面为透明玻璃板，集热器容积为，开始时内部封闭气体的压强为经过太阳曝晒，气体温度由升至（1）求此时气体的压强（2）保持不变，缓慢抽出部分气体，使气体压强再变回到求集热器内剩余气体的质量与原来总质量的比值判断在抽气过程中剩余气体是吸热还是放热，并简述原因15（12分）如图所示，一质量为MB=6kg的木板B静止于光滑水平面上，物块A质量MA=6kg停在B的左端

11、一质量为m=1kg的小球用长为l=0.8m的轻绳悬挂在固定点O上将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A发生碰撞后反弹，反弹所能达到的最大高度h=0.2m木块与小球可视为质点，A、B达到共同速度后A还在木板上，不计空气阻力，g取10m/s2.（1）球和物块A碰后瞬间A物块的速度大小（2）A、B组成的系统因摩擦损失的总的机械能参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A在最高点和最低点，物块受重力和支持力作用，在其它位置物体受到重力，支持力、静摩擦力作用，故A项错误；B物块作匀速圆周运动，合外力提

12、供向心力，所以合外力始终指向圆心，故B项错误；C在转动过程中物块的动能不变，重力势能改变，所以机械能不守恒，故C项正确；D运动过程中，物块的重力大小不变，速度大小不变，但是速度方向时刻在变化，所以重力的瞬时功率在变化，故D项错误。故选C。2、D【解析】试题分析：根据右手定则判断出初始时刻感应电流的方向，再根据左手定则判断出安培力的方向；由和欧姆定律求解导体棒两端的电压；导体棒运动过程中，产生电能，根据功能关系分析导体棒开始运动后速度第一次为零时系统的弹性势能；根据能量守恒求解在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热导体棒开始运动的初始时刻，由右手定则判断可知：ab中产生的感应电流方向从ab

13、，由左手定则判断得知ab棒受到的安培力向左，故A正确；导体棒开始运动的初始时刻，ab棒产生的感应电势为由于，所以导体棒两端的电压，故B错误；由于导体棒运动过程中产生电能，所以导体棒开始运动后速度第一次为零时，根据能量守恒定律得知：系统的弹性势能小于，故C错误；金属棒最终会停在初始位置，在金属棒整个运动过程中，电阻R上产生的焦耳热，故D正确3、A【解析】由题意：设向右为x正方向，振子运动到N点时，振子具有正方向最大位移，所以振子运动到N点时开始计时振动图象应是余弦曲线，故A正确4、C【解析】A. 汽车匀加速直线运动阶段，牵引力不变，速度逐渐增大，牵引力功率逐渐增大。匀加速结束时，牵引力的功率达到

14、F1v1后保持恒定的牵引功率，则汽车运动中的最大功率Pm=F1v1故A错误；B. 根据F1v1=Fv2解得：此时根据牛顿第二定律可知Ff=ma解得故B错误；C.当牵引力等于阻力时速度达到最大，则F1v1=fv3解得故C正确；D.根据牛顿第二定律在匀加速阶段，加速度大小为故D错误。5、C【解析】小球做平抛运动，由平抛运动规律可以求出小球的运动时间与水平速度，然后分析答题；【详解】A、小球做平抛运动，竖直方向有：，则运动时间：所以A球的运动时间：，B球的运动时间：所以由得，结合两球落地时的水平位移之比，可知A、B两球的初速度之比为，故AB错误；C、若两球同时落地，则两球抛出的时间差：，故C正确；D

15、、若两球同时抛出，则落地时间差：，故D错误【点睛】本题考查了求小球的初速度与运动时间关系，知道小球做平抛运动，应用平抛运动规律可以解题6、A【解析】A、对木块A施加一个垂直于斜面的力F,重力沿斜面向下的分力 不变,而滑动摩擦力增大,合力方向沿斜面向上,木块做减速运动,可以使木块停下，故A正确；B、木块匀速滑下,合力为零,根据平衡条件得 ;若增大斜面的倾角 ,重力沿斜面向下的分力 增大,滑动摩擦减小,木块的合力方向将沿斜面向下,木块做加速运动.故B错误.C、对木块A施加一个竖直向下的力,因为 ,木块的合力仍为零,仍做匀速运动,不可能停下.故C错误.D、由B项分析可以知道, 得,与质量无关,在木块

16、A上再叠放一个重物后,整体匀速下滑,不可能停下.故D错误.综上所述本题答案是：A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】ABC.水平方向上，据牛顿第二定律有：代入数据解得：小球在水平方向上做初速度为零的匀加速直线运动，另据水平方向的位移公式有：解得运动时间为：在竖直方向上有：解得：即小球在竖直方向上做加速度为的匀加速直线运动，据牛顿第二定律有：解得小球所受摩擦力为：故小球运动的加速度为：小球的合运动为匀加速直线运动，其路程与位移相等，即为：故AB正确，C错误

17、；D.小环落到底端时的速度为：环其动能为：环此时物块及杆的速度为：杆其动能为：杆故有小环与物块及杆的动能之比为5:8，故D正确8、BCD【解析】A机械波传播的是振动的形式与能量，振动质点都其平衡位置附近振动，不随波迁移。故A错误。B闻其声而不见其人”现象说明遇到同样障碍物时，声波比可见光容易发生衍射，因为声波的波长比可见光长。故B正确。C波的频率是由波源决定的，与介质无关，当机械波从一种介质进入另一种介质，如果波速变大，由公式v=f可知，波长一定变大。故C正确。D根据简谐运动的规律可知，质点在相隔半个周期的两个时刻，速度大小相等，方向相反。故D正确。E当驱动力的频率与振子的固有频率相等时，振子

18、的振幅最大。故E错误。9、AD【解析】从v-t图象可知，0-2s内，物体加速向下，处于失重状态，故A正确；由可知，前2秒的加速度是最后1秒内加速度，故B错误；该同学对地板的压力与地板对他的支持力是一对相互作用力，大小相等，故C错误；该同学在10s内的平均速度为，故D正确10、AD【解析】由于水流速度大于船速，合速度不可能垂直河岸，故航线轨迹不能垂直河岸，故A正确；虽然水流速度不断变化且大于船速，只要不断调节船头指向，可以使得合速度方向保持不变，即船能沿一直线过河，故B错误；只要船头指向对岸，船就一定可以到达对岸，故C错误；当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，与水流速度无关，故D正确；故选AD【点

19、睛】本题关键在于水流方向的分运动对渡河时间无影响，同时合速度与分速度遵循平行四边形定则，方向一定改变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R1 【解析】(1)1滑动变阻器采用分压接法时，应选用阻值适当小一些的，滑动变阻器选R1.(2)2需要电压表与定值并联，才能跟电流表的量程相适应，所以完整的电路如图所示:(3)3实物连线如图所示，连线时要注意电表的正负接线柱不能接反 (4)4根据串、并联电路规律可知：图线斜率所以12、1.81 1.48 甲 1.5 【解析】(1)1由题意可知s1=3.59cm，s2=4.41cm，s3=5.19cm，s

20、4=5.97cm，s5=6.78cm，s6=7.61cm。每五个点取一个计数点，故T=1.1s。根据x=aT2可知：可得加速度为：2根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得：(3)3由图象可知，当F=1时，a1也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高。所以图线甲是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的。4由牛顿第二定律得：，由图乙所示图象可知，图象斜率：，可得质量：kg四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) t11 s，t2s (2) x1.25 m (3) 【解析】由题意可知考查牛顿第二定律的应用，结合运动学公式分析计算可得。【详解】(1)两物体在纸带上滑动时均有1mgma1当物体A滑离纸带时a1t12a1t12d物体B滑离纸带时at