2025年西师新版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图甲所示，一矩形金属线框abcd垂直匀强磁场并固定于磁场中，以垂直纸面向里为磁场正方向，磁感应强度B随时间t的变化关系图象如图乙所示，规定向右为安培力的正方向，则线框的ab边所受安培力Fab随时间t变化的图象正确的是（）

A.B.C.D.2、如图所示，正方形导线框abcd和菱形MNPQ在同一水平面内，ab＝MN＝MP＝L，ab⊥NQ，N位于ab的中点，菱形区域存在方向竖直向上的匀强磁场，使线框从图示位置沿NQ方向匀速穿过菱形区域，规定电流逆时针为正，则线框中的电流i随位移x变化的图象可能是()

A.B.C.D.3、如图所示，在长方形abcd区域内有正交的电磁场，ab＝＝L，一带电粒子从ad的中点垂直于电场和磁场方向射入，恰沿直线从bc边的中点P射出，若撤去磁场，则粒子从c点射出；若撤去电场；则粒子将(重力不计)()

A.从b点射出B.从b、P间某点射出C.从a点射出D.从a、b间某点射出4、如图所示，在光滑绝缘水平面上，两个带等量正电的点电荷分别固定在A、两点，为连线的中点，为的垂直平分线。在之间的点由静止释放一个带负电的小球（可视为质点）；若不计空气阻力，则（）

A.小球从点沿直线向端运动，先做匀加速运动，后做匀减速运动B.小球从点运动至距离该点最远位置的过程中，其所经过各点的电势先降低后升高C.小球从点运动至距离该点最远位置的过程中，其电势能先减小后增大D.若在小球运动过程中，两个点电荷所带电荷量同时等量地缓慢增大，则小球往复运动过程中的振幅将不断增大5、下列说法正确的是（）A.布朗运动是液体分子的运动，它说明分子在永不停息地做无规则运动B.温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大C.当分子表现为引力时，分子间的距离增加时分子势能不一定增加D.温度和质量都相同的水、冰和水蒸气，它们的内能相等评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、下列说法中正确的是（）A.当分子间作用力表现为斥力时，分子间作用力及分子势能均随分子间距增大而减小B.两物体相接触时，热量一定从内能大的物体传递到内能小的物体C.一定量的理想气体，如果压强不变体积减小，单位时间碰撞单位面积器壁的分子数一定增多E.当液体与固体间表现为浸润时，附着层内液体分子间距离小于内部液体分子间距离E.当液体与固体间表现为浸润时，附着层内液体分子间距离小于内部液体分子间距离7、一定质量的理想气体的压强随热力学温度变化的图像如图所示，该气体从状态a开始，经历三个过程回到原状态；下列判断不正确的是（）

A.状态a气体的压强最大B.状态c气体的温度最低C.过程中，气体对外界做功D.状态a气体的体积小于状态c气体的体积8、下列说法正确的是（）A.布朗运动是指分子的运动B.晶体有固定的熔点C.气体分子之间不存在相互作用力D.外界对气体做功，气体内能一定变大9、下列关于热机的说法中，正确的是（）A.热机是把内能转化为机械能的装置B.热机是把机械能转化为内能的装置C.只要对内燃机不断进行革新，它可以把气体的内能全部转化为机械能D.即使没有漏气，也没有摩擦，内燃机也不能把内能全部转化为机械能10、在一列简谐横波传播的路径上有A、B两个质点，它们的振动图象分别如图甲、乙所示．已知两质点的平衡位置沿波的传播方向上距离为1.5m，则下列说法正确的是（）

A.t＝0.2s时，B两质点的振动方向相同B.若B质点比A质点振动滞后0.5s，这列波的波速为3m/sC.若B两质点的平衡位置间的距离小于一个波长，这列波的波长可能是6mD.若B两质点的平衡位置间的距离小于一个波长，这列波的波速可能为5m/s11、对于钠和钙两种金属，其遏止电压与入射光频率v的关系如图所示。用h；e分别表示普朗克常量和电子电荷量；则（）

A.钠的逸出功小于钙的逸出功B.图中直线的斜率为C.在得到这两条直线时，必须保证入射光的光强相同D.若这两种金属产生的光电子具有相同的最大初动能，则照射到钠的光频率较高评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)12、电子电路中的信号可以分为___________信号和___________信号。数字信号的两个工作状态可以用“___________”和“___________”来表示。在数字电路中分别代表___________电压和___________电压。13、一定质量的理想气体，其压强p随体积V变化的图线如图所示．已知在状态A时气体的温度为300K．则在状态C时气体温度Tc=_____K；如果由状态A经B到C的过程中，气体对外做了400J的功，则这个过程气体_____(填“吸收”或“放出”)____J的热量．

14、如图所示是一个单摆做受迫振动时的共振曲线，表示振幅A与驱动力的频率f的关系，则该单摆的摆长约为_____，若增大摆长，共振曲线的“峰”将_____（填“向右移动”、“向左移动”或“不移动”）（g＝9.8m/s2，π2≈9.86）

15、波速相等的两列简谐波在x轴上相遇，一列波（虚线）沿x轴正向传播，另一列波（实线）沿x轴负向传播．某一时刻两列波的波形如图所示，两列波引起的振动在x=8m处相互__________（填“加强”或“减弱”），在x=10m处相互__________（填“加强”或“减弱”）；在x=14m处质点的振幅为________cm．

16、如图所示，一列沿x轴上传播的简谐横波t0时刻的图线用实线表示．经过△t=0.2s时其图线用虚线表示；已知波长为5cm．

（i）若波向x轴正方向传播，最小波速是____________cm/s；

（ii）若波向x轴负方向传播，最大周期为____________s；

（iii）若波速为71cm/s，则此波向____________传播．（填“x轴正方向”或“x轴负方向”）17、某金属的截止极限频率恰好等于氢原子量子数n=4能级跃迁到n=2能级所发出光的频率．氢原子辐射光子后能量______（选填“增大”、“不变”或“减小”）．现用氢原子由n=2能级跃迁到n=1能级所发出的光照射该金属，则逸出光电子的最大初动能是________（已知氢原子n=1、2、4能级的能量值分别为E1、E2、E4）．评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)18、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

19、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

20、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)21、某同学对实验室的一个多用电表中的电池进行更换时；发现里面除了一节1.5V的干电池外，还有一个方形的层叠电池。为了测定层叠电池的电动势和内阻，实验室中提供了如下器材：

A.电流表A1（满偏电流10mA；内阻10Ω）

B.电流表A2（0~0.6A~3A；内阻未知）

C.滑动变阻器R（0~100Ω；1.0A）

D.定值电阻R0（阻值990Ω）

E.开关S与导线若干。

（1）该同学根据现有的实验器材，设计了合理的电路。请你在如图所示的方框内画出相应的电路图______。

（2）该同学根据上述设计的实验电路测出多组数据，绘出如下图所示的I1－I2图线（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω。（保留两位有效数字）

22、在用“半偏法”测电流表的内阻实验中；电路如图所示，实验时要进行的步骤有。

A．合上

B．合上

C．将R接入电路的阻值调到最大。

D．调节R；使电流表的指针偏到满刻度。

E．记下的阻值。

F．调节使电流表指针指到满刻度一半。

把以上步骤的字母代号按实验的合理顺序填在横线上：______。A.B.C.E.E.23、某同学利用电压表和定值电阻测蓄电池电源的电动势和内阻。

(1)实验室有以下三个电压表；需要将它们改装成量程为6V的电压表，以下措施正确的是________；

A．将电压表V1(0～1V，内阻约为1kΩ)与5kΩ的定值电阻R串联。

B．将电压表V2(0～2V，内阻约为2kΩ)与4kΩ的定值电阻R串联。

C．将电压表V3(0～3V，内阻为3kΩ)与3kΩ的定值电阻R串联。

D．以上三项都可以。

(2)用改装并校正后的电压表及两个定值电阻R0；测蓄电池的电动势和内阻，图甲为实验电路图，根据给出的电路图，将图乙的实物连线补充完整______；

(3)该实验的主要操作步骤如下：

A．按电路原理图连接实验器材；

B．将开关S2闭合，开关S1断开，测得电压表的示数是U1；

C．再将开关S1闭合，测得电压表的示数是U2；

D．断开开关S2。

①根据实验所得数据，可得电源电动势的测量值E＝__________；电源内阻的测量值r＝____________(结果用字母U1、U2、R0表示)；

②该实验测得的电动势比实际值偏_______(填“大”或“小”)。24、请读出游标卡尺的读数。

（1）_____________mm（2）_____________mm评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)25、气象探测气球是进行高空气象观测的重要工具。在某次气象探测中，地表温度为在地面将探测气球充满氦气后，缓慢上升至距离地面的高空，此时其体积为在气球上升过程中，气球内部因启动一持续加热装置而维持气体的温度不变。气球到达目标高度后停止加热，气球保持高度不变，气球内的氦气温度逐渐减小到此高度处的气温，已知此高度处大气压为海拔每升高气温下降求：

（1）氦气最终的体积多大？

（2）停止加热后氦气温度逐渐减小的过程中大气对气球做的功。

26、压力波测量仪可将待测压力波转换成电压信号，其原理如图1所示，压力波p（t）进入弹性盒后，通过与铰链O相连的“”型轻杆L，驱动杆端头A处的微型霍尔片在磁场中沿x轴方向做微小振动，其位移x与压力p成正比（）．霍尔片的放大图如图2所示，它由长×宽×厚=a×b×d，单位体积内自由电子数为n的N型半导体制成，磁场方向垂直于x轴向上，磁感应强度大小为．无压力波输入时，霍尔片静止在x=0处，此时给霍尔片通以沿方向的电流I，则在侧面上D1、D2两点间产生霍尔电压U0.

（1）指出D1、D2两点那点电势高；

（2）推导出U0与I、B0之间的关系式（提示：电流I与自由电子定向移动速率v之间关系为I=nevbd，其中e为电子电荷量）；

（3）弹性盒中输入压力波p（t），霍尔片中通以相同的电流，测得霍尔电压UH随时间t变化图像如图3，忽略霍尔片在磁场中运动场所的电动势和阻尼，求压力波的振幅和频率．（结果用U0、U1、t0、α、及β）27、如图所示，空间有相互平行、相距和宽度也都为L的I、II两区域，I、II区域内有垂直于纸面的匀强磁场，I区域磁场向内、磁感应强度为II区域磁场向外，大小待定．现有一质量为电荷量为的带电粒子；从图中所示的一加速电场中的MN板附近由静止释放被加速，粒子经电场加速后平行纸面与I区磁场边界成45°角进入磁场，然后又从I区右边界成45°角射出．

(1)求加速电场两极板间电势差

(2)若II区磁感应强度也是时；则粒子经过I区的最高点和经过II区的最低点之间的高度差是多少？

(3)为使粒子能返回I区，II区的磁感应强度应满足什么条件？并求出粒子从左侧进入I区到从左侧射出I区需要的最长时间．28、如图所示，在xOy平面内，以O1(0，R)为圆心、R为半径的圆形区域内有垂直平面向里的匀强磁场B1，x轴下方有一直线ab，ab与x轴相距为d，x轴与直线ab间区域有平行于y轴的匀强电场E，在ab的下方有一平行于x轴的感光板MN，ab与MN间区域有垂直于纸平面向外的匀强磁场B2.在0≤y≤2R的区域内，质量为m的电子从圆形区域左侧的任何位置沿x轴正方向以速度v0射入圆形区域，经过磁场B1偏转后都经过O点，然后进入x轴下方．已知x轴与直线ab间匀强电场场强大小ab与MN间磁场磁感应强度不计电子重力．

(1)求圆形区域内磁场磁感应强度B1的大小？

(2)若要求从所有不同位置出发的电子都不能打在感光板MN上，MN与ab板间的最小距离h1是多大？

(3)若要求从所有不同位置出发的电子都能打在感光板MN上，MN与ab板间的最大距离h2是多大？当MN与ab板间的距离最大时，电子从O点到MN板，运动时间最长是多少？参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

0﹣1s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针，根据I＝电流为定值，根据左手定则，ab边所受安培力的方向向右，由F＝BIL知，安培力均匀增大；1﹣2s内，由楞次定律知，感应电流的方向为顺时针，根据I＝电流为定值，根据左手定则，ab边所受安培力的方向向左，由F＝BIL知，安培力均匀减小；2﹣3s内，由楞次定律知，感应电流的方向为顺时针，根据I＝电流为定值，根据左手定则，ab边所受安培力的方向向右，由F＝BIL知，安培力均匀增大；3﹣4s内，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针，根据I＝电流为定值，根据左手定则，ab边所受安培力的方向向左，由F＝BIL知，安培力均匀减小；故A正确．2、D【分析】【分析】

根据“使线框从图示位置沿NQ方向匀速穿过菱形区域”；“线框中的电流i随位移x变化的图象”可知；本题考查法拉第电磁感应定律和楞次定律，根据法拉第电磁感应定律和楞次定律分段研究切割长度的变化，线框中感应电流大小、方向的变化。

【详解】

AC；导线框右边进入磁场时由楞次定律可以判断感应电流方向为顺时针方向；故A错误，C错误；

BD、当ab边与MP重合时，切割长度最大，感应电流最大；从ab边与MP重合到cd边到达N点，有效切割长度均匀减小，感应电动势均匀减小，感应电流均匀减小；cd边进入磁场一直运动到ab和cd边关于MP对称的中间位置，右边ab切割长度均匀减小；左边cd切割长度均匀增加，而且两边感应电动势反向，所以总电动势减小更快，到达正中央位置电流为0，故B错误，D正确。

故选：D3、C【分析】【分析】

粒子沿直线从bc边的中点P射出；洛伦兹力等于电场力，撤去磁场后，在电场力的作用下，从c点射出场区，所以粒子应带正电荷，在此过程中，粒子做类平抛运动，根据平抛运动规律列式，撤去电场后，在洛仑兹力的作用下，粒子做圆周运动，洛仑兹力提供向心力，列式求出半径即可求解；

【详解】

设粒子的质量为m，带电量为q，粒子射入电磁场时的速度为则粒子沿直线通过场区时

撤去磁场后，在电场力的作用下，从c点射出场区，所以粒子应带正电荷；在此过程中，粒子做类平抛运动，设粒子的加速度a，穿越电场所用时间为t，则有：

撤去电场后，在洛仑兹力的作用下，粒子做圆周运动，洛仑兹力提供向心力：

由以上各式解得：粒子做圆运动的轨迹如图，粒子将从a点射出，故选项C正确，选项ABD错误．

【点睛】

本题考查带电粒子在电场、磁场中两运动模型：匀速圆周运动与类平抛运动，及相关的综合分析能力，以及空间想像的能力和应用数学知识解决物理问题的能力．4、C【分析】试题分析：在OM上电场的方向从O指向M；且电场强度从O到无穷远，先增大后减小，小球在运动过程中，受电场力变化，加速度变化，所以不会做匀变速运动，故A错误；在ON一侧，电场与OM一侧对称，电场方向从O指向N，从O到无穷远，电场强度先增大后减小，所以带负电小球C点由静止释放，在电场力作用下向O处加速运动，过了O点减速运动，到达关于O点与C对称位置E处速度减为零，在CE之间往复运动，所以从C到E，电势先升高后降低，电场力先做正功，后做负功，故电势先减小后增大，故B错误；C正确；若两个点电荷所带电荷量同时等量地缓慢增大，则各处的电场强度增减增大，电场力做相同的功通过的位移越来越小，所以小球往复运动过程中的振幅将不断减小，故D错误．

考点：本题考查带电体在电场中的运动5、B【分析】A.布朗运动是固体小颗粒的运动；它间接说明分子永不停息地做无规则运动，故A错误；

B.温度高的物体内能不一定大；要看分子总数的多少，但分子平均动能一定大，故B正确；

C.当分子表现为引力时；随分子间的距离增加，分子引力做负功，分子势能增加，故C错误；

D.温度和质量都相同的水；冰和水蒸气；冰的内能最小，水蒸气内能最大，故D错误。

故选：B。二、多选题(共6题，共12分)6、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．分子间表现为斥力时；分子间距增大，分子间作用力减小，分子力做正功，分子势能减小，A正确；

B．热传递的实质是能量从高温物体传向低温物体；或从一个物体的高温部分传向低温部分的过程，不是从内能大的物体向内能小的物体转移，B错误；

C．根据气体压强的微观意义；如果体积减小，气体分子的密集度增大，但气体压强不变，气体分子在单位时间内对单位面积器壁的碰撞次数一定增多，C正确；

D．干湿泡温度计的湿泡温度计与干泡温度计的示数差距越大；表示蒸发得快，空气的相对湿度越小，D错误；

E．附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时；液体与固体间表现为浸润，E正确。

故选ACE。7、A:B:D【分析】【详解】

A．由图可知，状态a气体的压强最小；选项A错误，符合题意；

B．由图可知，状态c气体的温度最高；选项B错误，符合题意；

C．过程中，压强不变，温度升高，根据可知；气体体积变大，气体对外界做功，选项C正确，不符合题意；

D．从c到a是等容变化，即状态a气体的体积等于状态c气体的体积；选项D错误，符合题意。

故选ABD。8、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是指悬浮在液体中小颗粒的无规则运动；故A错误；

B．晶体有固定的熔点；这是由晶体的分子排列结构决定的，故B正确；

C．气体分子之间的距离非常大；可以认为气体分子之间不存在相互作用力，故C正确；

D．如果外界对气体做功的同时；气体向外界传热，气体内能不一定变大，故D错误。

故选BC。9、A:D【分析】【详解】

AB．把燃料燃烧时释放的内能转化为机械能的装置被称为热机；故A正确，B错误；

CD．热机是把内能转化为机械能的装置；过程中一定有部分热量排放给低温物体（冷凝器或大气），即有能量耗损。所以不可能把气体的内能全部转化为机械能，故C错误，D正确。

故选AC。10、B:C:D【分析】【详解】

由图知周期T=0.4s，振幅A=5cm；由图看出t=0.2s时，A质点向下运动，B质点偏离平衡位置位移最大速度为零，故A错误；根据速度位移公式有故B正确；若A质点较B质点滞后，则有(+n)λ=1.5m则A、B两质点的平衡位置间的距离小于一个波长n取0，波长为2m；若B质点较A质点滞后，则有(+n)λ=1.5m则A、B两质点的平衡位置间的距离小于一个波长n取0，波长为6m，故波的波长可能为6m，故C正确；若A质点较B质点滞后，波速A、B两质点的平衡位置间的距离小于一个波长n取0，波速为5m/s，故D正确；11、A:B【分析】【详解】

根据即则由图像可知钠的逸出功小于钙的逸出功，选项A正确；图中直线的斜率为选项B正确；在得到这两条直线时，与入射光的强度无关，选项C错误；根据若这两种金属产生的光电子具有相同的最大初动能，则照射到钠的光频率较低，选项D错误。三、填空题(共6题，共12分)12、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]电子电路中的信号可以分为数字信号和模拟信号。

[3][4]数字信号的两个工作状态可以用“0”和“1”来表示。

[5][6]在数字电路中分别代表低电压和高电压。【解析】数字模拟01低高13、略

【分析】【分析】

找到AC两个状态的状态参量；根据理想气体的状态方程求解C的温度；根据热力学第一定律判断从A到C吸热或放热情况.

【详解】

[1]由图可知：pA=4×104pAVA=1m3TA=300KpC=1×104pAVC=4m3

根据解得:TC=300K；

[2][3]根据热力学第一定律如果由状态A经B到C的过程中，气体对外做了400J的功，而气体的内能不变，则这个过程气体吸收400J的热量。【解析】300；吸收；40014、略

【分析】【详解】

由共振曲线可知：当驱动力频率f=0.5Hz时产生共振现象，则单摆的固有频率为：f=0.5Hz．由单摆的周期公式有：得：．

由单摆的频率公式为：得知，当摆长增大时，单摆的固有周期增大，频率减小，产生共振的驱动力频率也减小，共振曲线的“峰”向左移动．【解析】1向左移动15、略

【分析】【详解】

两列波在x=8m处引起的振动都是方向向下，可知此位置的振动是加强的；在x=10m处是峰谷相遇，可知此位置振动减弱；在x=14m处也是峰谷相遇，振动减弱，则质点的振幅为．【解析】加强减弱216、略

【分析】【详解】

根据题意，波速周期T=

（i）若波向x轴正方向传播，最小波速是4cm/s（n=0；式子取“+”号）

（ii）若波向x轴负方向传播，最大周期为s（n=1；式子取“-”号）

（iii）若波速为71cm/s，对应n=3，且式子取“-”号，说明波向x轴负方向传播．【解析】4x轴负方向17、略

【分析】【详解】

[1]氢原子辐射光子后；一部分能量随光子而辐射，剩余氢原子能量减小；

[2]设金属的截止频率则有

即逸出功

氢原子由n=2能级跃迁到n=1能级所发出的光子能量为那么光电子最大初动能为【解析】减小四、作图题(共3题，共18分)18、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】19、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共8分)21、略

【分析】【详解】

（1）[1]没有电压表，用电流表A1与定值电阻R0串联成电压表；原理图如图所示；

（2）[2]则由闭合电路欧姆定律可知（由于I1读数远小于I2，所以I2-I1≈I2）I1（R0+RA1)=E-I2r

即

由图可知，图像与纵坐标的交点为9.0mA，则有9.0mA=

解得E=9.0V

[3]由图像可知，图像的斜率为10×10-3，由公式得图像的斜率等于故=10×10-3

解得r=10Ω【解析】9.01022、A:B:C:D:E:F【分析】【分析】

【详解】

“半偏法”测电流表内阻的基本原理：由下图。

将R接入电路的阻值调到最大，然后合上调整R，使电流表指针恰好满偏；再闭合调节的阻值，使电流表指针正好半偏。当满足时，可以认为

故排序为CADBFE。23、略

【分析】【分析】

（1）明确电表的改装原理；即可确定如何获得大量程的电压表；（2）根据原理图即可得出对应的实物图；（3）根据闭合电电路欧姆定律进行分析，从而根据测出的数据求出电源的内阻；（4）根据电表内阻的影响进行分析，从而确定测出的电动势的误差情况。

【详解】

：（1）要想改装电压表，应知道原电压表量程，由题意可知，只有C中电表内阻已知；同时根据改装原理可知：符合要求，故选C；

（2）根据原理图可得出对应的实物图如图所示：

（3）由闭合电路欧姆定律可知：①将开关S2闭合，开关S1断开时：

将开关S1闭合时：

联立解得：

②由于电压表不是理想电表；则电压表分流，因此求出的电流值要小于真实值，而当外电路短路时电压表不再分流，因此可知，实际伏安物图应与测量出的伏安特性曲线与横轴交点相同，而图象整体偏左，因此测出的电动势偏小。

故本题的答案为：（1）C（2）（3）①②小。

【点睛】

本题考查利用电压表和两定值电阻分析测量电动势和内阻的方法，要注意准确掌握实验原理，明确实验中电表内阻的影响，从而分析数据并正确进行误差分析。【解析】AC小24、略

【分析】【详解】

（1）游标卡尺的主尺读数为22mm；游标读数为0.1×6mm=0.6mm，所以最终读数为22.6mm．

（2）游标卡尺的主尺读数为50mm，游标读数为0.05×3mm=0.15mm，所以最终读数为50.15mm．【解析】22.650.15六、解答题(共4题，共20分)25、略

【分析】【详解】

（1）由题意，气球刚到达目标高度时，氦气的温度为

经过降温后氦气的最终温度为

该过程氦气经历等压变化，根据盖—吕萨克定律有

解得氦气最终的体积为

（2）停止加热后氦气温度逐渐减小的过程中大气对气球做的功为【解析】（1）（2）26、略

【分析】【详解】

【分析】由左手定则可判定电子偏向D2边，所以D1边电势高；当电压为U0时，电子不再发生偏转，故电场力等于洛伦兹力，根据电流I与自由电子定向移动速率v之间关系为I=nevbd求出U0与I、B0之间的关系式；图像结合轻杆运动可知，0-t0内，轻杆向一侧运动至最远点又返回至原点，则可知轻杆的运动周期，当杆运动至最远点时，电压最小，结合U0与I、B0之间的关系式求出压力波的振幅．

解：（1）电流方向为C1C2，则电子运动方向为C2C1，由左手定则可判定电子偏向D2边，所以D1边电势高；

（2）当电压为U0时，电子不再发生偏转，故电场力等于洛伦兹力

①①

由电流

得：②

②将②带入

①得（3）图像结合轻杆运动可知，0-t0内，轻杆向一侧运动至最