2018-2019学年甘肃省金昌市永昌四中高二(下)期中物理试卷

1、2018-2019 学年甘肃省金昌市永昌四中高二（下）期中物理试卷副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共16 小题，共 48.0 分）1.以下说法正确的是（）A. 交变电流的有效值就是它的平均值B. 任何交变电流的有效值都是它最大值的C. 如果交变电流接在电阻 R 上产生的热量为 Q，那么该交变电流的有效值为D. 以上说法均不正确2. 某交流发电机给灯泡供电， 产生正弦式交变电流的图象如图所示，下列说法中正确的是（）A. 交变电流的频率为0.02HzB. 交变电流的瞬时表达式为i=5cos50 tA（）C. 在 t=0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D. 若发电机线圈电阻为0

2、.4 ，则其产生的热功率为5W3. 如图所示，理想变压器原线圈输入电压 u=U msin t，副线圈电路中 R0 为定值电阻， R 是滑动变阻器和是理想交流电压表，示数分别用U 1 和 U2 表示；和是理想交流电流表，示数分别用I 1和 I2 表示下列说法正确的是（）A. I 1 和 I2 表示电流的瞬时值B. U1 和 U 2 表示电压的最大值C. 滑片 P 向下滑动过程中， U2 不变、 I1 变大D. 滑片 P 向下滑动过程中， U2 变小、 I1 变小4. 如图所示，电路中有四个完全相同的灯泡，额定电压均为U，额定功率均为P，变压器为理想变压器，现在四个灯泡都正常发光，则变压器的匝数比

3、n1：n2 和电源电压 U1分别为（）A. 1： 22UB. 1： 24UC. 2： 14UD. 2： 12U5. 如图所示，由电源、小灯泡、金属电阻丝、开关组成的电路中，当闭合开关 S 后，小灯泡正常发光，若用酒精灯加热电第1页，共 18页阻丝时，发现小灯泡亮度变暗，发生这一现象的主要原因是（）A. 小灯泡的电阻发生了变化B. 小灯泡灯丝的电阻率随温度发生了变化C. 电阻丝的电阻率随温度发生了变化D. 电源的电压随温度发生了变化6.一矩形线圈在匀强磁场中转动，产生的感应电动势 e=220 sin100 （tV），则（）A. 交流电的频率是100 HzB. t=0 时线圈垂直于中性面C. 交流

4、电的周期是0.02sD. t=0.05s 时， e 有最大值7.如图表示一交变电流随时间而变化的图象，此交流电流的有效值是（）A.5AB.5AC.AD.3.5A8.如图所示的电路中，电源两端的电压恒定，L 为小灯泡， R为光敏电阻， LED 为发光二极管（电流越大，发出的光越强），且 R 与 LED 间距不变， 下列说法中正确的是（）A. 当滑动触头P 向左移动时，L 消耗的功率增大B. 当滑动触头P 向左移动时，L 消耗的功率减小C. 当滑动触头P 向右移动时，L 消耗的功率可能不变D. 无论怎样移动触头P，L消耗的功率都不变9. 远距离输电，原来用电压 U0 输电，在输电线上损失的电功率为

5、P0，现在要使输电线上损失的电功率减少到原来的，则输电电压应为（）A. 100U0B.C.D.10.下列各种说法中错误的是（）A. 普朗克在研究黑体的热辐射问题中提出了能量子假说B. 一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的照射时间太短C. 在光的单缝衍射实验中，狭缝越窄，光子动量的不确定量越大D. 任何一个运动物体都与一种波相对应，这就是物质波，物质波是概率波11. 实验得到金属钙的光电子的最大初动能 Ekm 与入射光频率 v 的关系如图所示。 表中列出了几种金属的截止频率和逸出功， 参照下表可以确定的是（）金属钨钙钠截止频率 0（ 1014） /Hz 10.957.735.5

6、3逸出功 W/eV4.543.202.29A. 如用金属钨做实验得到的 Ekm-图线也是一条直线，其斜率比图中直线的斜率大第2页，共 18页B.C.如用金属钠做实验得到的 Ekm-图线也是一条直线， 其斜率比图中直线的斜率大如用金属钠做实验得到的 Ekm-图线也是一条直线， 设其延长线与纵轴交点的坐标为（ 0， -Ek2 ），则 Ek2 Ek1D. 如用金属钨做实验，当入射光的频率 1时，可能会有光电子逸出12. 入射光照到某金属表面上发生光电效应， 若入射光的强度减弱， 而频率保持不变 下列说法正确的是（）A. 逸出的光电子的最大初动能减少B. 单位时间内从金属表面逸出的光电子数目减少C.

7、从光照至金属表面到发射出光电子之间的时间间隔将增加D. 不发生光电效应13. 玻璃杯从同一高度落下掉在石头上比掉在草地上容易碎是由于玻璃杯与石头撞击过程中（）A. 玻璃杯的动量较大B. 玻璃杯受到的冲量较大C. 玻璃杯的动量变化较快D. 玻璃杯的动量变化较大14.质量为 m 的 A 球以速率v 与质量为3m 的静止 B 球沿光滑水平面发生正碰，碰撞后A 球速率为，则 B 球速率可能为（）A.B.C.D. 2v15. 如图所示，物体 A 静止在光滑的水平面上， A 的左边固定有轻质弹簧， 与 A 质量相同的物体B 以速度 v 向 A 运动并与弹簧发生碰撞， A、B 始终沿同一直线运动， 则 A、

8、B 组成的系统动能损失最大的时刻是（）A. A 开始运动时B. A 的速度等于 v 时C. B 的速度等于零时D. A 和 B 的速度相等时16. 质量相等的AB两球在光滑水平面上沿同一直线、向同一方向运动，A球的动量、为 7kg?m/s， B 球的动量为 5kg?m/s，当 A 球追上 B 球发生碰撞后， A、 B 两球的动量可能为（）A.?m/s?B.?m/s?C.pA=6 kgpB=6 kg m/sD.pA=3 kgpB=9 kg m/s?pA=-2 kgm/s pB=14 kg m/spA =-4 kg m/s pB=16 kg m/s二、填空题（本大题共1 小题，共9.0 分）A、B

9、两物体在光滑的水平面上相向运动，其中物体A的质17.量为 mA=4kg，两球发生相互作用前后的运动情况如图所示，则：由图可知A、 B 两物体在 _时刻发生碰撞， B 物体的质量为 mB =_kg。三、实验题探究题（本大题共1 小题，共12.0 分）18. 如图所示，用“碰撞实验器“可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置 O接下来的实验步骤如下：步骤 1：不放小球 2，让小球 1 从斜槽上 A 点由静止滚下，并落在地面上重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的

10、平均位置；第3页，共 18页步骤 2：把小球 2 放在斜槽前端边缘位置 B，让小球 1 从 A 点由静止滚下，使它们碰撞重复多次， 并使用与步骤 1 同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤 3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M 、P、 N 离 O 点的距离，即线段 OM、 OP、ON 的长度对于上述实验操作，下列说法正确的是_A应使小球每次从斜槽上相同的位置静止滚下B斜槽轨道必须光滑C斜槽轨道末端必须水平D小球 1质量应大于小球2 的质量上述实验除需测量线段OM 、OP、ON 的长度外， 还需要测量的物理量有 _AA、 B 两点间的高度差 h1BB 点离地面的高度 h2C小球

11、 1和小球 2 的质量 m1、 m2D小球 1或小球 2 的直径 d当所测物理量满足表达式_（用所测物理量的字母表示）时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律如果还满足表达式_（用所测物理量的字母表示）时，即说明两球碰撞时无机械能损失四、计算题（本大题共3 小题，共34.0 分）19. 如图所示，匀强磁场的磁感应强度 B=0.5T，边长 L=10cm 的正方形线圈 abcd 共 100 匝，线圈电阻 r =1，线圈绕垂直于磁感线的对称轴 OO 匀速转动，角速度 =2rad/s，外电路电阻 R=4，求：（ 1）转动过程中感应电动势的最大值；（ 2）由图示位置（线圈平面与磁感线平行）转过 60角时的瞬时

12、感应电动势；（ 3）由图示位置转过 60角的过程中产生的平均感应电动势；（ 4）交流电压表的示数；（ 5）线圈转动一周外力所做的功；（ 6） 周期内通过 R 的电荷量为多少？20. 如图所示，甲、乙两个小孩各乘一辆冰车在水平冰面上游戏，甲和他的冰车总质量共为 M=30kg，乙和他的冰车总质量也是30kg，游戏时甲推着一个质量m=15kg 的箱子和他一起以大小为 v0=2m/s的速度滑行，乙以同样大小的速度迎面滑来，为了避免相撞，甲突然将箱子沿冰面推给乙，箱子滑到乙处时乙迅速把它抓住，若不计冰面的摩擦，问甲至少要以多大的速度（相对地面）将箱子推出，才能避免与乙相撞第4页，共 18页21. 如图所

13、示，物块质量 m=3kg，以速度 v=2m/s 水平滑上一静止的平板车，平板车质量 M=12kg，物块与平板车之间的动摩擦因数 =0.2，其他摩擦不计（ g 取 10m/s2 ），求：（ 1）物块相对平板车静止时物块的速度；（ 2）要使物块在平板车上不滑下，平板车至少多长第5页，共 18页答案和解析1.【答案】 D【解析】电值与平均值是两个不同的概念，故 A错误。解：A 、交流 的有效B、正弦式交流电的有效值是它最大 值的倍，故 B 错误。C、如果交变电流接在电阻 R 上产生的热量为 Q，根据 Q=I2Rt 知，有效值 I=，故C 错误 。D、由上分析。故 D 正确。故选：D。正弦式交流电的有

14、效值与峰值的关系为E=让别通过相同； 直流和交流分的电阻，若相同周期内产生相同的热则电电电压值为交流电的量， 直流流、有效值解决本题的关键知道峰值值时值值的区别们的联系，、有效、瞬、平均，知道它基础题2.【答案】 D【解析】解：A 、由图象可知，交流电的周期为 2010-3s，所以交流电的频率为 f=50Hz，所以 A 错误；B、根据图象可得，交变电流的瞬时表达式为 i=Acos t=5cos100（tA），所以B错误；C、在t=0.01s时，感应电流最大，所以此时穿过交流发电机线圈的磁通量的 变化率最大，穿过交流发电机线圈的磁通量最小，所以 C 错误；电的有效值为发电机的发热功率为2）D、交

15、流I=A，所以P=I r=（20.4W=5W，所以 D 正确。故选：D。根据瞬时值的表达式可以求得 输出电压的有效值、周期和频率等，即可求得第6页，共 18页结论解决本题的关键就是有电流的瞬时值表达式求得原 线圈中电流的最大 值，进而求得原 线圈的电流的有效 值的大小3.【答案】 C【解析】解：AB 、在交流电中电表显示的都是有效 值，故AB 错误；CD、滑片 P向下端滑 动过程中，电阻减小，电压不变即 U2 不变，则 I2 变大，输出功率变大，输入功率变大，输入电压不变，所以 变大，故 C 正确，D 错误；故选：C。在交流电中电表显示的都是有效 值，根据表达式知道输入电压的有效值，再根据匝数

16、与 电压、电流的比例关系分析本题考查了变压器的构造和原理，同 时考查了电路的动态分析关键知道变压器的变压原理，功率关系，交流电表测的是有效 值4.【答案】 C【解析】解：设灯泡正常 发光时，额定电流为 I0由题图可知，原线圈中电流 I 原=I0，副线圈中两灯并 联，副线圈中电流 I 副 =2I0，U 副 =U根据理想 变压器的基本 规律：I 原 n1=I 副 n2 得 n1：n2=2：1；U 原：U 副=n1：n2 得 U 原=2U，所以 U1=4U故 C 正确。故选：C。变压器的特点：匝数与电压成正比，与电流成反比，根据灯泡正常 发光可知原副线圈中电流的大小关系，从而得到n1：n2再由变压比

17、，求出原线圈的电压，即可得到 电源的电压解决本题的切入口是灯泡正常 发光，间接告诉我们原副线圈中电流的比例关系第7页，共 18页5.【答案】 C【解析】解：电阻与导体的温度有关，对于大多数金属 导体而言，电阻随温度的升高而增大。所以当用酒精灯 对金属电阻丝进行加热时，金属电阻丝的温度就会升高，电阻就会增大，此时电路中的电流就会减小，灯泡的亮度就会 变暗。故选：C。导体的电阻与温度有关，纯金属的电阻率随温度的升高而增大本题考查了导体电阻与温度的关系：金属导体的电阻随温度升高而增大，随温度降低而减小（如超导体现象），非金属导体和绝缘体的电阻随温度升高而减小（如玻璃加热到红炽状态时也会变为导体）6.

18、【答案】 C【解析】解：A 、由表达式知角速度为频=50Hz，周期T=，100rad/s， 率 f=A 错误，C 正确；B、t=0 时，感应电动势 的瞬时值为零，则线圈位于中性面，故 B 错误；D、t=0.05s时，e=0，有最小值，故D 错误；故选：C。从表达式中 读出电动势 的最大值 和角速度，从而求频率和有效 值 。本题考查了交流电的有效值、最大值、周期和频率，细心做这类题目不难。7.【答案】 B【解析】解：将交流与直流通过阻值都为 R 的电阻，设直流电流为 I，则根据有效 值的定义有：（2R?+ 3R?=I24）（）RT解得：I=5A ，故 ACD 错误，B 正确；故选：B。根据有效

19、值的定义求解。取一个周期时间，将交流与直流分 别通过相同的电第8页，共 18页阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效 值。对于非正弦式 电流可根据有效 值的定义求解有效 值。常见题型，要熟练掌握。8.【答案】 A【解析】解：AB 、当滑动触头 P 向左移动时，变阻器接入 电路的电阻减小，电源两端的电压恒定，由欧姆定律分析得知，流 过发光二极管 电流增大，发光二极管 D 发光强度增强，光敏电阻 R 的阻值减小，则 L 分担的电压增大，L 消耗的功率增大。故 A 正确，B 错误 。C、根据上面分析可知，当滑动触头 P向右移动时，L 消耗的功率减小。故 C 错误。D、由上分析得知 D

20、错误 。故选：A。当滑动触头 P 向左或向右移 动时，由欧姆定律分析流过发光二极管 电流的变化，分析发光强度的变化，判断光敏电阻阻值的变化，确定 L 的功率变化。本题关键要抓住电源两端的 电压不变，与常见的电路动态分析问题不同，不能受思维定势影响。9.【答案】 D【解析】解：输电线上损失的电功率减少到原来的，在电阻一定时，根据输电线上损失的功率 P=I2R 得输电电流变为原来的，原来用电压 U0 输电，在输电线上损失的电功率为 P0，输送的电功率不变，输电电流变为原来的，根据 P=UI 得输电电压应为U0故ABC 错误，D 正确；故选：D。要使输电线上损失的电功率减少到原来的，根据P=I2R

21、判断输电电 流的变第9页，共 18页化输送的功率等于 输电电压 乘以输电电流，根据 P=UI 求解输电电压 得变化本题考查了输电功率损失问题，熟练应用电功率公式即可正确解 题，本题难度不大，是一道基础题10.【答案】 B【解析】解：A 、普朗克在研究黑体的 热辐射问题中提出了能量子假 说，故 A 正确；B、一束光照射到某种金属上不能 发生光电效应，是因为该束光的频率小于极限频率，故 B 错误；C、根据不确定关系 p?x=知，狭缝越窄，光子动量的不确定量越大。故C 正确；D、无论是大到太阳、地球，还是小到电子、质子，都与一种波相对应，这就是物质波，物质波是概率波，故 D 正确；本题选错误 的，故

22、选：B。（1）根据物理学史的知识，结合普朗克在研究黑体的 热辐射问题中提出了能量子假设即可正确解答；（2）每种金属都有一个极限频率，入射光的频率必须大于极限 频率才能产生光电效应；（3）根据不确定关系p?x=可判断光子 动量的不确定量与狭 缝关系；（4）任何一个运动着的物体，小到微观粒子大到宏 观物体都有一种波与它 对应，其波长 = ，p 为运动物体的动量，h 为普朗克常量。该题考查物理知 识综合应用，解决这一类题目的关 键是理清原子物理学史实，记住并理解相关的科学成就。11.【答案】 C【解析】电应方程：E=h-W=h-h可知，E图线的斜率表示普朗解：A 、由光 效Km -Km00克常量，横

23、轴截距表示最大初 动能为零时的入射光 频率，此时的频率等于金第10 页，共 18页属的极限 频率，也可能知道极限波 长，根据 W =h 可求出逸出功。00A 、普朗克常量与金属的性 质、与光电子的最大初 动能、入射光的频率无关，如用金属 钨做实验得到的 Ekm-图线也是一条直 线，其斜率与图中直线的斜率相等，故 A 错误；B、普朗克常量与金属的性 质、与光电子的最大初 动能、入射光的频率无关，如用金属 钠做实验得到的 Ekm-图线 也是一条直 线，其斜率与图中直线的斜率相等，故 B 错误；C、如用金属钠做实验得到的 Ekm-图线也是一条直 线，设其延长线与纵轴交点的坐标为（0，-Ek2），由于

24、钠的逸出功小于 钨的逸出功，则 Ek2Ek1，故C 正确；D、如用金属钨做实验，当入射光的频率 时，不可能会有光电子逸出，故1D 错误；故选：C。光电效应的特点： 金属的逸出功是由金属自身决定的，与入射光 频率无关； 光电子的最大初 动能 Ekm 与入射光的 强度无关； 光电子的最大初 动能满足光电效应方程。只要记住并理解了光 电效应的特点，只要掌握了光 电效应方程就能 顺利解决此题，所以可以通过多看课本加强对基础知识的理解。解决本题的关键掌握光电效应方程 E=h-W =h-h，知道逸出功与极限 频率的关系。Km0012.【答案】 B【解析】解：A 、根据光电效应方程知，EKM =h-W 0

25、知，入射光的频率不变，则最大初动能不变。故A 错误 。B、光的强弱影响的是 单位时间内发出光电子的数目，不影响发射出光电子的时间间隔。故 B 正确，C 错误 。第11 页，共 18页D、入射光的频率不变，则仍然能发生光电效应，故D 错误；故选：B。发生光电效应的条件是入射光的 频率大于金属的极限 频率，光的强弱只影响单位时间内发出光电子的数目解决本题的关键知道发生光电效应的条件，以及知道光的 强弱会影响 单位时间内发出光电子的数目13.【答案】 C【解析】解：玻璃杯从同一高度下落，落地前的速度大小相等，故落地前的动量相等；而最后的速度均 为零；故说明动量的变化一定相等；由动量定理可知冲量也一定

26、相等；但由于掉在水泥地上的时间较短，则说明玻璃杯掉在水泥地上动量变化较快，从而导致冲击力较大；使玻璃杯易碎；故ABD 错误，C 正确；故选：C。玻璃茶杯从同一高度掉下，落在水泥地上，茶杯与水泥地作用 时间短，而落在海绵垫上，茶杯与海绵垫作用时间长，根据速度关系，分析动量和动量变化的关系，根据动量定理分析茶杯所受冲量关系和冲力的关系在用动量定理解 释生活中的 现象时，要抓住两种情况下的相同之 处和不同之处，然后再加以对比找出问题的关键14.【答案】 C【解析】选组成的系统为研究的对选为正方向，解：取A与B象， 取 A 的初速度的方向系统在碰撞过程中动则量守恒，：mv0=mv+2mvB若碰后 A

27、的速度方向与原来相同， 则解得：，由于被碰小球的速度不可能小于入碰小球的速度，所以 该结果错误；第12 页，共 18页若碰后 A 的速度方向与原来相反， 则：故C 选项正确。故选：C。碰后 A 球的速率恰好 变为原来的，但速度方向可能跟原来相同，也可能相反，再根据碰撞过程中动量守恒即可解 题本题考查的是动量定律得直接应动能是标还用，注意量，速度是矢量， 要注意在碰撞 结束后两个小球的速度方向相同时，被碰小球的速度不可能小于入碰小球的速度难度适中，属于中档题15.【答案】 D【解析】解：在压缩弹簧的过程中，没有机械能的 损失，减少的动能转化为弹簧的弹性势能。在压缩过程中水平方向不受外力， 动量守

28、恒。则有当 A 开始运动时，B的速度等于 v，所以没有损失动能。当 A 的速度 v 时，根据动量守恒定律有 B的速度等于零，所以系 统动能又等于初 动能；所以A 、B、C 全错误 。而在 AB 速度相等 时，此时弹簧压缩至最短，故弹簧的弹性势能最大，故动能应最小，故 D 正确；故选：D。两球不受外力，故两球及 弹 簧组成的系统动 量守恒，根据两物体速度的 变化可知系统动能损失最大的 时刻。本题中 B 的动能转化为 AB 的动能及弹簧的弹性势能，而机械能守恒，故当弹性势能最大时，系统损失的机械能最多。16.【答案】 A【解析】解：碰撞前系统总动量：p=pA +pB=7+5=12kg?m/s，由题

29、意可知 mA=mB =m，碰前总动能为：+=；A 、如果 pA =6kg?m/s，pB =6kg?m/s，系统动量守恒，碰撞后的总动能：+=，故A 可能；第13 页，共 18页B、PA =3kg?m/s，PB=9kg?m/s，系统动量守恒，+=，机械能增加；故B 错误；C、同理可知，CD 中机械能也是增加的；故不可能；故 CD 错误；故选：A。当 A 球追上 B 球时发生碰撞，遵守动量守恒由动量守恒定律和碰撞 过程总动能不增加，进行选择对于碰撞过程要遵守三大 规律：1、是动量守恒定律；2、总动能不增加；3、符合物体的 实际运动情况17.【答案】 2s6【解析】解：根据x-t 图象的斜率表示速度

30、， 发生碰撞后两球的速度要 发生改变，可知，A 、B 两物体在 2s 末时刻发生碰撞。碰前 A 的速度为：vA =-2m/s，B 的速度为：vB=3m/s。碰后 AB 的共同速度 为：v=1m/s。根据动量守恒定律得：mA vA +mBvB=（mA +mB）v解得：mB=6kg故答案为：2s，6根据位移 时间图线 的斜率表示速度，分析 A 、B 两物体发生碰撞的 时刻，并分别求出 A 、B 两物体碰前和碰后的速度，根据 动量守恒定律求出 B 物体的质量。解答本题时，要知道位移时间图线 的斜率表示速度，碰撞遵守的基本 规律是动量守恒定律，要注意速度的方向。18.【答案】 ACD C m1?OP=

31、m1?OM+m2?ON m1?OP2=m1?OM 2+m2?ON2 【解析】解： A 、小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下，使得小球与另一小球碰撞前的速度不 变故 A 正确第14 页，共 18页B、斜槽的粗糙与光滑不影响 实验的效果，只要到达底端 时速度相同即行故B 错误C、斜槽轨道末端必 须水平，保证小球碰撞前速度水平故 C 正确D、根据动量守恒定律可知若碰撞小球1 的质量小于 2 球的质量，则小球 1 可能被碰回，所以 1 球质量必须大于 2 球质量，故D 正确故选：ACD 本实验除需测量线段 OM 、OP、ON 的长度外，还需要测量的物理量是两小球的质量，因为可以通过水平位移代表速度的大

32、小，所以不必测量 AB 的高度和 B 点离地面的高度小球的半径不需 测量故 C 正确故选：C 因为平抛运动的时间相等，则水平位移可以代表速度， OP是 A 球不与 B 球碰撞平抛运 动的位移，该位移可以代表A 球碰撞前的速度， OM 是 A 球碰撞后平抛运 动的位移，该位移可以代表碰撞后A 球的速度，ON 是碰撞后 B 球的水平位移，该位移可以代表碰撞后B 球的速度，当所测物理量满足表达式m1?OP=m1?OM+m2?ON，说明两球碰撞遵守 动量守恒定律；若要满足机械能守恒，则应 有：m1v02=m1v12+ mv22即应满m222；足： 1?OP =m1?OM +m2?ON故答案为：ACD

33、；C； m ?OP=m ?OM+m ?ON；112222m1?OP =m1?OM +m2?ON ； 明确实验原理，掌握实验中需要注意的事 项； 根据验证动量守恒定律的 实验原理进行分析，列出对应的表达式，从而明确应测量的数据； 在验证动量守恒定律的 实验中，运用平抛运动的知识得出碰撞前后两球的速度，因为下落的时间相等，则水平位移代表平抛运 动的速度从而得出对第15 页，共 18页应的表达式解决本题的关键掌握实验的原理，以及实验的步骤，在验证动量守恒定律 实验中，无需测出速度的大小，可以用位移代表速度，要注意体会利用平抛运动规律验证动量守恒定律的方法19.【答案】 解：（ 1）根据 Em=NBS

34、，可得感应电动势的最大值：Em=100 0.5 0.12 2V=3.14V；（ 2）由于线框垂直于中性面开始计时，所以瞬时感应电动势表达式：e=Emcos2 t（V）；当线圈转过60角时的瞬时感应电动势为：e=1.57 V；（ 3）根据法拉第电磁感应定律可得转60角的过程中产生的平均感应电动势大小为：=N=N=1.5V=2.6V（ 4）转动过程中，交流电压表的示数为有效值，所以有：U =R=4V=1.256V=1.78 V；（ 5）线圈转动一周外力所做的功为：W=EIT =0.99J（ 6） 周期内线圈转过60角，通过R 的电量 q 电 ，由公式可得：q=t=? =8.66 10-2C；答：（ 1）转动过程中感应电动势的最大值3.14V；（ 2）线圈转过 60角时的瞬时感应电动势 1.57V；（ 3）线圈转过 60角过程中产生的平均感应电动势2.6V；（ 4）电压表示数 1.78V；（ 5）线圈转动一周外力所做的功为0.99J；（ 6）线圈转过 60角通过电阻 R 的电荷量 8.66 10-2C；【解析】（1）先根据Em=NBS 求