云南省玉溪一中高一物理下学期期末考试

1、玉溪一中高2016届2013-2014学年下学期期末物理试题一、选择题（18为单项选择题，每题3分，914为多项选择题，每题4分，选不全彳#2分，共48分）1 .某空降兵从飞机k跳下，开始一段时间未开伞，可看成做自由落体运动，在3时刻速度达较大值V1时打开降落伞，做 减速运动，在t2时刻以较小速度V2着地 运动的速必间图如下所示.下列关于该空降兵在0t1或t1t2时间内运动的 描述，正确的是（）A 0 72这段时间内，平均速度为V1/2B. t1t2；这段时间内，平均速度为（V1+v）/2C. t1t2这段时间内，平均速度大于（v什v）/2D. t1t2；这段时间内，平均速度/寸（v+0/2已

2、知人的质量为70 kg,2g=10 m/s .当人2.跨过定滑轮的绳的一端挂一吊板， 另一端被吊板上的人拉住， 如图所示. 吊板的质量为10 kg,绳及定滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计.取重力加速度 以440 N的力拉绳时，人与吊板的加速度 a和人对吊板的压力 F分别为（ A. a=1.0m/s2. F=260 N B . a=1.0 m/s2.F=330 NC. a=3.0m/s2. F=110 N D . a=3.Om/s2.F=50 N3.快艇在水上行驶，所受水的阻力和艇的速度平方成正比.若快艇以速度v匀速行驶时,发动机的功率为 P,当快艇以3V的速度匀速行驶时，发动机的功率应为（）.（

3、A）3P（B）9P（C）25P（D）27P4.某人在距地面某一高处以初速度 时间及抛出点距地面的高度为（0水平抛出一物体，落地速度大小为 ）2 0 ,则它在空中的飞行A.3V09V02B .、3V°23V0 C3V02% D .2v0 V02g4g2g4gg2gg 2g5 .质量为M的木块位于粗糙的水平面上，若用大小为 F的水平恒力拉木块，使其速度由 0增大到 v,这一过程合力做功 W,木块加速度为a1,然后拉力方向不变，大小变为恒为 2F,又作用一段时间，使其速度由v增大到2v,这一过程合力做功 W,加速度为a2,下列关系正确的是：（）A.W=Wa2=2a1,B.W2=3W/a2&

4、gt;2a1C,W> 3W,a 2=2aW2=2W,a2<2a16 .某物体以30 m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10 m/S,前5 s内物体的（）A位移大小为25 m方向向上B.路程为75 mC速度的改变量为10 m/s方向向下D.平均速度大小为13m/s方向向上7 .质量为m的人造卫星在地面上未发射时所受重力为G,它在离地面的距离等于地球半径R的圆形轨道上绕行时的（）一 1.A动能为4G0RB速度为 2GW mC.周期为2兀02mRGD.重力为01A连接一个轻弹8.如右图所示，在足够大的光滑水平面上放有两个质量相等的物块，其中，物块簧并处于静止状态，物块 B以初速度

5、V0向着物块A运动，当物块B与物块A上的弹簧发生相互作B和物块A的vt图像，则用时，两物块保持在一条直线上运动。若分别用实线和虚线表示物块)n AA/vwn心良*；区:尤*；工无万工工，工上了了9、A.C.下述运动可能出现的是（物体的加速度增大，速度反而减小物体的速度为零时，加速度却不为零B .物体的加速度减小，速度反而增大D.物体的加速度始终不变（aw0）,速度也始终不变10.如图所示，小物块甲从竖直固定的1/4光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为 R圆弧底端切线水平.小物块乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下，下列判断正确的是A.两物块到达底端时速度相同B.两物块运动到底端的过程中重力做功

6、相同C.两物块到达底端时动能相同D.两物块到达底端时，乙重力做功的瞬时功率大于甲重力做功的瞬时功率11 . 一起重机钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为 1时，起重机的有用功率达到最大值 P,此后起重机保持该功率不变继续提升重物，直至重物达到以最大速度2匀速上升为止，则整个提升过程中，下列说法正确的是 （）A.钢绳的最大拉力为-p B .钢绳的最大拉力为-p 122C.重物的最大速度 2 -p- D ,重物做匀加速运动的时间为mgp mg 112 .如图所示，汽车向右运动，站在汽车上的人用手向前推车的力为 为f,以下说法中正确的是（）F,他的脚对车向后的摩擦力A.当车匀速运动

7、时， B.当车加速运动时， C.当车减速运动时，D.不管车做何种运动,F和f对车做功的代数和为零F和f对车做功的代数和为负F和f对车做功的代数和为负F和f对车做功的代数和都为零13 .质量为m的物体，从静止开始，以g/2的加速度竖直下落 h的过程中（）.（A）物体的机械能守恒（B）物体的机械能减少mgh2（C）物体的重力势能减少mgh（D）物体克服阻力做功为mgh12A. fL 1 Mv221 “ 21”C fs mv0 (M2 21 mv214.如图所示，质量为 M的木块放在光滑的水平面上，质量为m的子弹以速度V0沿水平方向射中木块，并最终留在木块中与木块一起以速度v运动.已知当子弹相对木块

8、静止时，木块前进距离L,子弹进入木块的深度为s,若木块对子弹的阻力f视为恒定，则下列关系式中正确的是（）12B . fs mv2、212m)v D . f (L s) mv016. （6分）在“验证机械能守恒定律”的实验中：某同学用图5 10（丙）所示装置进行实3得到如图 5 10（ 丁）所示的纸带测出点 A、C间的距 离为14.77cm ,点C、E问的距离为16.33cm ,已知当地重力加速度为 9.8m/s 2,重锤的质量为 m=1.0kg , 打点计时器每0.02s打一个点，则重锤在下落过程中：D点的速度为 m/s（本空保留5位有效数字）纸带受到的平均阻力大小Ff = N.阳s -四）某

9、位同学在实验中得到的结果是增加的动能比减少的重力势能还大，可能的原因是A.重锤的质量测量值偏大B纸带所受阻力偏大C.交流电频率不稳，不是 50Hz D.该同学运算能力弱，计算出错三、计算题（40分）17. （8分）.一个质量为m的均匀球放在倾角为。的光滑斜面上，并被斜面上一个垂直于水平面的 竖直光滑档板挡住，现将整个装置放在升降机底板上，求： 若升降机静止，试计算球对挡板的压力F1和斜面的压力F2o当升降机以加速度 a竖直向下做匀加速运动时，再求球对挡板和对斜面的压力。18.（10分）.如图所示，一质量为 m的滑块从高为h的光滑 圆弧形槽的顶端 A处无初速度地滑下，槽的底端B与水平传 带相接，

10、传送带长为 L,始终保持运行速度为 V0,滑块滑 到传送带上后做匀加速运动， 滑到传送带右端 C时，恰好被 加速到与传送带的速度相同.求：（1）滑块到达底端 B点时的速度v;（2）滑块与传送带间的动摩擦因数；19. （10分）已知人和雪橇的总质量m=100kg,沿倾角37且足够长的斜坡向下滑动，滑动时（3）此过程中，由于克服摩擦力做功而产生的热量Q.雪橇所受的空气阻力 f1与速度v成正比，比例系数（即空气阻力系数）k未知。从某时刻开始计时，测得雪橇运动的 v-t图线如图中的曲线 AC所示，图中BC是平行于时间 轴的直线，AD是过A点所作的曲线 AC的切线，且 A点的坐标为（0, 5）, D 点

11、的坐标为（4, 15）,由vt图的物理意义可知：v t图线上每点所对应的 物体运动的加速度在数值上等于通过该点切线的斜率。已知sin37 ° =0.60,2 cos37 =0. 80, g 取 10m/s。（1）试用文字说明雪橇做什么运动。（2）当雪橇的速度 v=5m/s时，它的加速度为多大？ （3）求空气阻力系数 k20. （14分）如图，半径为 R的光滑半圆形轨道 ABCE竖直平面内，与水平轨道 CDf切于C点，D端有一被锁定的轻质压缩弹簧，弹簧左端连接在固定的挡板上，弹簧右端Q到C点的距离为2R质量为m的滑块（视为质点）从轨道上的P点由静止滑下，刚好能运动到Q点停下，此时弹簧解

12、除锁定，推动滑块向右弹回，且刚好能通过圆轨道的最高点 A,已知 /POC60 ,求：滑块第一次滑至圆形轨道最低点C时，轨道对小球的支持力 Fc为多大？滑块与水平轨道 QC间的动摩擦因数 W ;弹簧原来被锁定时具有的弹性势能Ep玉溪一中高2016612013-201转年下学期期末物理答案、选择题(18题每题3分，914题每题4分，选不全彳导2分,共48分)1234567891011121314DBDCBAADABCBCDACDABBDACD.、填空题(每空2分，共12分)对斜面的压力对斜面白压力F2v,由机械能守恒定律，有15. (1)担等(2) 1 (3)0.07516. (1) 4.0825

13、 (2) 0.05 (3) CD三、tw题40分)17题(8分).答案.(1)对挡板白压力Fmgtan。(2) . 对挡板白压力F1 =m(g-a)tan 018.题(10分)解：(1)设滑块到达B点的速度为mgh 1mv2 所以v .2gh.(2)滑块在传送带上做匀加速运动，受到传送带对它的滑动摩擦力，有 a= g,222滑块对地位移为 L,末速度为V0,则2 gL v0 vv0 2gh ,2所以v2gh2gL(3)产生的热量等于滑块与传送带之间发生相对位移时的摩擦生热，即mgs, s为带与滑块间的相对位移，设所用时间为t ,则t 曳一vugs v0t审t,所以,、2,T、2m(v0 v)m

14、(v0 、2gL)Q mg s -。2219.题(10分).解：(1)雪橇做加速度逐渐减小的变加速运动。a 雪橇速度v 5m/s时，力口速度a等于直线AD的斜率 t =2.5m/s 2(3)空气阻力为f1k ,雪橇与斜坡间的摩擦力为f2mgc0s取人和雪橇为研究对象，由牛顿运动定律，得 mgsinf1 f2 ma即 mg sin kmg cos由v-t图象知t025m/ s,a 2.5m/s9代入式得 mgsin 5k mg cos 2.5m10k mg cos 0 当速度最大值时，m 10m/s,a 0,有mgSin联立两式，代入数据，得k=50kg/s d20题（12分）（1）由P!UC,对小球用动能定理得:12mgR(1-cos60 )= 一 mvc 2所以Vc 、.,gR再由Fc mg2mvc 所以 Fc 2mg由C到Q,由动能定理得:mg2R=0-1