重难点08 几何热考题二 三角形热考模型（10种模型汇-总+专题训练+10种模型解析）（解析版）-2025年中考数学重难点突破

第四章三角形重难点08几何热考题二三角形热考模型（10种模型汇总+专题训练+10种方法解析）【题型汇总】题型01A字模型图示结论∠1+∠2=180°+∠A1．（2021九年级·全国·专题练习）如图，△ABC中，∠A=65°，直线DE交AB于点D，交AC于点E，则∠BDE+∠CED=（

）．A．180° B．215° C．235° D．245°【答案】D【分析】根据三角形内角和定理求出∠ADE+∠AED，根据平角的概念计算即可．【详解】解：∵∠A=65°，∴∠ADE+∠AED=180°-65°=115°，∴∠BDE+∠CED=360°-115°=245°，故选：D．【点睛】本题考查的是三角形内角和定理的应用，掌握三角形内角和等于180°是解题的关键．2．（2023·陕西西安·西安高级中学校考模拟预测）将一把直尺与一块直角三角板按如图所示的方式放置，若∠1=125°，则∠2的度数为（

）A．35° B．40° C．45° D．55°【答案】A【分析】根据三角形外角的性质可得∠3=∠1-∠4，根据平行线的性质可得∠2=∠3．【详解】解：如图，由题意知∠4=90°，AB∥∵∠1=∠4+∠3，∠1=125°，∴∠3=∠1-∠4=125°-90°=35°，∵AB∥∴∠2=∠3=35°．故选A．【点睛】本题考查平行线的性质、三角形外角的定义和性质，解题的关键是掌握：三角形的外角等于与它不相邻的两个内角的和；两直线平行，同位角相等．3．（2020·四川广安·中考真题）如图，在五边形ABCDE中，若去掉一个30°的角后得到一个六边形BCDEMN，则∠l+∠2的度数为（）A．210° B．110° C．150° D．100°【答案】A【分析】根据三角形的内角和定理可得∠AMN＋∠ANM=150°，根据平角的定义可得∠1＋∠AMN=180°，∠2＋∠ANM=180°，从而求出结论．【详解】解：∵∠A=30°，∴∠AMN＋∠ANM=180°－∠A=150°∵∠1＋∠AMN=180°，∠2＋∠ANM=180°∴∠1＋∠2=180°＋180°－（∠AMN＋∠ANM）=210°故选A．【点睛】此题考查的是三角形内角和定理的应用，掌握三角形的内角和定理是解题关键．4．（2023·广东广州·统考一模）在“玩转数学”活动中，小林剪掉等边三角形纸片的一角，如图所示，发现得到的∠1与∠2的和总是一个定值．则∠1+∠2=度．【答案】240【分析】由等边三角形的性质可得∠A=60°，再根据三角形外角的性质和内角和定理即可求解．【详解】解：如图，∵△ABC是等边三角形，∴∠A=60°，∵∠1=∠A+∠AED，∠2=∠A+∠ADE，∴∠1+∠2=∠A+∠AED+∠A+∠ADE，∵∠AED+∠A+∠ADE=180°，∴∠1+∠2=∠A+180°=60°+180°=240°，故答案为：240．【点睛】本题考查等边三角形的性质，三角形外角的定义和性质，三角形内角和定理等，解题的关键是掌握三角形的外角等于与它不相邻的两个内角的和．5．（2023·贵州贵阳·统考一模）如图，在四边形纸片中，∠D＝50°，若沿图中虚线剪去∠D，则∠1＋

【答案】230【分析】根据三角形的内外角之间的关系可求解.【详解】解：三角形的内角和等于180°，∠D＝∴∠1=∠D+∠DFE，∠2=∠D+∠DEF.∵∠DEF+∠DFE+∠D=180°，∴∠1+∠2=∠DEF+∠DFE+∠D+∠D=180°+50°=230°.故答案为：230.题型028字模型8字模型8字模型-进阶（8字模型+角平分线）图示AP平分∠BAD,CP平分∠BCD结论∠A+∠B=∠C+∠D,AD+BC＞AB+CD1.如图，在由线段AB,CD,DF,BF,CA组成的平面图形中，∠D=28°，则∠A+∠B+∠C+∠F的度数为（

）．A．262° B．152° C．208° D．236°【答案】C【分析】如图标记∠1,∠2,∠3，然后利用三角形的外角性质得∠1=∠B+∠F=∠D+∠3，∠2=∠A+∠C，再利用∠2,∠3互为邻补角，即可得答案．【详解】解：如下图标记∠1,∠2,∠3，∵∠1=∠B+∠F=∠D+∠3，∵∠D=28°，∴∠3=∠B+∠F-28°，又∵∠2=∠A+∠C，∴∠2+∠3=∠A+∠C+∠B+∠F-28°，∵∠2+∠3=180°∴180°=∠A+∠C+∠B+∠F-28°，∴∠A+∠C+∠B+∠F=180°+28°=208°，故选C．【点睛】此题考查了三角形的外角性质与邻补角的意义，熟练掌握并灵活运用三角形的外角性质与邻补角的意义是解答此题的关键．2.．（2023临汾市模拟预测）（1）已知：如图（1）的图形我们把它称为“8字形”，试说明：∠A+∠B=∠C+∠D．（2）如图（2），AP，CP分别平分∠BAD，∠BCD，若（3）如图（3），直线AP平分∠BAD，CP平分∠BCD的外角∠BCE，猜想∠P与∠B、（4）如图（4），直线AP平分∠BAD的外角∠FAD，CP平分∠BCD的外角∠BCE，猜想∠P与∠B、【答案】（1）见解析；（2）26°；（3）∠P=90°+1（4）∠P=180°-【分析】（1）根据三角形的内角和等于180°和对顶角的性质即可得证；（2）设∠BAP=∠PAD=x，∠BCP=∠PCD=y，x+∠ABC=y+∠Px+∠P=y+∠ADC（3）根据直线AP平分∠BAD，CP平分∠BCD的外角∠BCE，得到∠PAB=∠PAD=12∠BAD，∠PCB=∠PCE=12∠PCD从而可以得到（4）连接PB，PD,求得∠APC+∠ABC+∠PCB+∠PAB=360°，∠APC+∠ADC+∠PCD+∠PAD=360°，再根据∠PCE+∠PCD=180°，∠PAB+∠PAF=【详解】解：（1）如图.

∵∠A+∠B+∠AOB=180°，∠C+∠D+∠COD=180°，∴∠A+∠B+∠AOB=∠C+∠D+∠COD．∵∠AOB=∠COD，∴∠A+∠B=∠C+∠D；（2）如图.

∵AP，CP分别平分∠BAD，∠BCD，设∠BAP=∠PAD=x，∠BCP=∠PCD=y，则有x+∠ABC=y+∠Px+∠P=y+∠ADC，∴∠ABC-∠P=∠P-∠ADC，∴∠P=12（3）如图.

∵直线AP平分∠BAD，CP平分∠BCD的外角∠BCE，∴∠PAB=∠PAD=12∴2∠PAB+∠B=180°-2∠PCB+∠D，∴180°-2∵∠P+∠PAD=∠PCD+∠D∴∠P+∠PAD-∠BAD-∠B∴∠P-∠PAB-∠B=∠PCB,∴∠P-∠B=∠PAB+∠PCB∴180°-2∠P-∠B即∠P=90°+1（4）连接PB

∵直线AP平分∠BAD的外角∠FAD，CP平分∠BCD的外角∠BCE，∴∠FAP=∠PAO，∠PCE=∠PCB，∵∠APB+∠PBA+∠PAB=180°，∠PCB+∠PBC+∠BPC=180°∴∠APC+∠ABC+∠PCB+∠PAB=360°同理得到：∠APC+∠ADC+∠PCD+∠PAD=360°∴2∠APC+∠ABC+∠ADC+∠PCB+∠PAB+∠PCD+∠PAD=720°∴2∠APC+∠ABC+∠ADC+∠PCE+∠PAB+∠PCD+∠PAF=720°∵∠PCE+∠PCD=180°，∴2∠APC+∠ABC+∠ADC=360°，∴∠APC=180°-【点睛】本题主要考查了角平分线的定义，三角形内角和定理，解题的关键在于能够熟练掌握相关知识进行求解．3．（2020九年级·全国·专题练习）阅读材料：如图1，AB、CD交于点O，我们把△AOD和△BOC叫做对顶三角形．结论：若△AOD和△BOC是对顶三角形，则∠A+∠D＝∠B+∠C．结论应用举例：如图2：求五角星的五个内角之和，即∠A+∠B+∠ACE+∠ADB+∠E的度数．解：连接CD，由对顶三角形的性质得：∠B+∠E＝∠1+∠2，在△ACD中，∵∠A+∠ACD+∠ADC＝180°，即∠A+∠3+∠1+∠2+∠4＝180°，∴∠A+∠ACE+∠B+∠E+ADB＝180°即五角星的五个内角之和为180°．解决问题：（1）如图①，∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F＝；（2）如图②，∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G＝；（3）如图③，∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G+∠H＝；（4）如图④，∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G+∠H+∠M+∠N＝；请你从图③或图④中任选一个，写出你的计算过程．【答案】（1）360°；（2）540°；（3）720°；（4）1080°；过程见解析【分析】（1）连接CD，由对顶角三角形可得∠A＋∠B＝∠BDC＋∠ACD，再由四边形的内角和定理得出结论；（2）连接ED，由对顶角三角形可得∠A＋∠B＝∠BED＋∠ADE，再由五边形的内角和定理得出结论；（3）连接BH、DE，由对顶角三角形可知∠EBH＋∠BHD＝∠HDE＋∠BED，再根据五边形的内角和定理得出结论；（4）连接ND、NE，由对顶角三角形可知∠1＋∠2＝∠NGH＋∠EHG，再由六边形的内角和定理得出结论．【详解】解：（1）连接CD，由对顶角三角形可得∠A＋∠B＝∠BDC＋∠ACD，则∠A＋∠B＋∠C＋∠D＋∠E＋∠F＝360°；（2）连接ED，由对顶角三角形可得∠A＋∠B＝∠BED＋∠ADE，则∠A＋∠B＋∠C＋∠D＋∠E＋∠F＋∠G＝540°；（3）连接BH、DE，∵由对顶角三角形可知∠EBH＋∠BHD＝∠HDE＋∠BED，∴∠A＋∠B＋∠C＋∠D＋∠E＋∠F＋∠G＋∠H＝五边形CDEFG的内角和＋△ABH的内角和＝540°＋180°＝720°；（4）连接ND、NE，∵由对顶角三角形可知∠1＋∠2＝∠NGH＋∠EHG，∴∠A＋∠B＋∠C＋∠D＋∠E＋∠F＋∠G＋∠H＋∠M＋∠N＝六边形BCFGHM的内角和＋△AND的内角和＋△NDE的内角和＝（6－2）×180°＋360°＝1080°．故答案为：360°；540°；720°；1080°．【点睛】本题考查的是三角形内角和定理，根据题意作出辅助线，利用△AOD和△BOC叫做对顶三角形的性质及多边形的内角和定理解答是解答此题的关键．4．（2024八年级上·全国·专题练习）阅读材料，回答下列问题：【材料提出】“八字型”是数学几何的常用模型，通常由一组对顶角所在的两个三角形构成．【探索研究】探索一：如图1，在八字型中，探索∠A、∠B、∠C、∠D之间的数量关系为___________；探索二：如图2，若∠B=36°，∠D=14°，求∠P的度数为___________；探索三：如图3，CP、AG分别平分∠BCE、∠FAD，AG反向延长线交CP于点P，则∠P、∠B、∠D之间的数量关系为___________．【模型应用】应用一：如图4，延长BM、CN，交于点A，在四边形MNCB中，设∠M=α，∠N=β，α+β>180°，四边形的内角∠MBC与外角∠NCD的角平分线BP，CP相交于点P，则∠A=___________（用含有α和β的代数式表示），∠P=___________．（用含有α和β的代数式表示）应用二：如图5，在四边形MNCB中，设∠M=α，∠N=β，α+β<180°，四边形的内角∠MBC与外角∠NCD的角平分线所在的直线相交于点P，∠P=___________．（用含有α和β的代数式表示）【拓展延伸】拓展一：如图6，若设∠C=x，∠B=y，∠CAP=13∠CAB，∠CDP=13∠CDB，试问∠P与∠C、∠B之间的数量关系为___________拓展二：如图7，AP平分∠BAD，CP平分∠BCD的邻补角∠BCE，猜想∠P与∠B、∠D的关系，直接写出结论___________．【答案】探索一：∠A+∠B=∠C+∠D，探索二：25°；探索三：∠P=∠B+∠D2；应用一：α+β-180°，α+β-180°2【分析】本题考查了三角形内角和定理，三角形外角性质，角平分线定义，熟练掌握三角形内角和定理是解题关键．探索一：根据三角形的内角和定理，结合对顶角的性质可求解；探索二：根据角平分线的定义可得∠BAP=∠DAP，∠BCP=∠DCP，结合（1）的结论可得2∠P=∠B+∠D，再代入计算可求解；探索三：运用探索一和探索二的结论即可求得答案；应用一：如图4，延长BM，CN，交于点A，利用三角形内角和定理可得∠A=α+β-180应用二：如图5，延长MB、NC，交于点A，设T是CB的延长线上一点，R是BC延长线上一点，利用应用一的结论即可求得答案；拓展一：运用探索一的结论可得：∠P+∠PAB=∠B+∠PDB，∠P+∠CDP=∠C+∠CAP，∠B+∠CDB=∠C+∠CAB，再结合已知条件即可求得答案；拓展二：运用探索一的结论及角平分线定义即可求得答案．【详解】探索一：如图1，∵∠AOB+∠A+∠B=∠COD+∠C+∠D=180°，∠AOB=∠COD，∴∠A+∠B=∠C+∠D，故答案为∠A+∠B=∠C+∠D；探索二：如图2，∵AP、CP分别平分∠BAD、∠BCD，∴∠1=∠2，∠3=∠4，由（1）可得：∠1+∠B=∠3+∠P，∠2+∠P=∠4+∠D，∴∠B-∠P=∠P-∠D，即2∠P=∠B+∠D，∵∠B=36°，∠D=14°，∴∠P=25°，故答案为25°探索三：由①∠D+2∠1=∠B+2∠3，由②2∠B+2∠3=2∠P+2∠1，①+②得：∠D+2∠B+2∠1+2∠3=∠B+2∠3+2∠P+2∠1∠D+2∠B=2∠P+∠B．∴∠P=∠B+∠D故答案为：∠P=∠B+∠D应用一：如图4，由题意知延长BM、CN，交于点A，∵∠M=α，∠N=β，α+β>180∴∠AMN=180°-α∴∠A=180∵BP、CP分别平分∠ABC、∠ACB，∴∠PBC=12∠ABC∵∠PCD=∠P+∠PBC，∵∠P=∠RFPCD∠PCD-∠PBC=1故答案为：α+β-180°，应用二：如图5，延长MB、NC，交于点，设T是CB的延长线上一点，R是BC延长线上一点，∵∠M=α，∠N=β，α+β<180∴∠A=180∵BP平分∠MBC，CP平分∠NCR，∴BP平分∠ABT，CP平分∠ACB，由应用一得：∠P=1故答案为：180°拓展一：如图6，由探索一可得：∠P+∠PAB=∠B+∠PDB,∠P+∠CDP=∠C+∠CAP，∠B+∠CDB=∠C+∠CAB，∵∠C=x，∠B=y，∠CAP=13∠CAB∴∠CDB-∠CAB=∠C-∠B=x-y，∠PAB=23∠CAB∴∠P+23∠CAB=∠B+∵2∠P=∠C+∠B+1∴∠P=2x+y故答案为：∠P=2x+y拓展二：如图7，∵AP平分∠BAD，CP平分∠BCD的邻补角∠BCE，∴∠PAD=12∠BAD由探索一得：①∠B+∠BAD=∠D+∠BCD，②∠P+∠PAD=∠D+∠PCD，②×2得：③2∠P+∠BAD=2∠D+180③-①，得：2∠P-∠B=∠D+180∴2∠P-∠B-∠D=180故答案为：2∠P-∠B-∠D=180题型03飞镖模型飞镖模型飞镖模型-进阶（飞镖模型+角平分线）图示BO平分∠ABC,OD平分∠ADC结论∠BCD=∠A+∠B+∠D,AB+AD＞BC+CD1．（2024内江市模拟预测）如图①，有结论：∠D=∠A+∠B+∠C，因为这个图形像飞镖，所以我们往往把这个模型称为“飞镖模型”，如图②，在飞镖模型中分别作∠ABC和∠ACB的平分线交于点E1，易得∠E1=∠A+∠D2，如图③，在飞镖模型中作∠ABD靠AB的三等分线，作∠ACD靠AC的三等分线，两条三等分线交于点∠E2，……，依次方法，在飞镖模型中作∠ABD靠AB的n等分线，作∠ACD靠AC

【答案】n-1【分析】本题考查与角平分线有关的三角形的内角和问题，图形类规律探究，根据飞镖模型的结论结合角平分线的定义，推导出相应的规律，即可．【详解】解：由题意，得：∠E∠D=∠BE∵∠D=∠A+∠ABD+∠ACD，∴∠ABD+∠ACD=∠D-∠A，∴∠D=∠BE∴∠BE同法可得：∠BE3C=⋯，∴∠BE故答案为：n-1∠A+∠D2．（20-21八年级上·安徽亳州·阶段练习）如图①所示是一个飞镖图案，连接AB，BC，我们把四边形ABCD叫做“飞镖模型”．（1）求证：∠ADC=∠DAB+∠DCB+∠ABC；（2）如图②所示是一个变形的飞镖图案，CE与BF交于点D，若∠EDF=120°，求∠A+∠B+∠C+∠G+∠E+∠F的度数．【答案】（1）见解析；（2）240°【分析】（1）延长CD交AB于点E，根据三角形外角性质可证∠ADC=∠DAE+∠AED，∠AED=∠DCB+∠ABC，运用角的等量转换即可证明．（2）根据三角形外角性质，运用第（1）题的方法可证∠A+∠B+∠C=∠BDC，∠E+∠G+∠F=∠EDF，∠BDC和∠EDF是对顶角，可推出∠A+∠B+∠C+∠G+∠E+∠F的度数等于2倍∠EDF的度数，计算得出答案．【详解】（1）证明：延长CD交AB于点E，如图：∵∠ADC是△ADE的外角，∴∠ADC=∠DAE+∠AED．∵∠AED是△CEB的外角，∴∠AED=∠DCB+∠ABC，∴∠ADC=∠DAE+∠DCB+∠ABC=∠DAB+∠DCB+∠ABC．（2）解：∵∠EDF和∠BDC是对顶角，∴∠BDC=∠EDF=120°．由（1）的结论可知∠BDC=∠A+∠B+∠C，∠EDF=∠E+∠G+∠F，∴∠A+∠B+∠C+∠E+∠G+∠F=∠DCB+∠EDF=240°．【点睛】本题考查了三角形外角性质，灵活运用三角形外角性质是解题关键．3．（21-22八年级·全国·假期作业）利用“模型”解决几何综合问题往往会取得事半功倍的效果．几何模型：如图（1），我们称它为“A”型图案，易证明：∠EDF＝∠A+∠B+∠C．运用以上模型结论解决问题：（1）如图（2），“五角星”形，求∠A1+∠A2+∠A3+∠A4+∠A5＝？分析：图中A1A3DA4是“A”型图，于是∠A2DA5＝∠A1+∠A3+∠A4，所以∠A1+∠A2+∠A3+∠A4+∠A5＝；（2）如图（3），“七角星”形，求∠A1+∠A2+∠A3+∠A4+∠A5+∠A6+∠A7的度数．【答案】（1）180°；（2）180°【分析】（1）根据三角形外角的性质把5个角转化到一个三角形中可得答案；（2）根据三角形外角的性质把7个角转化到一个三角形中可得答案．【详解】解：（1）如图（4），由三角形外角的性质可得，∠1＝∠A1+∠A4，∵∠A2DA5＝∠1+∠A3，∴∠A2DA5＝∠A1+∠A4+∠A3，∵∠A2DA5+∠A2+∠A5＝180°，∴∠A1+∠A2+∠A3+∠A4+∠A5＝180°，故答案为：180°；（2）如图（5），由（1）得，∠1＝∠A1+∠A4+∠A5，∠2＝∠A2+∠A3+∠A6，∵∠1+∠2+∠A7＝180°，∴∠A1+∠A2+∠A3+∠A4+∠A5+∠A6+∠A7＝180°．【点睛】本题考查多边形的内角和与三角形外角的性质，能够根据三角形外角的性质进行转化是解题关键．4．（20-21七年级下·江苏镇江·期中）模型规律：如图1，延长CO交AB于点D，则∠BOC=∠1+∠B=∠A+∠C+∠B．因为凹四边形ABOC形似箭头，其四角具有“∠BOC=∠A+∠B+∠C”这个规律，所以我们把这个模型叫做“箭头四角形”．模型应用（1）直接应用：①如图2，∠A=60°,∠B=20°,∠C=30°，则∠BOC=__________°；②如图3，∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F=__________°；（2）拓展应用：①如图4，∠ABO、∠ACO的2等分线（即角平分线）BO1、CO1交于点O1，已知∠BOC=120°，∠BAC=50°②如图5，BO、CO分别为∠ABO、∠ACO的10等分线(i=1,2,3,…,8,9)．它们的交点从上到下依次为O1、O2、O3、…、O9．已知∠BOC=120°，∠BAC=50°，则③如图6，∠ABO、∠BAC的角平分线BD、AD交于点D，已知∠BOC=120°,∠C=44°，则∠ADB=__________°；④如图7，∠BAC、∠BOC的角平分线AD、OD交于点D，则∠B、∠C、∠D之间的数量关系为__________．【答案】（1）①110；②260；（2）①85；②99；③142；④∠B-∠C+2∠D=0【分析】（1）①根据题干中的等式直接计算即可；②同理可得∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F=∠BOC+∠DOE，代入计算即可；（2）①同理可得∠BO1C=∠BOC-∠OBO1-∠OCO1，代入计算可得；②同理可得∠BO7C=∠BOC-17（∠BOC-∠A③利用∠ADB=180°-（∠ABD+∠BAD）=180°-12（∠BOC-∠C④根据两个凹四边形ABOD和ABOC得到两个等式，联立可得结论．【详解】解：（1）①∠BOC=∠A+∠B+∠C=60°+20°+30°=110°；②∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F=∠BOC+∠DOE=2×130°=260°；（2）①∠BO1C=∠BOC-∠OBO1-∠OCO1=∠BOC-12（∠ABO+∠ACO=∠BOC-12（∠BOC-∠A=∠BOC-12（120°-50°=120°-35°=85°；②∠BO7C=∠BOC-310（∠BOC-∠A=120°-310（120°-50°=120°-21°=99°；③∠ADB=180°-（∠ABD+∠BAD）=180°-310（∠BOC-∠C=180°-12（120°-44°=142°；④∠BOD=12∠BOC=∠B+∠D+12∠∠BOC=∠B+∠C+∠BAC，联立得：∠B-∠C+2∠D=0．【点睛】本题主要考查了新定义—箭头四角形，利用了三角形外角的性质，还考查了角平分线的定义，图形类规律，解题的关键是理解箭头四角形，并能熟练运用其性质．题型04老鹰抓小鸡模型老鹰抓小鸡模型图示点O为∠A内部的一点结论∠1+∠2=∠A+∠O解题方法：腋下两角之和等于上下两角之和.1．（2023·广东珠海·模拟预测）如图,将△ABC沿着DE翻折,使B点与B'点重合,若∠1+∠2=80°,则∠B的度数为（

）A．20° B．30° C．40° D．50°【答案】C【分析】由折叠的性质可知∠BED=∠B'ED,∠BDE=∠B'DE,再利用平角的定义可求出∠BED+∠BDE的度数，进而利用三角形内角和可求∠B的度数.【详解】由折叠的性质可知∠BED=∠B'ED,∠BDE=∠B'DE∵∠1+∠BED+∠B'ED=180°,∠2+∠BDE+∠B'DE=180°∴∠BED+∠BDE=∴∠B=180°-(∠BED+∠BDE)=180°-140°=40°故选C【点睛】本题主要考查折叠的性质及三角形内角和定理，掌握折叠的性质及三角形内角和定理是解题的关键.2．（2022上·湖北恩施·八年级期末）如图，把△ABC沿EF对折，折叠后的图形如图所示，∠A=60°，∠1=96°，则∠2的度数为（

）A．30° B．24° C．25° D．26°【答案】B【分析】由三角形的内角和，得∠AEF+∠AFE=120°，由邻补角的性质得∠FEB+∠EFC=240°，根据折叠的性质得∠B'EF+∠C'FE=240°，即∠1+∠AEF+∠2+∠AFE=240°，所以，∠2=24°．【详解】解：∵∠A=60°，∴∠AEF+∠AFE=180°-∠A=180°-60°=120°，∴∠FEB+∠EFC=360°-120°=240°，由折叠的性质可得：∠B'EF+∠C'FE=∠FEB+∠EFC=240°，∴∠1+∠AEF+∠2+∠AFE=240°，∵∠1=96°，∴96°+120°+∠2=240°，即∠2=240°-120°-96°=24°．故选B．【点睛】本题考查了三角形的内角和定理、邻补角的性质、折叠的性质，熟悉掌握三角形的内角和为180°，互为邻补角的两个角之和为180°以及折叠的性质是本题的解题关键．3．（2023杭州市模拟）如图，将△ABC纸片沿DE折叠，点A的对应点为A’，若∠B=60°，∠C=80°，则∠1+∠2等于(

)A．40° B．60° C．80° D．140°【答案】C【分析】根据平角定义和折叠的性质，得∠1+∠2=360°-2(∠3+∠4)，再利用三角形的内角和定理进行转换，得∠3+∠4=∠B+∠C=140°从而解题．【详解】解：根据平角的定义和折叠的性质，得∠1+∠2=360°-2(∠3+∠4)．又∵∠A+∠3+∠4=180°，∠A+∠B+∠C=180°，∴∠3+∠4=∠B+∠C=60°+80°=140°，∴∠1+∠2=360°-2(∠3+∠4)=360°-2×140°=80°，故选：C【点睛】此题综合运用了平角的定义、折叠的性质和三角形的内角和定理．4．（2022下·河南南阳·七年级校考阶段练习）如图，在四边形纸片ABCD中，∠A=80°，∠B=75°，将纸片折叠，使点C，D落在AB边上的点C'，D'处，折痕为EF，则∠1+∠2=（

A．40° B．50° C．60° D．70°【答案】B【分析】根据四边形内角和定理得到∠C+∠D=205°，进而由折叠的性质得到∠FC'D【详解】解：∵四边形ABCD中，∠A=80°，∴∠C+∠D=360°-∠A-∠B=205°，由折叠的性质可得∠FC∴∠FC∵∠FC∴∠FC∴∠BC∵∠B+∠BC∴∠B+∠BC∴155°+155°+∠1+∠2=360°，∴∠1+∠2=50°，故选B．【点睛】本题主要考查了四边形内角和定理，三角形内角和定理，折叠的性质，正确求出∠BC5．（2023下·河南郑州·八年级校考开学考试）折纸是我国一项古老的传统民间艺术，这项具有中国特色的传统文化在几何中可以得到新的解读．已知在△ABC中，请根据题意，探索不同情境中∠1+∠2（或∠1-∠2）与∠A的数量关系．

(1)如图①，若∠A＝60°，沿图中虚线DE截去∠A，则∠1+∠2＝．(2)如图②，翻折后，点A落在点A'处，若∠1+∠2=110°，求∠B+∠C(3)如图③，△ABC纸片沿DE折叠，使点A落在点A'处，若∠1=80°，∠2=28°，则∠A的度数为【答案】(1)240°(2)125°(3)26°【分析】（1）根据三角形内角和定理得出∠ADE+∠AED=180°-60°=120°，再由平角进行求解即可；（2）连接AA'，根据三角形外角的性质得出（3）设AB与DA'交于点F，根据三角形外角性质得出∠1=【详解】（1）解：∵∠A=60°∴∠ADE+∠AED=180°-60°=120°，∴∠1+∠2=360°-∠ADE-∠AED=240°，故答案为：240°．（2）解：连接AA

∵∠1=∴∠1+∵∠EAD=∠EA∴∠1+∠2=2∠EAD=∴∠EAD=55°，∴∠B+∠C=180°-55°=125°．（3）解：如图，设AB与DA'交于点

，∵∠1=由折叠可得，∠A=∠A∴∠1=∠A+∠A又∵∠1=80°，∴80°=∴∠A故答案为：26°【点睛】本题主要考查了三角形内角和定理及三角形外角的性质，平角的定义等，理解题意作出相应辅助线求解是解题的关键．6．（2022下·山东烟台·七年级统考期中）折纸是我国一项古老的传统民间艺术，这项具有中国特色的传统文化在几何中可以得到新的解读．已知在△ABC中，请根据题意，探索不同情境中∠1+∠2（或∠1－∠2）与∠A的数量关系．(1)如图①，若∠A＝80°，沿图中虚线DE截去∠A，则∠1+∠2＝_______．(2)如图②，若∠A＝80°，沿图中虚线DE将∠A翻折，使点A落在BC上的点A’处，则∠1+∠2=_______．(3)如图③，翻折后，点A落在点A’处，若∠1+∠2＝80°，求∠B+∠C的度数(4)如图④，△ABC纸片沿DE折叠，使点A落在点A’处，若∠1＝80°，∠2＝24°，求∠A的度数．【答案】(1)260°(2)160°(3)∠B+∠C=140°(4)∠A=28°【分析】（1）根据三角形内角和定理得出∠B+∠C＝180°-80°=100°，再由平角进行求解即可；（2）利用翻折的性质得出∠EDA’=∠ADE，∠AED=∠DEA’,根据三角形内角和定理得出∠ADE+∠AED＝100°，结合图形，由平角及各角之间的关系进行计算即可‘（3）连接AA'．根据三角形外角的性质得出∠1=∠DAA’+∠DA’A，∠2=∠EAA’+∠EA’A，然后利用各角之间的数量关系得出（4）设AB与DA'交于点F，根据三角形外角得出∠1=∠DFA+∠A，∠DFA=∠A【详解】（1）解：∵∠A＝80°，∴∠ADE+∠AED＝180°-80°=100°，∴∠1+∠2=360°-∠ADE-∠AED=260°，故答案为：260°；（2）∵∠A＝80°，∴∠ADE+∠AED＝180°-80°=100°，∵翻折，∴∠EDA’=∠ADE，∠AED=∠DEA’,∴∠ADA’+∠AEA’＝2(∠ADE+∠AED)=200°，∴∠1+∠2=360°-(∠ADA’+∠AEA’)=160°，故答案为：160°；（3）解：连接AA∵∠1=∠DAA’+∠DA’A，∠2=∠EAA’+∠EA’A，∴∠1+∠2=∠DAA’+∠DA’A+∠EAA’+∠EA’A=∠EAD+∠EA’D，∵∠EAD=∠EA∴∠1+∠2=2∠EAD=80°，∴∠EAD=40°，∴∠B+∠C=180°-40°=140°．（4）解：如图，设AB与DA'交于点∵∠1=∠DFA+∠A，∠DFA=∠A由折叠可得，∠A=∠A∴∠1=∠A+∠A又∵∠1=80°，∠2=24°，∴80°=2∠A+24°，∴∠A=28°．【点睛】题目主要考查三角形内角和定理及三角形外角的性质，平角的定义等，理解题意，作出相应辅助线求解是解题关键．题型05三角形翻折模型向内翻折向外翻折图示结论2∠C=∠1+∠22∠C=∠2-∠11．（20-21七年级下·重庆沙坪坝·期末）如图，△ABC为等腰直角三角形，∠C=90°，将△ABC按如图方式进行折叠，使点A与BC边上的点F重合，折痕分别与AC、AB交于点D、点E．下列结论：①∠3+∠B=90°；②∠1+∠2=90°；③∠1=∠2；④DF∥AB．其中一定正确的结论有(

)A．1个 B．2个 C．3个 D．4个【答案】B【分析】本题考查了折叠的性质，平行线的判定，三角形内角和定理等知识，正确的识别图形是解题的关键．由折叠性质可得∠A=∠3，∠ADE=∠FDE，∠AED=∠FED，再由等腰直角三角形性质得∠A=∠B=∠3=45°，即可得到∠3+∠B=90°；设∠ADE=∠FDE=α，∠AED=∠FED=β，可得∠1+∠ADE+∠FDE=∠1+2α=180°①，∠2+∠AED+∠FED=∠2+2β=180°②，∠A+α+β=180°，即可推导出∠1+∠2=90°；∠1与∠2不一定相等，DF与【详解】解：由折叠的性质，∠A=∠3，∠ADE=∠FDE，∠AED=∠FED，∵△ABC为等腰直角三角形，∠C=90°，∴∠A=∠B=∠3=45°，∴∠3+∠B=90°，故选项①正确；设∠ADE=∠FDE=α，∠AED=∠FED=β，∴∠1+∠ADE+∠FDE=∠1+2α=180°①，∠2+∠AED+∠FED=∠2+2β=180°②，∴①+②，得∠1+2α+∠2+2β=∠1+∠2+2α+β∴∠1+∠2=90°，故选项②正确；∵∠1+∠2=90°，∴∠1与∠2不一定相等，∴选项③不一定正确；∵点F在BC边上，不固定，DF与AB不一定平行，∴选项④不一定正确；故选：B．2．（20-21七年级下·江苏泰州·期末）如图，将△ABC纸片沿DE折叠，使点A落在点A'处，且A'B平分∠ABC，A'C平分∠ACB，若∠BA'C＝120°，则∠1+∠2的度数为（）A．90° B．100° C．110° D．120°【答案】D【分析】连接A'A，先求出∠BAC，再证明∠1+∠2=2∠BAC即可解决问题．【详解】解：如图，连接AA'，∵A'B平分∠ABC，A'C平分∠ACB，∴∠A'BC=12∠ABC，∠A'CB=12∠∵∠BA'C=120°，∴∠A'BC+∠A'CB=180°-120°=60°，∴∠ABC+∠ACB=120°，∴∠BAC=180°-120°=60°，∵沿DE折叠，∴∠DAA'=∠DA'A，∠EAA'=∠EA'A，∵∠1=∠DAA'+∠DA'A=2∠DAA'，∠2=∠EAA'+∠EA'A=2∠EAA'，∴∠1+∠2=2∠DAA'+2∠EAA'=2∠BAC=2×60°=120°，故选：D．【点睛】本题考查了三角形内角和定理、角平分线定义、三角形外角的性质、折叠变换等知识，解题的关键是正确添加辅助线，灵活应用所学知识，属于中考常考题型．3．（21-22七年级下·江苏南京·期末）已知△ABC中，∠A=65°，将∠B、∠C按照如图所示折叠，若∠ADB'=35°【答案】265°【分析】利用三角形的内角和定理的推论，先用∠B表示出∠3，再利用邻补角和四边形的内角和定理用∠C表示出∠1+∠2，最后再利用三角形的内角和定理求出∠1+∠2+∠3．【详解】解：由折叠知∠B=∠B∵∠3=∠B+∠4,∠4=∠ADB∴∠3=∠B+∠AD=2∠B+35°．∵∠1+∠2=180°-∠=360°-(∠CFC+∠C∠=360°-2∠C，∴∠1+∠2=360°-(∠=360°-(360°-2∠C)=2∠C．∴∠1+∠2+∠3=2∠C+2∠B+35°=2(∠C+∠B)+35°=2(180°-∠A)+35°=2(180°-65°)+35°=265°．故答案为：265°．【点睛】本题考查了三角形的内角和定理，掌握“三角形的内角和是180°”、“四边形的内角和是360°”、“三角形的外角等于与它不相邻的两个内角的和”是解决本题的关键．4．（24-25八年级上·全国·阶段练习）如图，∠AOB=α，点M是射线OA上的一个定点，点N是射线OB上的一个动点，连接MN，把∠AOB沿MN折叠，点O落在∠AOB所在平面内的点C处．(1)如图1，点C在∠AOB的内部，若∠CMA=20°，∠CNB=60°，则a=．(2)如图2，若α=45°，ON=2，折叠后点C在直线OB上方，CM与OB交于点E，且MN=ME，求∠OMN的度数及折痕MN(3)如图3，若折叠后，直线MC⊥OB，垂足为点E，且OM=5，ME=3，直接写出此时ON的长．【答案】(1)40°；(2)∠MON=30°，折痕MN的长为2；(3)ON的长为52或10【分析】（1）根据折叠的性质和三角形内角和定理即可解决问题；（2）过点N作ND⊥OM于点D，证明∠OMN=30°，进而可以解决问题；（3）分两种情况讨论并画图，若折叠后直线MC⊥OB于点E，①若点N在线段OE上，②若点N在线段OE的延长线上，然后根据勾股定理即可解决问题；本题主要考查了折叠的性质，勾股定理，含30度角的直角三角形的性质，等腰直角三角形的性质与判定等等，灵活运用所学知识是解题的关键．【详解】（1）解：∵∠CMA=20°，∠CNB=60°，∴∠CMO=180°-20°=160°，∠CNO=180°-60°=120°，由翻折可知：∠OMN=12∠CMO=80°∴∠AOB=180°-80°-60°=40°，即a=40°，故答案为：40°；（2）解：由翻折可知∠EMN=∠NMO，∴∠OME=2∠OMN，∵∠AOB=45°，∴∠MNE=∠AOB+∠OMN=45°+∠OMN，∵MN=ME，∴∠OEM=∠MNE=45°+∠OMN，∵∠AOB+∠OME+∠OEM=180°，∴45°+2∠OMN+45°+∠OMN=180°，∴∠OMN=30°，如图，过点N作ND⊥OM于点D，在Rt△ODN中，∠DON=45°，ON=∴DN=OD=1，在Rt△DMN中，∠DMN=30°∴MN=2DN=2，∴折痕MN的长为2；（3）解：若折叠后，直线MC⊥OB于点E，如图，∵OM=5，ME=3，∴OE=O①若点N在线段OE上，如图，由折叠可知：CM=OM=5，CN=ON，∴CE=CM-EM=5-3=2，在Rt△CEN中，EN=OE-ON=4-ON根据勾股定理，得EN∴4-ON2解得ON=5②若点N在线段OE的延长线上，如图，由折叠可知：CM=OM=5，CN=ON，∴CE=CM+EM=5+3=8，在Rt△CEN中，EN=ON-OE=ON-4根据勾股定理，得EN∴ON-42解得：ON=10，综上所述：ON的长为52或105．（2024八年级上·黑龙江·专题练习）新考向【动手操作】一个三角形的纸片ABC，沿DE折叠，使点A落在点A'【观察猜想】（1）如图①，若∠A=40°，则∠1+∠2=___________°；若∠A=55°，则∠1+∠2=___________°；若∠A=n°，则∠1+∠2=___________°；【探索证明】（2）利用图①，探索∠1,∠2与∠A的关系，并说明理由；【拓展应用】（3）如图②，把△ABC折叠后，BA'平分∠ABC，CA'平分∠ACB，若∠1+∠2=108°，利用（【答案】（1）80，110，2n；（2）∠1+∠2=2∠A，见解析；（3）117【分析】本题考查了折叠的性质、三角形内角和定理、角平分线的定义、三角形外角的定义及性质，熟练掌握以上知识点并灵活运用是解此题的关键．（1）由折叠的性质可得∠ADE=∠A'DE，∠AED=∠A'（2）由三角形外角的定义及性质得出∠BDE=∠A+∠AED，∠CED=∠A+∠ADE，整理即可得解；（3）由（2）可得∠A=54°，再由角平分线的定义并结合三角形内角和定理计算即可得解．【详解】解：（1）∵点A沿DE折叠落在点A'∴∠ADE=∠A'DE∴∠ADE=12180°-∠1在△ADE中，∠A+∠ADE+∠AED=180°，∴40°+1整理，得∠1+∠2=80°．同理可得：若∠A=55°，则∠1+∠2=110°．若∠A=n°，则∠1+∠2=2n°．（2）∠1+∠2=2∠A．理由：∵∠BDE，∠CED是△ADE的两个外角，∴∠BDE=∠A+∠AED，∠CED=∠A+∠ADE，∴∠BDE+∠CED=∠A+∠AED+∠A+∠ADE，∴∠1+∠ADE+∠2+∠AED=2∠A+∠AED+∠ADE，即∠1+∠2=2∠A．（3）∵∠1+∠2=108°，由（2）∠1+∠2=2∠A，得2∠A=108°，∴∠A=54°．∵BA'平分∠ABC，CA∴∠A∴∠B=180°-=90°+=117°．6．（2024·贵州贵阳·二模）综合与实践问题情境：在综合与实践课上，老师要求同学们以“折纸中的数学”为主题开展活动．独立思考：（1）如图①，将三角形纸片ABC沿DE折叠，使点A落在四边形BCDE内点A'的位置，则∠A与∠1+∠2之间的数量关系为深入探究：（2）如图②，若点A'落在四边形BCDE的边CD下方时，试猜想此时∠A与∠1，∠2结论运用：（3）如图③，在四边形ABCD中，∠A=∠C=90°，E，F分别是AB，CD边上的一点，沿EF将四边形ABCD折叠，点A的对应点G恰好落在BC边上，且∠1=75°，∠2=15°．①∠B的度数为；②若BE=22，AD=12AE，求点【答案】（1）2∠A=∠1+∠2，理由见解析；（2）2∠A=∠1-∠2，理由见解析；（3）①60°；②6【分析】（1）连接AA'，由折叠的性质得出（2）由三角形外角的性质得出∠1=∠EFA+∠A，∠EFA=∠A（3）①延长BA交CD的延长线于L，由（2）中结论可知∠1-∠2=2∠L，求出∠L=30°即可得出答案；②过点E作EI⊥BC交BC于点I，过点H作HM⊥BC交BC的延长线于点M，求出BI=2，EI=6．求出∠HGM=45°，得出【详解】解：（1）2∠A=∠1+∠2，理由如下：连接AA'，如图∵将三角形纸片ABC沿DE折叠，点A落在四边形BCDE内点A'的位置，∴∠DAE=∠DA'E．∵∠1=∠EA'A+∠EA∴∠1+∠2=∠EA即2∠A=∠1+∠2；故答案为：2∠A=∠1+∠2；（2）2∠A=∠1-∠2，理由如下：设EA'与AC交于点F，如图∵∠1=∠EFA+∠A，∠EFA=∠2+∠A'∴∠1=∠A+∠A∴2∠A=∠1-∠2；（3）①延长BA交CD的延长线于L，由（2）中结论可知∠1-∠2=2∠L，如图③，∴2∠L=75°-15°=60°，∴∠L=30°．∵∠BCD=90°，∴∠B=90°-30°=60°．故答案为：60°；②过点E作EI⊥BC交BC于点I，过点H作HM⊥BC交BC的延长线于点M，如图，∵BE=22，∠B=60∴BI=2，EI=∵∠EGI=180°-60°-75°=45°，∴EG=2∴AE=EG=23∴AD=1∴GH=AD=3∵∠EGH=∠BAD=90°，∴∠HGM=45°，∴HM=22GH=62，即点H【点睛】本题是几何变换综合题，考查了折叠的性质，三角形外角的性质，三角形内角和定理，勾股定理及直角三角形的相关性质等内容，正确掌握相关性质内容是解题的关键．题型06三角形双角平分线模型两内角平分线模型两外角平分线模型一内一外角平分线条件已知BD、DC分别平分∠ABC、∠ACB已知BD、DC分别平分∠EBC、∠BCFBE、EC分别平分∠ABC、∠ACD图示结论∠D=90°+∠A∠D=90°-∠A∠E=∠A1．（2022-2023七年级下·江苏常州·期末）【基本模型】：（1）如图1，BO平分△ABC的内角∠ABC，CO平分△ABC的外角∠ACD，试证明：∠BOC＝12∠A【变式应用】：（2）如图2，直线PQ⊥MN，垂足为点O，作∠PON的角平分线OE，在OE上任取一点A，在ON上任取一点B，连接AB，作∠BAE的角平分线AC，AC的反向延长线与∠ABO的平分线相交于点F，请问：∠F的大小是否随着点A，B位置的变化而变化？若发生变化，请说明理由；若不发生变化，请求出其度数；（3）在（2）的基础上，若FC∥MN，则AB与OE有何位置关系？请说明理由．【答案】（1）见解析

（2）∠F的大小不变；理由见解析

（3）AB⊥OE；理由见解析【分析】基本模型：（1）由三角形的外角性质得∠BOC=∠OCD-∠OBC，∠A=∠ACD-∠ABC，由角平分线定义得∠OCD=12∠ACD，∠OBC=12变式应用：（2）由角平分线定义得∠AOB=12∠PON=45°，由三角形的外角性质得∠F=∠BAC-∠ABF，∠AOB=∠BAE-∠ABO，由角平分线定义得∠BAC=12∠BAE，∠ABF=12∠ABO，则∠BAC-∠ABF=1（3）由平行线的性质得∠FBO=∠F=22.5°，证出∠ABO=2∠FBO=45°，由三角形内角和定理即可得出结论．【详解】基本模型（1）证明：∵∠OCD＝∠OBC+∠BOC，∠ACD＝∠ABC+∠A，∴∠BOC＝∠OCD﹣∠OBC，∠A＝∠ACD﹣∠ABC，又∵CO平分∠ACD，BO平分∠ABC，∴∠OCD＝12∠ACD，∠OBC＝12∴∠OCD﹣∠OBC＝12（∠ACD﹣∠ABC∴∠BOC＝12∠A变式应用解：（2）∠F的大小不变；理由如下：∵PQ⊥MN，∴∠PON＝90°，∵OE是∠PON的平分线，∴∠AOB＝12∠PON＝45°∵∠BAC＝∠ABF+∠F，∠BAE＝∠ABO+∠AOB，∴∠F＝∠BAC﹣∠ABF，∠AOB＝∠BAE﹣∠ABO，∵AC、BF分别平分∠BAE、∠ABO，∴∠BAC＝12∠BAE，∠ABF＝12∴∠BAC﹣∠ABF＝12（∠BAE﹣∠ABO∴∠F＝12∠AOB＝22.5°（3）AB⊥OE，理由如下：∵FC∥MN，∴∠FBO＝∠F＝22.5°，∵BF平分∠ABO，∴∠ABO＝2∠FBO＝45°，∴∠OAB＝180°﹣∠AOB﹣∠ABO＝90°，∴AB⊥OE．【点睛】本题考查了平行线的性质、角平分线定义、三角形的外角性质以及三角形内角和定理等知识；熟练掌握平行线的性质和三角形的外角性质是解题的关键．2．（22-23七年级下·江苏盐城·期中）如图，是一个缺角(∠A)的三角板模型，现要知道∠A的大小.数学活动课上，小李没有采用先直接量得∠MBC和∠NCB的度数，再求得∠A的度数，而是分别画出∠MBC的角平分线与∠NCB的外角平分线相交于点P，测得∠P=26°，请告知∠A=°.【答案】52【分析】根据邻补角及角平分线用∠ABC表示∠PBC及∠ACB表示∠ACP、∠BCP结合三角形内角和定理求解即可得到答案；【详解】解：∵∠MBC的角平分线与∠NCB的外角平分线相交于点P，∴∠PBC=12∠ABC∴∠BCP=∠ACB+1∵∠P=26°，∴12∴∠ABC+∠ACB=128°，∴∠A=180°-(∠ABC+∠ACB)=52°，故答案为：52；【点睛】本题考查三角形内角和定理及角平分线的定义，解题的关键是根据三角形内角和得到∠ABC+∠ACB，最后整体代入．3．（22-23七年级下·吉林长春·期末）【探索发现】在一次数学学习活动中，刘华遇到了下面的这个问题：如图①，在△ABC中，BP平分∠ABC，CP平分∠ACB，请你判断∠A和∠P间的数量关系并说明理由．刘华对这个问题进行了判断并给出了证明过程，下面是部分证明过程，请你补全余下的证明过程．解：结论：∠P=_________．理由：∵BP平分∠ABC，CP平分∠ACB，∴∠PBC=1∴∠P=180°-∠PBC-∠PCB=180°-=180°-=_________．【模型发展】如图②，点P是△ABC的外角平分线BP与CP的交点，请你判断∠A和∠P间的数量关系并说明理由．【解决问题】如图③，在△ABC中，BP平分∠ABC，CP平分∠ACB，点Q是△PBC的外角平分线BQ与CQ的交点．若∠A=68°，则∠Q=______度．

【答案】探索发现90°+12∠A，90°+1【分析】本题主要考查了角平分线的定义，三角形内角和定理：探索发现：根据角平分线的定义得到∠PBC=1模型发展：由角平分线的定义得到∠PBC=12∠CBD，∠PCB=12∠BCE，由平角的定义得到解决问题：根据前面的结论进行求解即可．【详解】解：探索发现：结论：∠P=90°+1理由：∵BP平分∠ABC，CP平分∠ACB，∴∠PBC=1∴∠P=180°-∠PBC-∠PCB=180°-=180°-=90°+1故答案为：90°+12∠A模型发展：∠P=90°-1∵点P是△ABC的内角平分线BP与CP的交点，∴∠PBC=1∵∠ABC+∠ACB=180°-∠A，∴∠CBP+∠BCP=180°-1∴∠P=180°-∠CBD-∠BCE=90°-1解决问题：∵点Q是△PBC的外角平分线BQ与CQ的交点，∴∠BCQ=1∵∠BCE=∠P+∠PBC,∠CBD=∠P+∠PCB，∴∠BCE+∠CBD=∠P+∠PBC+∠P+∠PCB=∠P+180°，∴∠BCQ+∠CBQ=1∴∠Q=180°-∠BCQ+∠CBQ由模型法则知：∠P=90°-1∴∠Q=90°-故答案为：28．4．（1）如图（1），在△ABC中，∠BAC=70°，点D在BC的延长线上，三角形的内角∠ABC与外角∠ACD的角平分线BP，CP相交于点P，求∠P的度数.（写出完整的解答过程）

【感知】：图（1）中，若∠BAC=m°，那么∠P=°（用含有m的代数式表示）【探究】：如图（2）在四边形MNCB中，设∠M=α，∠N＝β，α+β＞180°，四边形的内角∠MBC与外角∠NCD的角平分线BP，CP相交于点P.为了探究∠P的度数与α和β的关系，小明同学想到将这个问题转化图（1）的模型，因此，他延长了边BM与CN，设它们的交点为点A，如图（3），则∠A=（用含有α和β

的代数式表示），因此∠P=．（用含有α和β的代数式表示）【拓展】：将（2）中的α+β＞180°改为α+β＜180°，四边形的内角∠MBC与外角∠NCD的角平分线所在的直线相交于点P，其它条件不变，请直接写出∠P＝．（用α，β的代数式表示）【答案】（1）35°；感知：12m°，探究：α+β-180°，12（α+β）-90°；拓展：90°-12【分析】（1）根据角平分线的定义可得∠CBP=12∠ABC，根据三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和和角平分线的定义表示出∠DCP，然后整理即可得到∠P=12[感知]求∠P度数的方法同（1）[探究]添加辅助线，利用（1）中结论解决问题即可；根据四边形的内角和定理表示出∠BCN，再表示出∠DCN，然后根据角平分线的定义可得∠PBC=12∠ABC，∠PCD=∠DCN，三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和可得∠P+∠PBC=∠PCD拓展：同探究的思路求解即可【详解】（1）∵BP平分∠ABC，∴∠CBP=12∠ABC∵CP平分△ABC的外角，∴∠DCP=12∠ACD=12（∠A+∠ABC）=12∠A+在△BCP中，由三角形的外角性质，∠DCP=∠CBP+∠P=12∠ABC+∠P∴12∠A+12∠ABC=1∴∠P=12∠A=12感知：由（1）知∠P=12∵∠BAC=m°，∴∠P=12m°故答案为：12m°探究：延长BM交CN的延长线于A．∵∠A=180°-∠AMN-∠ANM=180°-（180°-α）-（180°-β）=α+β-180°，由（1）可知：∠P=12∠A∴∠P=12（α+β）-90°故答案为：α+β-180°，12（α+β）-90°[拓展]如图，延长MB交NC的延长线于A．∵∠A=180°-α-β，∠P=12∠A∴∠P=12（180°-α-β）=90°-12α-故答案为：90°-12α-1【点睛】本题考查三角形综合题，三角形内角和定理、四边形内角和定理等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，学会利用已知结论解决问题.5（22-23七年级下·江苏苏州·期中）在我们苏科版义务教育教科书数学七下第42页曾经研究过双内角平分线的夹角和内外角平分线夹角问题．聪聪在研究完上面的问题后，对这类问题进行了深入的研究，他的研究过程如下：(1)【问题再现】如图1，在△ABC中，∠ABC、∠ACB的角平分线交于点P，若∠A=50°，则∠P=(2)【问题推广】如图2，在△ABC中，∠BAC的角平分线与△ABC的外角∠CBM的角平分线交于点P，过点B作BH⊥AP于点H，若∠ACB=80°，求∠PBH的度数．(3)如图3，在△ABC中，∠ABC、∠ACB的角平分线交于点P，将△ABC沿DE折叠使得点A与点P重合，若∠1+∠2=100°，则∠BPC=(4)【拓展提升】如图4，在四边形BCDE中，EB∥CD，点F在直线ED上运动（点F不与E，D两点重合），连接BF，CF，∠EBF、∠DCF的角平分线交于点Q，若∠EBF=α，∠DCF=β，直接写出【答案】(1)115°(2)∠PBH=50°(3)115°(4)F在E左侧∠Q=β-α2；F在E,D中间∠Q=α+β2；F【分析】（1）根据三角形内角和定理和角平分线的定义求解即可；（2）先由角平分线的定义得到∠BAC=2∠BAP，∠CBM=2∠CBP，再由三角形外角的性质得到∠CBP=∠BAP+40°，根据三角形内角和定理推出∠P=180°-∠BAP-∠ABP=40°，再由垂线的定义得到∠BHP=90°，则（3）先由折叠的性质和平角的定义得到∠AED+∠ADE=130°，进而求出∠A=50°，同（1）即可得到答案；（4）分点F在点E左侧，点F在D、E之间，点F在点D右侧三种情况讨论求解即可．【详解】（1）解：∵∠A=50°，∴∠ABC+∠ACB=180°-∠A=130°，∵BP平分∠ABC，CP平分∠ACB，∴∠ABC=2∠PBC，∴2∠PBC+2∠PCB=130°，即∠PBC+∠PCB=65°，∴∠P=180°-∠PBC-∠PCB=115°，故答案为：115°；（2）解：∵AP平分∠BAC，BP平分∠CBM，∴∠BAC=2∠BAP，∵∠CBM=∠BAC+∠ACB，∴2∠CBP=2∠BAP+∠ACB，∴∠CBP=∠BAP+40°，∵∠ABC=180°-∠ACB-∠BAC，∴∠ABC=100°-2∠BAP，∴∠ABP=∠ABC+∠CBP=140°-∠BAP，∴∠P=180°-∠BAP-∠ABP=40°，∵BH⊥AP，即∠BHP=90°，∴∠PBH=180°-∠P-∠BHP=50°；（3）解：由折叠的性质可得∠AED=∠PED，∵∠1+∠AEP=180°，∴∠AEP+∠ADP=260°，∴2∠AED+2∠ADE=260°，∴∠AED+∠ADE=130°，∴∠A=180°-∠AED-∠ADE=50°，∴与（1）同理可得∠BPC=115°，故答案为：115°；（4）解：当点F在点E左侧时，如图4-1所示，∵BE∥∴∠CBE+∠BCD=180°，∵BQ平分∠EBF，CQ平分∠DCF，∴∠EBQ=1∵∠EBC+∠FCB=180°-∠DCF=180°-β，∴∠Q=180°-∠QBC-∠QCB=180°-∠QBE-∠EBC-∠FCB-∠QCF=β-α当F在D、E之间时，如图4-2所示：同理可得∠FBQ=12∠EBF=∴∠Q=180°-∠QBC-∠QCB=180°-∠QBF-∠FBC-∠FCB-∠QCF=α+β当点F在D点右侧时，如图4-3所示：同理可得∠Q=180°-∠QBC-∠QCB=180°-∠QBF-∠FBC-∠DCB-∠QCD=α-β综上所述，F在E左侧∠Q=β-α2；F在ED中间∠Q=α+β2；F在【点睛】本题主要考查了三角形内角和定理，角平分线的定义，三角形外角的性质，平行线的性质，垂线的定义，轴对称的性质，熟知相关知识是解题的关键．题型07三角形面积比问题底相同高相同已知∆ABC中BC边上的高为AE，∆BCD中BC边上的高为DF∆ABC中，D为BC上一点.∆ABC中BC边上的高为h图示结论三角形底相同时，面积比等于高之比三角形高相同时，面积比等于底之比1．（22-23八年级下·河北唐山·开学考试）小明学习了角的平分线后，发现角平分线AD分得的△ABD和△ADC的面积比与两边长有关，在图中，若AB=10，AC=6，你能帮小明算出下面两个比值吗？

（1）S△ABDS（2）BDDC=【答案】53【分析】（1）根据角平分线的性质和三角形的面积公式进行求解即可；（2）根据同高三角形的面积比等于底边比，进行求解即可．【详解】解：（1）∵AD为△ABC的角平分线，∴点D到线段AB和线段AC的距离相等，设点D到线段AB和线段AC的距离为h，则：S△ABD故答案为：53（2）∵点A到线段BD,CD的距离相等，∴S△ABD故答案为：53【点睛】本题考查角平分线的性质．熟练掌握同（等）高的两个三角形的面积比等于底边比，是解题的关键．2．（24-25七年级上·广西南宁·开学考试）如图；在△ABC中，△ABE、△BEF、△BCF和四边形AEFC的面积都相等．若DF:FC=3:2，△ABC的面积为728．（注：符号“△”表示“三角形”三个字）（1）线段AD与线段DB的比值ADDB=（2）△GEF的面积是．【答案】35/0.6【分析】本题考查的是比的应用，等底等高的两个三角形的面积之间的关系；（1）设△ABE、△BEF、△BCF和四边形AEFC的面积都为1份；可得△BDF的面积为1.5份，△BDC的面积为2.5份，再进一步解答即可；（2）如图，连接DE，由AD:DB=3:5，可得S△BDE=58S△ABE=58【详解】解：（1）设△ABE、△BEF、△BCF和四边形AEFC的面积都为1份；∵DF:FC=3:2，∴DF=1.5FC，∵△BCF与△BDF是以CF，DF为底边，而高相同，△BCF的面积为1份，∴△BDF的面积为1.5份，∴△BDC的面积为2.5份，∴S△ADC∵△ADC与△BDC是以AD,BD为底边，而高相同，∴AD:DB=S故答案为：3（2）如图，连接DE，∵AD:DB=3:5，∴S△BDE∴S△DEF同理：S△DEF=SGE:GB=S∴S阴影∵△ABC的面积为728，∴S阴影故答案为：143．（2023·山东青岛·二模）【模型】同高的两个三角形面积之比等于底边长度之比．已知，如图1，△ABC中，D为线段BC上任意一点，连接AD，则有：S△ABD【模型应用】（1）如图2，任意四边形ABCD中，E、F分别是AB、CD边的中点，连接CE、AF，若四边形ABCD的面积为S，则S四边形AECF（2）如图3，在任意四边形ABCD中，点E、F分别是边AB、CD上离点A和点C最近的三等分点，连接AF、CE，若四边形ABCD的面积为S，则S四边形AECF（3）如图4，在任意四边形ABCD中，点E、F分别是边AB、CD上离点B和点D最近的n等分点，连接AF、CE，若四边形ABCD的面积为S，则S四边形A【拓展与应用】（4）如图5，若任意的十边形的面积为100，点K、L、M、N、O、P、Q、R分别是AB、CD、DE、EF、FG、HI、IJ、JA边上离点A、C、E、E、F、H、I、A最近的四等分点，连接BL、DK、DR、MJ、NJ、FQ、OI、GP，则图中阴影部分的面积是___________．【答案】[模型应用]（1）S2；（2）S3；（3）n-1nS；[拓展与应用]【分析】本题考查了四边形面积、三角形面积、三角形的中线性质以及多边形面积等知识；[模型应用]（1）由三角形的中线性质得S△AEC=1（2）连接AC，由模型得S△AEC=1（3）连接AC，由模型得S△BEC=1nS△ABC[拓展与应用]（4）连接AD、JE、IF，由（3）得：S四边形BLDK=4-14S四边形ABCD=3【详解】解：[模型应用]（（1）E、F分别是AB、CD边的中点，∴AE=12AB∴S△AEC=∵S四边形ABCD∴S故答案为：S2（2）如图，连接AC，∵点E、F分别是边AB、CD上离点A和点C最近的三等分点，∴AE=13AB∴S△AEC=∵S四边形ABCD∴S故答案为：S3（3）如图，连接AC，∵点E、F分别是边AB、CD上离点B和点D最近的n等分点，∴BE=1nAB∴S△BEC=∵S四边形ABCD∴S=S=S=S-S=n-1故答案为：n-1n[拓展与应用]（4）如图，连接AD、JE、IF，由（3）得：S四边形同理，S四边形RDMJ=34∵S∴S=3=3=3=3=75，故答案为：75．4阅读与理解：三角形的中线的性质：三角形的中线等分三角形的面积，即如图1，AD是ΔABC中BC边上的中线，则S理由：∵BD=CD，∴SΔ即：等底同高的三角形面积相等．操作与探索在如图2至图4中，ΔABC的面积为a(1)如图2，延长ΔABC的边BC到点D，使CD=BC，连接DA．若ΔACD的面积为S1，则S1(2)如图3，延长ΔABC的边BC到点D，延长边CA到点E，使CD=BC，AE=CA，连接DE．若ΔDEC的面积为S2，则S2(3)在图3的基础上延长AB到点F，使BF=AB，连接FD，FE，得到ΔDEF（如图4)．若阴影部分的面积为S3，则S3=拓展与应用：(4)如图5，已知四边形ABCD的面积是a，E、F、G、H分别是AB、BC、CD、DA的中点，连接FH,EG交于点O，求图中阴影部分的面积？【答案】(1)a；(2)2a；(3)6a；(4)12【分析】（1）直接根据“等底同高的三角形面积相等”即可得出答案；（2）连接AD，运用“等底同高的三角形面积相等”得出SΔ（3）由（2）结论即可得出S3（4）连接OA,OB,OC,OD，运用“等底同高的三角形面积相等”得出SΔAEO=【详解】（1）解：如图2，∵延长ΔABC的边BC到点D，使CD=BC∴AC为ΔABD∴SΔACD故答案为：a；（2）解：如图3，连接AD，∵延长ΔABC的边BC到点D，延长边CA到点E，使CD=BC，AE=CA∴SΔACD=∴S即S2故答案为：2a；（3）解：由（2）得SΔ同理：SΔEFA=2∴S故答案为：6a；（4）解：如图5所示，连接OA,OB,OC,OD，则SΔ∴SΔ∴S阴影部分故阴影部分的面积为12【点睛】此题考查了阅读与理解：三角形中线的性质即等底同高的三角形面积相等，灵活运用这个结论并适当添加辅助线是解答此题的关键．5．（23-24九年级上·湖北武汉·阶段练习）如图，△ABC为等边三角形，点D为BC延长线上一点，连接AD，点E为AD上一点，连接CE，∠DEC=60°，(1)求证：BE平分∠AEC(2)如图2，点F是AB上一点、CD=BF，连接CF交BE于点M．求证：点M为CF中点．(3)在（2）的条件下，若AEDE=32，直接写出【答案】(1)见解析(2)见解析(3)S【分析】（1）在CD上取一点P，使得∠ECP=60°，由题意可知AC=BC，∠ECP=∠DEC=∠ACB=60°，可知△ECP是等边三角形，∠ACP=∠BCE，CP=CE，∠APC=60°，易证△ACP≌△BCESAS，可知∠BEC=∠APC=60°，易得∠AEB=∠BEC=60°（2）在BM上截取BG=DE，连接FG，在BG上截取GH=FG，连接FH，由（1）知，∠AEB=∠ABC=60°，结合三角形的外角及角的和差关系得∠D=∠ABE，进而易证△DEC≌△BGFSAS，得EC=GF，∠DEC=∠BGF=60°，可知△FGH为等边三角形，得∠FHG=∠BEC=60°，FH=FG=EC，可证得△EMC≌△HMFAAS，可知（3）作DN⊥AC交AC延长线N，作FK⊥BC于K，则∠DNC=∠FKB=90°，结合题意得∠DCN=∠ACB=∠ABC=60°，可知△DCN≌△FBKAAS，得DN=FK，可知S△ACD=12AC⋅DN=12BC⋅FK=S△BCF，根据点M为CF【详解】（1）证明：在CD上取一点P，使得∠ECP=60°，∵△ABC是等边三角形，∴AC=BC，∠ACB=60°，∵∠ECP=∠DEC=∠ACB=60°，则∠ACB+∠ECA=∠ECP+∠ECA，△ECP是等边三角形，∴∠ACP=∠BCE，CP=CE，∠APC=60°，∴△ACP≌△BCESAS∴∠BEC=∠APC=60°，则∠AEB=180°-∠DEC-∠BEC=60°，∴∠AEB=∠BEC，∴BE平分∠AEC；（2）证明：在BM上截取BG=DE，连接FG，在BG上截取GH=FG，连接FH，由（1）知，∠AEB=∠ABC=60°，∵∠AEB=∠D+∠EBD，∠ABC=∠EBD+∠ABE，∴∠D=∠ABE，又∵DE=BG，BF=CD，∴△DEC≌△BGFSAS∴EC=GF，∠DEC=∠BGF=60°，∴△FGH为等边三角形，∴∠FHG=60°，FH=FG，则EC=FH，∠FHG=∠BEC=60°，又∵∠ENC=∠HMF，∴△EMC≌△HMFAAS∴CM=FM，即：点M为CF中点；（3）解：作DN⊥AC交AC延长线N，作FK⊥BC于K，则∠DNC=∠FKB=90°，∵DC=BF，∠DCN=∠ACB=∠ABC=60°，∴△DCN≌△FBKAAS∴DN=FK，∴S△ACD∵点M为CF中点，∴S△BCM∵AECE=3∴S△AEC∴S△AEC【点睛】本题考查等边三角形的判定及性质，全等三角形的判定及性质，三角形的面积问题，添加辅助线构造全等三角形利用其性质得DN=FK，再结合等边三角形的性质得S△ACD6．阅读下面资料：小明遇到这样一个问题：如图1，对面积为a的△ABC逐次进行以下操作：分别延长AB、BC、CA至A1、B1、C1，使得A1B2AB，B1C2BC，C1A2CA，顺次连接A1、B1、C1，得到△A1B1C1，记其面积为S1，求S1的值.小明是这样思考和解决这个问题的：如图2，连接A1C、B1A、C1B，因为A1B2AB，B1C2BC，C1A2CA，根据等高两三角形的面积比等于底之比，所以SΔA1BC=SΔB（1）直接写出S1（用含字母a的式子表示）.请参考小明同学思考问题的方法，解决下列问题：（2）如图3，P为△ABC内一点，连接AP、BP、CP并延长分别交边BC、AC、AB于点D、E、F，则把△ABC分成六个小三角形，其中四个小三角形面积已在图上标明，求△ABC的面积.（3）如图4，若点P为△ABC的边AB上的中线CF的中点，求S△APE与S△BPF的比值.【答案】（1）19a；（2）315；（3）23【分析】（1）首先根据题意，求得S△A1BC=2S△ABC，同理可求得S△A1B1C=2S△A1BC，依此得到S△A1B1C1=19S△ABC，则可求得面积S1的值；（2）根据等高不等底的三角形的面积的比等于底边的比，求解，从而不难求得△ABC的面积；（3）设S△BPF=m，S△APE=n，依题意，得S△APF=S△APC=m，S△BPC=S△BPF=m．得出SΔAPE【详解】解：（1）连接A1C，∵B1C=2BC，A1B=2AB，∴S△BCA1=2S∴S△∴S△同理可得出：S△∴S1=6a+6a+6a+a=19a；故答案为19a；（2）过点C作CG⊥BE于点G，设SΔBPF=x，∵SΔBPC=1∴SΔBPC∴BPEP=2，即同理，SΔAPB∴S∴x+84=2y．①∵SΔAPBSΔBPD∴x+8