2025年粤教版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、下列关于速度、加速度、力的关系说法中正确的是（）A.力是维持物体运动的原因B.物体运动的速度大，说明其受到的力大C.物体受到力的作用，一定具有加速度；物体具有加速度，一定受到力的作用D.力是改变物体运动状态的原因，加速度的方向和合外力的方向一致2、对于真空中电荷量为q的静止点电荷，当选取离点电荷无穷远处的电势为零时，离点电荷距离为r的位置的电势为φ=（k为静电力常量）．如图所示，在真空中A、B两点分别放有带电荷量为+2Q和+Q的同种点电荷，以AB连线中点O为中心作一正方形，a、O、c三点恰好将AB四等分，b，d为AB的中垂线与正方形两边的交点，则下列说法正确的是（）A.场强的大小关系为Ea＞Ec，Eb=EdB.电势的大小关系为φa＞φc，φb＞φdC.在AB连线上O点的场强最小D.将一正点电荷沿直线有b运动到d的过程中电势能始终不变3、如图所示，倾角为30°的粗糙斜面与倾角为60°的足够长的光滑斜面对接在一起，两斜面上分别放有质量均为m的物块甲和乙，两物块通过一跨过定滑轮的细线连在一起．在平行于斜面的拉力F的作用下两物块做匀速运动．从图示位置开始计时，在甲物块与滑轮相碰前的一段时间内，下面的图象中，x表示每个物块所通过的路程，E表示两物块组成的系统的机械能，EP表示两物块组成的系统的重力势能，Wf表示甲物块克服摩擦力所做的功，WF表示拉力F对乙物块所做的功，则图象中所反映的关系可能正确的是（）A.B.C.D.4、一颗手榴弹以v0=10m/s的速度在空中水平飞行，设它爆炸后裂为两块，小块质量为0.2kg，沿原方向以250m/s的速度飞去，那么，质量为0.4kg的大块在爆炸后速度大小和方向是（）A.125m/s，与v0反向B.110m/s，与v0反向C.240m/s，与v0反向D.110m/s，与v0同向5、如图所示，卫星a，b分别绕行星甲、乙做匀速圆周运动，已知a，b的轨道半径之比为1：2，线速度大小之比为2：1，则甲、乙两行星的质量之比为（）A.2：1B.1：C.4：1D.1：1评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)6、（2011秋•吕梁校级期末）粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样大小的速度沿两个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移出过程中线框的一条边a、b两点间电势差的绝对值之比为____．7、（2013•甘肃模拟）（1）如图为一个小球做自由落体运动时的频闪照片，它是每隔s的时间拍摄的．从某个稍大些的位置间隔开始测量，照片上边的数字表示的是这些相邻间隔的序号，下边的数值是用刻度尺测出的其中两个间隔的长度．根据所给的两个数据，则可以求出间隔3的长度约为____cm．（结果保留三位有效数字）

（2）已知游标卡尺的主尺最小分度为1mm，游标尺上有10个小的等分刻度，它的总长等于9mm，用这个游标尺测得某物体长度为2.37cm．则这时是游标尺上的第____条刻度线与主尺上的第____条刻度线对齐．8、重为20N的木块放在水平桌面上，已知木块与地面之间的动摩擦因数μ=0.4，至少用10N的水平推力才能使木块开始运动，木块与地面之间的最大静摩擦力Fmax=____N；使木块沿桌面做匀速直线运动时的水平拉力F=____N．9、科学研究表明：空气对运动物体的阻力与物体速度的大小有关，物体速度越大，其受到的空气阻力越大．若不考虑雨滴质量的变化和风速的影响，雨滴由云层向地面下落的过程中，其运动情况是先做____运动，后做____运动．（选填“加速”、“减速”或“匀速”）10、（2014•江苏模拟）某同学做了如图所示的探究性实验，U形管左口管套有一小气球，管内装有水银，当在右管内再注入一些水银时，气球将鼓得更大．假设封闭气体与外界绝热，则在注入水银时，封闭气体的体积____，压强____，温度____，内能____．（填“增大”、“减小”、“升高”、“降低”或“不变”）11、（2013•天津二模）如图所示，一束激光从O点由空气射入厚度均匀的介质经下表面反射后，从上面A点射出．已知入射角为i，A与O相距l，介质的折射率为n．则该激光在介质中从O到A的传播时间t=____．12、将一带电量为-1×10-10C的点电荷放在电场中的P点，它受到的电场力大小为1×10-6N，方向向左．由此可知，P点的场强大小为____N/C，方向向____．若将电荷从P点移走，P点的场强大小为____N/C，方向向____．若在P点放一带电量为+1×10-9C的点电荷，则P点的场强大小为____N/C，方向向____．13、（2013•昌平区模拟）如图所示，质量为20kg的物体与水平面间的动摩擦因数为0.1，它沿水平面向右运动，在运动过程中受到水平向左、大小为F=10N的拉力作用，如果取g=10m/s2，则此时物体所受的摩擦力大小为____N，方向为____．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)14、物体的平均速率为零，则物体一定处于静止状态．____．（判断对错）15、任意两条电场线都不相交．____．（判断对错）16、将未饱和汽转化成饱和汽，可以用保持温度不变，减小体积，或是保持体积不变，降低温度，也可以用保持体积不变，减小压强．____．（判断对错）17、当达到动态平衡时，蒸发的速度不再改变，以恒速蒸发．____．（判断对错）18、任何液体的表面分子排列都比内部分子稀疏．____．（判断对错）19、穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，回路中感应电流就一定为零．____（判断对错）20、质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以，引入这个概念没有多大意义．____．评卷人得分四、实验探究题(共1题，共9分)21、研究小组通过分析、研究发现，弹簧的弹性势能EP与弹簧形变量x的关系为EP=Cxn，其中，C为与弹簧本身性质有关的已知常量；为了进一步探究n的数值，通常采用取对数作函数图象的方法来确定．为此他们设计了如图所示的实验装置，L型长直平板一端放在水平桌面上，另一端放在木块P上；实验开始时，移动木块P到某一位置，使小车可以在板面上做匀速直线运动．弹簧一端固定在平板上端，在平板上标出弹簧未形变时另一端位置O，A点处放置一光电门，用光电计时器记录小车的挡光板经过光电门的挡光时间．

（1）某同学建议按以下步骤采集实验数据；以便作出lgv与lgx的函数图象：

A．用游标卡尺测出小车的挡光板宽度d

B．用天平称出小车的质量m

C．用刻度尺分别测出OA距离L，O点到桌面的高度h1，A点到桌面的高度h2

D．将小车压缩弹簧一段距离；用刻度尺测出弹簧压缩量x；再将小车由静止释放，从光电计时器上读出小车的挡光板经过光电门的挡光时间t

E．改变小车压缩弹簧的压缩量；重复步骤D

根据实验目的，你认为必须的实验步骤是______；

（2）若小车的挡光板宽度为d，经过光电门的挡光时间为t，则小车过A点的速度v=______；

（3）取lgv为纵坐标，lgx为横坐标，根据实验数据描点画出，如图所示的图象．已知该直线与纵轴交点的坐标为（0，a），与横轴交点的坐标为（-b，0）；由图可知，n=______．评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)22、把一个量程为5mA的电流表改装成欧姆表R×1挡，电流表的内阻是50Ω，电池的电动势是1.5V，经过调零之后测电阻，当欧姆表指针指到满偏的位置时，被测电阻的阻值是多大？23、在做《研究匀变速直线运动》的实验时，某同学得到一条纸带，如图所示，并且每隔四个计时点取一个计数点，已知每两个相邻计数点间的距离为s，且s1=0.96cm，s2=2.88cm，s3=4.80cm，s4=6.72cm，s5=8.64cm，s6=10.56cm；电磁打点计时器的电源频率为50Hz．

（1）相邻两个计数点间所对应的时间T=____s，根据____确定小车做匀加速直线运动；

（2）计算此小车运动的加速度大小a=____m/s2，打第4个计数点时小车的速度大小v=____m/s．请你依据本实验推断第6记数点和第7记数点之间的距离是____cm；

（3）如果当时交变电流的频率是f=49Hz，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比____（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）．24、某同学为了测定一只约为100Ω的电阻的阻值；采用了如下方法：

（1）用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4个倍率：分别为×1k、×100、×10、×1．该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大．为了较准确地进行测量，应该将选择开关置于____（填×1k；×10、×1）的倍率．

（2）该同学用伏安法继续测定这只电阻的阻值；要求电阻两端的电压由零开始连续变化，除被测电阻外，还有如下实验仪器：

A．直流电源（电压3V，内阻不计）B．电压表V1（量程：0～3V；内阻约为5kΩ）

C．电压表V2（量程：0～15V；内阻约为25kΩ）

D．电流表A1（量程：0～250mA；内阻约为0.1Ω）

E．电流表A2（量程：0～25mA；内阻约为10Ω）F．滑动变阻器（0～20Ω，1.0A）

G．滑动变阻器（500Ω；0.2A）H．电键一只，导线若干。

在上述仪器中，电压表应选择____（填“V1”或“V2”），电流表应选择____（填“A1”或“A2”）．滑动变阻器应选择____（填F或G）．

（3）请在下面方框内画出电路原理图，完成所给的实验器材的实物图的连接．25、（2014秋•白银区校级期中）在“测定金属的电阻率”的实验中；测定阻值约为3-5Ω的金属丝的电阻率，实验中所用的电压表规格：量程0-3V；内阻3kΩ；电流表规格：量程0-0.6A、内阻0.1Ω；还有其他一些器材：

（1）在给定的方框内画出实验电路图；

（2）用螺旋测微器测得金属丝的直径如图所示，可知金属丝的直径d=____mm；

（3）实验中还应测出的物理量是____；电阻率的计算公式为ρ=____．评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)26、如图所示，在xoy坐标系坐标原点O处有一点状的放射源，它向xoy平面内的x轴上方各个方向发射α粒子，α粒子的速度大小均为v0，在0＜y＜d的区域内分布有指向y轴正方向的匀强电场，场强大小为E=，其中q与m分别为α粒子的电量和质量；在d＜y＜2d的区域内分布有垂直于xoy平面向里的匀强磁场，mn为电场和磁场的边界．ab为一块很大的平面感光板垂直于xoy平面且平行于x轴，放置于y=2d处，如图所示．观察发现此时恰好无粒子打到ab板上．（q、d、m、v0均为已知量；不考虑α粒子的重力及粒子间的相互作用），求：

（1）α粒子通过电场和磁场边界mn时的速度大小及此时距y轴的最大距离；

（2）磁感应强度B的大小；

（3）将ab板至少向下平移多大距离才能使所有的粒子均能打到板上？此时ab板上被α粒子打中的区域的长度．27、证明：要想发射一颗80min绕地球一周的卫星是不可能的，已知地球质量M=6.0×1024kg，地球半径R=6.4×106m，万有引力常量G=6.67×10-11N•m2/kg2．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【分析】牛顿第一定律明确了和运动的关系，给出了力概念，同时提出了惯性概念，正确理解牛顿第一定律即可解答本题．【解析】【解答】解：A；力不是维持物体运动状态的原因；而是改变物体运动状态的原因；故A错误；

B；物体的速度大小与受力大小无关；速度很大的做匀速运动的物体受合力为零；故B错误；

C；物体受到力的作用不一定有加速度；如合力为零时；故C错误；

D；力是改变物体运动状态的原因；由牛顿第二定律可知，加速度的方向一定与合外力的方向一致；故D正确；

故选：D．2、A【分析】【分析】根据电场线密场强大，分析场强的大小．由电势公式φ=和电场的叠加原理分析电势关系．根据电势的变化，分析正电荷电势能的变化．【解析】【解答】解：A、根据电场线的分布情况知，a处电场线密，c处电场线疏，则Ea＞Ec．由对称性可知Eb=Ed．故A正确．

B、设正方形边长为2L．由题可知：φa=+=．φc=+=，则φa＞φc．由对称性可知，φb=φd．故B错误．

C；根据电场的叠加原理知；在AB连线上BO之间的某点场强为零，最小，O点的场强不是最小．故C错误．

D、bd连线不是等势线，则将一正点电荷沿直线有b运动到d的过程中电势能是变化的；故D错误．

故选：A3、C【分析】【分析】相同时间内两物块的位移大小相等，但斜面倾角不同，故上升和下降的高度不同，据此分析系统重力势能的变化，从而得到系统机械能的变化，机械能的变化等于重力以外的力做的功．【解析】【解答】解：A、相同时间内两物块的位移大小相等，但斜面倾角不同，=

得：h甲＜h乙；即任意段时间内，乙增加的重力势能大于甲减少的重力势能，系统的重力势能是增加的，而系统动能不变，则系统的机械能也是增加的，故A错误B错误；

C、甲物块克服摩擦力所做的功Wf=μmgscos30°，s=vt，故Wf-t图线为过原点的倾斜直线，同理WF-t图线亦为过原点的直线；故C正确D错误；

故选：C．4、B【分析】【分析】手榴弹在空中爆炸过程，爆炸力远大于重力，在水平方向上动量守恒．根据动量守恒定律求出质量为0.4kg的大块在爆炸后速度大小和方向．【解析】【解答】解：手榴弹保证过程系统动量守恒；以手榴弹的初速度方向为正方向；

根据动量守恒定律得，Mv0=m1v1+m2v2；

0.6×10=0.2×250+0.4×v2；

解得v2=-110m/s，负号表示方向，与v0反向．故B正确；A；C、D错误．

故选：B．5、A【分析】【分析】卫星做圆周运动向心力由万有引力提供，列出关系式表示出中心体质量，再进行分析．【解析】【解答】解：卫星由万有引力提供向心力有：

=m

M==；

已知a，b的轨道半径之比为1：2；线速度大小之比为2：1；

则甲；乙两行星的质量之比为2：1；

故选：A．二、填空题(共8题，共16分)6、1：3【分析】【分析】由E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律求出ab两点的电势差，然后求出电势差之比．【解析】【解答】解：设线框总电阻为4R；

感应电动势：E=BLv；

感应电流：I==；

由图示可知，ab两点的电势差之比：

==；

故答案为：1：3．7、9.82730【分析】【分析】（1）自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等时间间隔内的位移之差是一恒量，即△x=gT2；

（2）游标卡尺读数=主尺读数+游标尺读数．【解析】【解答】解：（1）在连续相等时间间隔内的位移之差是一恒量，即△x=gT2；故：

x6-x1=5△x①

x3-x1=2△x②

联立①②解得：

x3=0.4x6+0.6x1=0.4×13.0+0.6×7.7=9.82cm

（2）游标卡尺的主尺最小分度为1mm；游标尺上有10个小的等分刻度，它的总长等于9mm，故精确度为0.1mm；

物体长度为2.37cm；即23.7mm，故游标尺上的第7条刻度线与主尺上23mm刻线右边第7条刻线对其，即为第30mm刻度线对其；

故答案为：

（1）9.82；

（2）7，30．8、108【分析】【分析】当木箱刚要滑动时受到的静摩擦力达到最大值，恰好等于此时的水平推力．当物体被推动后，受到滑动摩擦力，匀速运动时，由平衡条件求出滑动摩擦力，根据摩擦力公式求出动摩擦因数．在运动过程中如果改用10N的水平推力推木箱时，物体由于惯性继续向前滑动，滑动摩擦力不变．【解析】【解答】解：由题；当要用10N的水平推力时，木箱才能从原地开始运动，则此时水平推力恰好等于最大静摩擦力，所以木箱与地板间的最大静摩擦力为10N．

用水平推力；使木箱继续做匀速运动；

则由平衡条件得到；木箱受到的滑动摩擦力f=μN=0.2×20=8N；

故答案为：10，8．9、加速匀速【分析】【分析】对雨点受力分析，受重力和空气的阻力，阻力随速度的增加而增加，分阻力小于重力和等于重力两种情况讨论即可．【解析】【解答】解：雨点下落；受重力和空气的阻力，阻力逐渐变大；

当阻力小于重力时；合力向下，加速度也向下，故雨点加速运动；

当阻力增加到等于重力时；合力为零，加速度为零，故雨点开始匀速运动；

故答案为：加速，匀速．10、减小增大升高增大【分析】【分析】右管内注入水银的过程，左管内水银面会上升，则气体体积减小，根据玻意耳定律知压强的变化，由热力学第一定律判断内能的变化．【解析】【解答】解：注入水银；封闭气体的压强变大，水银对气体做功，气体体积减小，由于封闭气体与外界绝热，所以气体内能增大，温度升高．

故答案为：减小，增大，升高，增大．11、【分析】【分析】由题已知入射角为θ1和折射率n，根据折射定律求出光在介质上界面的折射角θ2，由几何关系求出光在介质中传播的路程，由v=求出光在介质中传播速度．光在介质中传播的速度大小不变，再求出光在介质中的传播时间t．【解析】【解答】解：设光在介质中传播的路程为s，在OA面折射角为r．

则：n=

s=×2

v=

t==

故答案为：．12、1×104右1×104右1×104右【分析】【分析】电场强度等于试探电荷所受的电场力与其电荷量的比值，方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．电场强度是反映电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关．电场中同一点电场强度不变．【解析】【解答】解：P点的场强大小为E==N/C=1×104N/C；方向向右．

因为电场强度是反映电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关，所以若将电荷从P点移走或在P点放一带电量为+1×10-9C的正点电荷，P点的场强大小和方向都不变，大小仍为1×104N/C；方向向右．

故答案为：1×104，右；1×104，右；1×104，右．13、20水平向左【分析】【分析】滑动摩擦力的大小可以根据f=μFN去求，方向与相对运动方向相反．【解析】【解答】解：f=μFN=0.1×200N=20N；方向与相对运动方向相反，所以为水平向左．

故本题答案为：20N，水平向左三、判断题(共7题，共14分)14、√【分析】【分析】平均速度是位移与时间的比值；平均速率是位移的路程与时间的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程与时间的比值；物体的平均速率为零，则物体的路程为0，物体一定处于静止状态．所以该说法是正确的．

故答案为：√15、√【分析】【分析】掌握电场线特点是解本题的关键，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合．【解析】【解答】解：电场中任意两条电场线不会相交；否则相交的地方的电场线的方向有两个．所以该说法是正确的．

故答案为：√16、×【分析】【分析】根据饱和汽压仅仅与温度有关，然后结合理想气体的状态方程即可正确解答．【解析】【解答】解：根据与饱和蒸汽压有关的因素可知；同一种蒸汽的饱和蒸汽压仅仅与温度有关，与其体积无关．所以该说法是错误的．

故答案为：×17、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽达到饱和时，液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发．【解析】【解答】解：饱和蒸汽的平衡是一种动态平衡．当达到动态平衡时；液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发蒸发的速度不再改变，此时以恒速蒸发．所以该说法是正确的．

故答案为：√18、√【分析】【分析】作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．【解析】【解答】解：表面张力产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层；叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】结合产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化即可正确判定．【解析】【解答】解：产生感应电流的条件是闭合回路的磁通量发生变化；题目中穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，没有说明磁通量是否变化，所以不能判断出没有感应电流产生．所以以上说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型，故实际上并不存在，质点虽然忽略物体的形状和大小但保留了物体其它的性质，故不同于几何中的点，只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点，与物体的体积的大小无关．【解析】【解答】解：质点是一个理想化模型；实际上并不存在，质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型，只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点．故说法错误．

故答案为：×．四、实验探究题(共1题，共9分)21、略

【分析】解：（1）平衡摩擦力后，小车恰好做匀速直线运动，故此后弹性势能的减小量等于小车动能的增加量．

故需要测量小车的质量；小车的速度；同时要改变行变量多次测量以便作图象；

故选ABDE；

（2）极短时间内的平均速度等于瞬时速度大小，故v=．

（3）弹性势能的减小量等于动能增加量；即。

Cxn=

lg（Cxn）=lg（）

化解得到。

lgv=．

斜率

解得n=．

故答案为：（1）ADE（2）（3）．

（1）平衡摩擦力后；小车恰好做匀速直线运动，弹性势能的减小量等于小车动能的增加量，故需要测量小车的质量；小车的速度，同时要改变行变量多次测量以便作图象；

（2）极短时间内的平均速度等于小车通过光电门的瞬时速度；

（3）根据弹性势能的减小量等于动能增加量列式；然后结合对数函数的知识求解．

解决本题的关键知道实验的原理，知道弹性势能的减小量等于动能的增加量，结合数学函数关系进行求解．【解析】ABDE；五、实验题(共4题，共12分)22、略

【分析】【分析】欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，已知电流表满偏电流与内阻，应用闭合电路的欧姆定律求出欧姆表的内阻，然后应用闭合电路欧姆定律求出待测电阻阻值．【解析】【解答】解：欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律；

由闭合电路欧姆定律得：Ig=，R内==300Ω；

经过调零之后测电阻，当欧姆表指针指到满偏的位置时；

Ig=，解得：Rx=100Ω．

答：被测电阻的阻值为100Ω．23、0.1连续相等时间内的位移之差是一恒量1.920.76812.48偏大【分析】【分析】根据连续相等时间内得位移之差是一恒量求出加速度；以及求出第6记数点和第7记数点之间的距离，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点4的瞬时速度．

根据加速度的表达式，通过测量的误差得出加速度的测量误差．【解析】【解答】解：（1）相邻两个计数点间时间间隔为0.1s；根据连续相等时间内的位移之差是一恒量确定小车做匀加速直线运动．

（2）在连续相等时间内的位移之差△x=1.92cm，根据△x=aT2得：

a=．

计数点4的瞬时速度为：m/s=0.768m/s．

第6记数点和第7记数点之间的距离为：s7=s6+△x=10.56+1.92cm=12.48cm．

（3）当时交变电流的频率是f=49Hz，而做实验的同学并不知道，可知周期的测量值偏小，根据a=知；加速度测量值偏大．

故答案为：（1）0.1，连续相等时间内的位移之差是一恒量，（2）1.92，0.768，12.48．（3）偏大．24、×10V1A2F【分析】【分析】（1）根据欧姆表的原理可知；指针偏转角度过大，说明所选档位过大，故应减小档位；

（2、3）根据题目要求可知，本题应采用分压接法，故可选出滑动变阻器；由电源的电动势可选出电压表，由欧姆定律可知电路中的电流，则可选出电流表．【解析】【解答】解：（1）指针偏转过大；说明所选档位过大，导致示数偏小，为了使指针指向中间，应选用小档位；

故应选×10档；

（2）由题意可知，由于电源电压为3V，故电压表应选择量程为3V的，故选V1；本题中应选用分压接法；故滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器应选F；

电阻阻值为100Ω，故电路中电流I=A=0.03A；故电流表应选A2；

根据实验要求；本题应采用分压接法，同时，由于电阻较小，故应选用电流表外接法，原理图如下图；根据原理图，可以连接出实物图，注意正负接线柱的接法，并且导线要连在接线柱上；

故答案为：（1）×10；（2）V1；A2；F．实物图及原理图如上图．25、0.622电阻丝的长度L，电阻丝两端的电压U，流过电阻的电流Iρ=【分析】【分析】（1）将电路分为测量电路和控制电路两部分．测量电路采用伏安法．根据电压表；电流表与待测电阻阻值倍数关系；选择电流表外接法．

（2）螺旋测微器的固定刻度最小分度为1mm；可动刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度读出整毫米数包括半毫米数，由可动刻度读出毫米的小数部分．

（3）根据电阻定律和欧姆定律表示出电阻率，再进行求解．【解析】【解答】解：（1）因为==600，==50，＞；故选择电流表外接法．

（2）固定刻度读数为0.5mm；可动刻度读数为0.122mm，则此金属丝的直径为0.622mm．

（3）根据电阻定律；有。

R=ρ

由数学知识有：S=

根据欧