2025年粤教版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版高三物理上册阶段测试试卷375考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、某质点作匀变速直线运动，在连续两个相等位移x内的平均速度分别是2m/s和3m/s，则质点在该2x位移内的平均速度为（）A.2.6m/sB.2.5m/sC.2.8m/sD.2.4m/s2、带有等量同种正电的点电荷的连线和中垂线如图所示．一个带负电的试探电荷，先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点，则（）A.试探电荷所受电场力的方向一直不变B.试探电荷所受电场力的大小一直增加C.a、b、c三点电势为：φa＜φb＜φcD.试探电荷的电势能先减小后不变3、如图为电饭锅的温控部分示意图；感温铁氧体在常温下具有铁磁性，但温度升高到103℃时便失去了铁磁性，这个温度称为这种材料的“居里温度”或“居里点”．下列说法正确的是（）

A.开始煮饭时；用手压下开关按钮，永磁体与感温磁体相吸，手松开后，按钮不再恢复到图示状态。

B.如果在1标准大气压下用电饭锅烧水；水在沸腾后会自动断电。

C.如果在1标准大气压下用电饭锅烧水；水沸腾后不会自动断电，即使水烧干后，也不会自动断电。

D.饭熟后；水分被大米吸收，锅底温度升高，当温度升至“居里点”103℃时，感温磁体失去磁性，在弹簧作用下，切断电源。

4、如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中12345

所示小球运动过程中每次曝光的位置.

连续两次曝光的时间间隔均为T

每块砖的厚度为d.

根据图中的信息，下列判断错误的是(

)

A.位置“1

”是小球释放的初始位置B.小球做匀加速直线运动C.小球下落的加速度为dT2

D.小球在位置“3

”的速度为7d2T

5、一质点从A点由静止开始向右做加速度为a1的匀加速直线运动．经时间t后加速反向，大小为a2，并保持不变，经相同时间t后返回到A点．则质点在两个时间t内走过的路程之比为（）A.1：1B.1：3C.3：5D.不能确定评卷人得分二、双选题(共9题，共18分)6、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C7、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键8、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种9、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}10、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡11、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中；除有一标有“6V2.5W”的小灯泡，导线和开关外，还有：

A．直流电源6V（内阻不计）

B．直流电流表0～3A（内阻0.1Ω以下）

C．直流电压表0～0.6A（内阻约为5kΩ）

D．直流电压表0～10V（内阻约为15kΩ）

E．滑动变阻器10Ω；2A

F．滑动变阻器1kΩ；0.5A

实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量．

（1）实验中电流表应选用____，滑动变阻器应选用____（均用序号表示）．

（2）下列实验电路图，最合理的是____（填字母代号）

（3）试将图1中实验器材连成实验电路．

（4）实验得到小灯泡的U-I图象如图2所示，如果将这个小灯泡接到电动势为3.0V、内阻为5Ω的电源两端，小灯泡的实际功率是____W．

13、真空中两个等量异种点电荷电量的值均为q，相距r，两点电荷连线中点处的场强大小为____，方向____．14、（2012秋•宁乡县校级月考）如图所示10，过山车从高为H的地方沿光滑的轨道滑下，到达A点时，进入竖直面上的圆形轨道，要保证过山车能安全的通过圆形轨道，则H和圆形轨道的半径R至少要满足____的关系．15、已知在标准状况下水蒸气的摩尔体积为V，密度为ρ，每个水分子的质量为m，体积为V1，请写出阿伏伽德罗常数的表达式NA=____（用题中的字母表示）．已知阿伏伽德罗常数NA=6.0×1023mol-1，标准状况下水蒸气摩尔体积V=22.4L．现有标准状况下10L水蒸气，所含的分子数为____．16、（2011春•金水区校级月考）如图是自行车传动机构的示意图．已知大齿轮、小齿轮和后轮的半径分别为R1、R2和R3，假设脚踏板每经时间T转1圈，则自行车前进时的速度为____．17、一物体从离地某高处自由下落，空气阻力不计，经3s时间落到地面，则落地时速度大小为____m/s，下落前离地高为____m．18、（1）实验题仪器读数。

①甲图中游标卡尺的读数是____cm．乙图中螺旋测微器的读数是____mm．

②如图所示；A；B、C是多用表在进行不同测量时，转换开关分别指示的位置，D是多用表表盘指针在测量时的偏转位置．

若是用A档测量，指针偏转如D，则读数为____；

若是用B档测量，指针偏转如D，则读数为____；

若是用C档测量，指针偏转如D，则读数为____．

19、在阳光的照射下，充满雾气的瀑布上方常会出现美丽的彩虹，彩虹是太阳光射入球形水珠经折射、内反射、再折射后形成的，其光线传播路径如图所示，图中的圆面代表水珠过球心的截面，太阳光平行截面射入球形水珠后，最后出射光线a、b分别代表两种不同颜色的光线，则水珠对a、b两束光折射率的大小关系是na______nb；a、b两束光在水珠内传播速度大小关系是va______vb．（选填“＞”、“=”或“＜”）20、如图1，一很长、很细的圆柱形的电子束由速度为v的匀速运动的低速电子组成，电子在电子束中均匀分布，沿电子束轴线每单位长度包含n个电子，每个电子的电荷量为-e（e＞0），质量为m．该电子束从远处沿垂直于平行板电容器极板的方向射向电容器，其前端（即图中的右端）于t=0时刻刚好到达电容器的左极板．电容器的两个极板上各开一个小孔，使电子束可以不受阻碍地穿过电容器．两极板A、B之间加上了如图2所示的周期性变化的电压UAB（UAB=UA-UB，图中只画出了一个周期的图线），电压的最大值和最小值分别为U0和-U0，周期为T．若以τ表示每个周期中电压处于最大值的时间间隔，则电压处于最小值的时间间隔为T-τ．已知τ的值恰好使在UAB变化的第一个周期内通过电容器到达电容器右边的所有的电子，能在某一时刻tb形成均匀分布的一段电子束．设电容器两极板间的距离很小，电子穿过电容器所需要的时间可以忽略，且mv2=6eU0；不计电子之间的相互作用及重力作用．

（1）满足题给条件的τ和tb的值分别为τ=____T，tb=____T．

（2）试在下图中画出t=2T那一时刻，在0～2T时间内通过电容器的电子在电容器右侧空间形成的电流I，随离开右极板距离x的变化图线，并在图上标出图线特征点的纵、横坐标（坐标的数字保留到小数点后第二位）．取x正向为电流正方向．图中x=0处为电容器的右极板B的小孔所在的位置，横坐标的单位s=．（本题按画出的图评分，不须给出计算过程）评卷人得分四、判断题(共1题，共8分)21、电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领．____．（判断对错）评卷人得分五、识图作答题(共2题，共10分)22、下图表示某种群数量变化可能的几种情形，其中a点表示外界因素的变化。据此分析：

（1）若图示种群每年以λ倍（λ>1）增长，则种群增长曲线应为图中的____。图中阴影部分表示____，可引起该种群的_______发生改变，进而导致种群进化，_______（填“一定”或“不一定”）产生新物种。（2）若图示物种为长江流域生态系统中的最高营养级生物之一的野生扬子鳄，当a点后的变化曲线为II且种群数量为K2时，对该物种最有效的保护措施是_______。流向该营养级其他物种的能量会_______，处于该营养级物种的种间关系是_______。（3）若图示种群为东亚飞蝗，应控制其种群数量为_______（K1、K2、O），以有利于维持该地区生态系统的稳定性。干旱能抑制造成蝗虫患病的一种丝状菌的生长，若a点变化为干旱，则a点后的变化曲线为_______，此时东亚飞蝗不断的聚集迁徙去追逐“绿色”，这体现了生态系统的_____功能。23、根据相关信息，回答下列问题：ⅰ．下面为某种真菌线粒体中蛋白质的生物合成示意图．请据图回答下列问题：

（1）完成过程①需要的物质是从细胞质进入细胞核的．它们是________．（2）从图中分析，基因表达过程中转录的发生场所有________．（3）根据右侧表格判断：[Ⅲ]携带的氨基酸是________．

ⅱ．下图表示细胞中出现的异常mRNA被SURF复合物识别而发生降解的过程，该过程被称为NMD作用，能阻止有害异常蛋白的表达．NMD作用常见于人类遗传病中，如我国南方地区高发的地中海贫血症（AUG、UAG分别为起始和终止密码子）．

（4）图中异常mRNA与正常mRNA长度相同，推测终止密码子提前出现的原因是基因中发生了________．（5）突变基因通过________过程来合成异常mRNA，如果异常mRNA不发生降解，细胞内就会产生肽链较________的异常蛋白．评卷人得分六、画图题(共2题，共8分)24、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）25、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【分析】用v1和v2表示出运动的时间，再求解物体在这整个运动过程中的平均速度．某段时间内的平均速度等于这段时间内的位移与时间的比值．【解析】【解答】解：设整体过程的总位移为2x；则。

物体通过第一段位移所用时间为t1=；

物体通过第二段位移所用时间为t2=

则物体在这整个运动过程中的平均速度为=

代入整理得到==m/s=2.4m/s

故选：D．2、C【分析】【分析】在等量的正电荷的电场中，所有的点的电势都是正的，根据矢量的合成法则可以知道，在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，由此可以分析电场力和电势能的变化．【解析】【解答】解：A、在等量的正电荷的电场中，根据矢量的合成法则可以知道，在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，b点沿直线移到c点，电场强度的方向沿着cb方向．故A错误．

B、根据矢量的合成法则可以知道，b点电场强度为0，中垂线上离b很远处电场强度也为0；c点电场强度不为0，故B错误．

C、电荷电势能一直减小，由于是带负电的试探电荷，所以电势增大，即φa＜φb＜φc；故C正确。

D、带负电的试探电荷从图中a点沿直线移到b点，电场力方向沿着中垂线指向内，电场力做正功，再从b点沿直线移到c点；电场力也做正功，所以电荷电势能一直减小，故D错误．

故选：C3、A|D【分析】

A；开始煮饭时；用手压下开关按钮，永磁体与感温磁体相吸，手松开后，按钮不再恢复到图示状态，电路接通，电饭锅加热，故A正确。

B；如果在1标准大气压下用电饭锅烧水；水在沸腾后温度为100℃，不会自动断电，故B错误。

C；如果在1标准大气压下用电饭锅烧水；水沸腾后不会自动断电，当水烧干后，温度升高达到103℃时，感温铁氧体便失去了铁磁性会自动断电，故C错误。

D；饭熟后；水分被大米吸收，锅底温度升高，当温度升至“居里点”103℃时，感温磁体失去磁性，在弹簧作用下，切断电源，故D正确。

故选AD

【解析】【答案】电饭锅应用了温度传感器；它的主要元件感温铁氧体，特点：在常温下具有铁磁性，但温度升高到103℃时便失去了铁磁性，不能被磁铁吸引．这个温度称为这种材料的“居里温度”或“居里点”．

4、A【分析】解：由图可以知道每两个相邻的点之间的距离差是一样的，由鈻�x=at2

可知，a=鈻�xT2=dT2

所以BC

的说法正确；

由于时间的间隔相同，所以2

点瞬时速度的大小为13

之间的平均速度的大小，所以V2=5d2T

根据V=V0+at

可知点1

的速度大小是V1=V2鈭�at=5d2T鈭�dT2?T=3d2T

所以A错误；

点3

的瞬时速度的大小为24

之间的平均速度的大小，所以V3=7d2T

所以D正确．

本题选错误的；故选A．

小球做的匀加速直线运动；根据相机的曝光的时间间隔相同，由匀变速直线运动的规律可以求得．

中间时刻的瞬时速度等于这段位移的平均速度的大小，利用这个结论可以很容易的求得物体在某时刻的瞬时速度的大小，对于物理中的一些结论和推论在平时的学习中要掌握住并会用．【解析】A

5、C【分析】【分析】抓住两段过程位移的大小相等，方向相反，结合匀变速直线运动的位移时间公式求出加速度大小之比，进而根据运动学基本公式求解路程之比．【解析】【解答】解：匀加速直线运动的位移；

末速度v=a1t．

匀减速直线运动的位移．

因为x1=-x2，即

解得．

则匀减速运动速度为零的时间；

则匀减速运动速度为零的位移；

所以反向加速的位移为：；

所以加速度反向后的总路程；

则质点在两个时间t内走过的路程之比为．

故选：C二、双选题(共9题，共18分)6、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D7、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}8、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}9、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}10、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}11、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共9题，共18分)12、CEB0.42【分析】【分析】（1）根据灯泡的额定值可明确电流表；根据实验要求电流从零调可知变阻器应采用分压式接法；选择阻值小的变阻器更方便调节；

（2）根据实验原理可明确实验电路接法；

（3）根据原理图可明确对应的实物图；

（4）在表示小灯泡的I-U图象中同时画出表示电源的I-U图象，读出两图线的交点坐标，再根据功率公式求解即可．【解析】【解答】解：（1）由P=UI可知，灯泡的额定电流为==0.4A；故电流表选择C即可；

由于实验要求电压从零调节；变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节，所以应选择E；

（2）本实验中要求电流从零开始调节；故滑动变阻器采用分压接法；由于内阻较小，故电流表采用外接法；故应选择B电路；

（3）根据原理图可得出对应的实物图；

（4）在表示小灯泡的I-U图象中画出表示电源的I-U图象如图所示；读出两图线交点坐标为：U=2.1V，I=0.20A；

所以小灯泡消耗的功率为：P=UI=2.1×0.20W=0.42W；

故答案为：（1）C；E；（2）B；（3）如图所示；（4）0.42．13、，由正电荷指向负电荷【分析】【分析】根据点电荷的场强公式与电场的叠加原理求出电荷连线中点处的电场强度．【解析】【解答】解：两点电荷在连线中点处产生的场强大小：

E+=E-=k=；

合场强大小：E=E++E-=；方向：由正电荷指向负电荷；

故答案为：；由正电荷指向负电荷．14、H＞2.5R【分析】【分析】小车要想安全通过圆形轨道，最不容易通过的就是轨道的最高点B点．要想安全的通过B点，向心力必须大于重力，根据牛顿第二定律和机械能守恒定律结合分析．【解析】【解答】解：小车要想安全通过圆形轨道，最不容易通过的就是轨道的最高点B点．要想安全的通过B点，则：F向B≥mg

而

整个过程中没有摩擦力做功；只有重力做功，小车的机械能守恒．以A点所在的平面为零势面，则在B点的机械能为：

而在最开始滑动的位置的机械能为：

可得求出H≥2.5R．

实际上；摩擦力总是存在的，总有机械能损失，所以实际设计中H＞2.5R．

故答案为：H＞2.5R．15、2.7×1023个【分析】【分析】根据1摩尔任何物质都含有阿伏加德罗常数个微粒，由摩尔质量除以阿伏加德罗常数，可求出每个水分子的质量．摩尔质量除以密度，得到摩尔体积．【解析】【解答】解：阿伏伽德罗常数：NA==；

10L水蒸气所含分子个数：n=NA=×6.0×1023=2.7×1023个；

故答案为：；2.7×1023个．16、【分析】【分析】大齿轮和小齿轮靠链条传动，线速度相等，根据半径关系可以求出小齿轮的角速度．后轮与小齿轮具有相同的角速度，若要求出自行车的速度，需要知道后轮的半径，抓住角速度相等，求出自行车的速度．【解析】【解答】解：转速为单位时间内转过的圈数，因为转动一圈，对圆心转的角度为2π，所以ω=rad/s，因为要测量自行车前进的速度，即车轮III边缘上的线速度的大小，根据题意知：轮I和轮II边缘上的线速度的大小相等，据v=Rω可知：R1ω1=R2ω2，已知ω1=，则轮II的角速度ω2=．

因为轮II和轮III共轴，所以转动的ω相等即ω3=ω2，根据v=Rω可知，v=R3ω3=

故答案为：17、3045【分析】【分析】物体做自由落体运动，根据h=求解高度，根据v=gt求解末速度．【解析】【解答】解：自由落体运动是初速度为零；加速度为g的匀加速直线运动；

3s末速度为：v=gt=10×3=30m/s；

3s末内下落高度为：h===45m；

故答案为：30，45．18、略

【分析】

①游标卡尺主尺读数为100mm；游标读数为0.05×10=0.50mm，两者相加读数为100.50mm=10.050cm．

螺旋测微器的固定刻度读数为3mm；可动刻度读数为20.0×0.01=0.200mm，两者相加读数为3.200mm．

②若是用A档测量；测的是电阻，读数为13×100=1300Ω．若是用B档测量，测的是电流，读数为6.4mA．若是用C档测量，测的是电压，读数为32.0V．

故答案为：①10.050cm.3.200mm．②1300Ω；6.4mA，32.0V．

【解析】【答案】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．多用表最上面一排数据表示测电阻的读数，读电压；电流时注意量程，读电阻时注意倍率．

19、＜＞【分析】解：根据光路图知，a光的偏折程度较大，可知a光的折射率较大，即na＞nb，根据v=知，a光在水滴中传播的速度较小，即va＜vb

故答案为：＞；＜

根据光线的偏折程度比较光的折射率，结合v=比较光在介质中的传播速度；

本题考查了光的折射定律，知道光的偏折程度越大，折射率越大，知道光在介质中速度大小的求解。【解析】＜＞20、0.592【分析】【分析】（1）加正向电压时电子减速；加负向电压时电子加速；根据动能定理列式求解末速度；在第一周内通过电容器的所有电子能够在某个时刻形成均匀分布的一段电子束，说明第一周期内通过电容器的两端电子束的长度相同，经过一段时间两个电子束重叠了；

（2）分析右侧电子束的运动情况，得到电流情况．【解析】【解答】解：（1）当电子通过电容的过程中，电子的动能发生变化；由于电容器所加的是周期变化的电压，所以，电子的动能变化也不相同；当A、B间加正向电压时，电子在电容器中做减速运动，设电子通过电容器后的速度为v1；当A、B间加上反向电压时，电子在电容器中做加速运动，设电子通过电容器后的速度为v2；由动能定理，有：

+eU

又mv2=6eU0

即v=

解以上几式得到：

依题意知道；在第一周内通过电容器的所有电子能够在某个时刻形成均匀分布的一段电子束，说明第一周期内通过电容器的两端电子束的长度相同，即：

v1τ=v2（T-τ）

解得：

τ=（2-）T

若在tb时刻形成均匀分布的一段电子束；即为两段电子束刚好重叠，固有：

v1tb=v2（tb-τ）

解得：

tb=2T

（2）设每段电子束的长度为L，则L=v1τ；即：

L=（2-）T

取S=T

则L=1.17s

由于电子束中电子均匀分布；且以速度v匀速进入电容器，故两个电子束穿过电容器右极板时的电流强度相同，即：

I1=I2=env

重叠部分的电流强度为：

I=I1+I2=2env

当t=T时，速度为v1的第一段电子束离开电容器右极板时的最大位移为：

x1=v1T

解得：

即x1=2s

第一段电子束末端离开电容器右极板的最小位移为：

=2s-1.17s=0.83s

速度为v2的电子束离开电容器右极板的最大位移为：

x2=v2（T-τ）=1.17s

两段电子束重叠的长度为：

△x=1.17s-0.83s=0.34s

当T′=2T时，速度为v1的第一段电子束离开电容器右极板的最大位移为：

x0=2x1=4s

速度为v2的第二段电子束离开电容器右极板的最大位移为：

代入数据得到：

故两段电子束刚好完全重合；长度为1.17s；

因为电子向右运动；故电流为负值；

由以上分析可得I-x图象如图所示（纵坐标为env）

故答案为：

（1）0.59；2；

（2）如图所示．四、判断题(共1题，共8分)21、√【分析】【分析】电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置，电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领．【解析】【解答】解：电源是通过非静电力