2025年中图版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年中图版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、光滑水平面上有一质量为2kg的物体，在五个恒定的水平共点力的作用下处于平衡状态．现同时撤去大小分别为8N和16N的两个水平力而其余力保持不变，关于此后物体的运动情况的说法中正确的是（）A.一定做匀变速直线运动，加速度大小可能是4m/s2B.可能做匀减速直线运动，加速度大小可能是2m/s2C.一定做匀变速运动，加速度大小可能是10m/s2D.可能做匀速圆周运动，向心加速度大小可能是8m/s22、下列说法不正确的是（）A.奥斯特发现电流周围存在磁场，并提出分子电流假说解释磁现象B.电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置C.牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量的数值，从而使万有引力定律有了真正的使用价值D.T•m2与V•s能表示同一个物理量的单位3、【题文】如图所示，质量为M，半径为R的光滑圆环静止在光滑水平面上，有一质量为m的小滑块从与环心O等高处开始无初速下滑到达最低点时；滑块发生的位移为（）

A.B.C.D.4、一质点从静止开始做匀加速运动．从开始运动起，通过连续三段位移所经历的时间依次为T、2T、3T，则这三段位移的大小之比为（）A.1：2：3B.1：3：5C.1：4：9D.1：8：275、如图甲所示，水平面上质量相等的两木块A、B用一轻弹簧相连接，整个系统处于平衡状态，现用一竖起向上的力F拉木块A，使木块A向上做匀加速直线运动．研究从力F刚作用在木块A的瞬间到木块B刚离开地面的瞬间这个过程，并且选定这个过程中木块A的起始位置为坐标原点，则下列图象中可以表示力F和木块A的位移之间关系的是（）A.B.C.D.6、矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴匀速转动时，产生的交变电流的最大值出现在（）A.线圈平面与磁感线平行时B.线圈平面与磁感线垂直时C.线圈平面与中性面重合时D.线圈平面与中性面成30°角时评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、一物体在光滑的水平桌面上运动，在相互垂直的x方向和y方向上的分运动速度随时间变化的规律如图所示．关于物体的运动，下列说法正确的是（）A.物体做曲线运动B.物体做直线运动C.物体运动的初速度大小是50m/sD.物体运动的初速度大小是10m/s8、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标上，如图中的a、b、c所示，根据图线可知（）A.反映Pr变化的图线是cB.电源电动势为6vC.电源内阻为1ΩD.当电流为0.5A时，外电路的电阻为6Ω9、如图所示；金属线圈平面正对着条形磁铁的S极，现将条形磁铁迅速地靠近线圈，则（）

A.线圈中电流的方向是逆时针的（从左往右看）B.线圈中电流的方向是顺时针的（从左往右看）C.线圈向右摆动D.线圈向左摆动10、一列简谐横波原来的波形如图实线所示，经过时间t后变成图中虚线所示的波形．已知波向左传播，时间t小于1个周期，图中坐标为（12，2）的质点A，经时间t后振动状态传到质点B，则（）A.质点B的坐标为（3，2）B.质点B的坐标为（12，0）C.质点A在时间t内的路程为6cmD.质点A在时间t内的路程为4cm11、在下列核反应方程中，X代表质子的方程是（）A.2713Al+24He→3015P+XB.147N+42He→178O+XC.21H+γ→10n+XD.31H+X→42He+10n评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、（2015秋•福建校级月考）某学习小组设计了一种粗测小物体质量的方法．使用的器材有细绳；硬纸板、支架、刻度尺、铅笔、白纸、自制小滑轮、已知质量的小物块和若干待测小物体等．

简化的实验装置如图所示，在A点固定一根细绳AP，以A为圆心、AP为半径描出圆弧CD，直线AC水平，AD竖直．在B点固定小滑轮，一根细绳绕过小滑轮，一端悬挂小物块（质量m0已知）；另一端连接绳端P点．在结点P悬挂不同质量的待测小物体m，平衡时结点P处在圆弧CD上不同的位置．利用学过的物理知识，可求出结点P在圆弧CD上不同的位置时对应的待测物体的质量值m，并标在CD弧上．

（1）在圆弧CD上从C点至D点标出的质量值应逐渐____（填写“增大”或“减小”）；

（2）如图所示，BP延长线交竖直线AD于P′点，用刻度尺量出AP′长为l1，PP′长为l2，则在结点P处标出的质量值应为____．13、（2012秋•静安区校级期末）如图所示，让物体分别同时从竖直圆上的P1、P2处由静止开始下滑，沿光滑的弦轨道P1A、P2A滑到A处，P1A、P2A与竖直直径的夹角分别为θ1、θ2．则物体沿P1A、P2A下滑加速度之比为____；沿P1A、P2A下滑的时间之比为____；到达A处的速度大小之比为____．14、地球绕太阳的运动可以近似地看做匀速圆周运动，其运动的轨道半径为r=1.5×1011m，周期为365天．流星的某碎块质量为10kg，高速向太阳运动．当其经过地球轨道的某处A时，速度达到12km/s．则此流星碎块在A处受到太阳的引力大小为____（若太阳与行星间的引力和太阳对流星碎块的引力是同种性质的力）15、两颗人造卫星A、B绕地球做圆周运动，周期之比为TA：TB=1：27，则轨道半径之比____．16、（2010•黑龙江校级模拟）如图，交流电压随时间按正弦函数规律变化，则该交流电的电压最大值为____V，有效值为____V．17、图为悬挂画框的情景．说到悬挂画框，画框上绳子的系法也体现了物理学知识的应用．图中悬挂同一幅画框，绳子受拉力最大的情景是____；绳子受拉力最小的情景是____．（选填情景的代号“a”、“b”或“c”）

18、交流发电机工作时，电动势瞬时值表达式为e=Emsinωt，若将电枢的转速提高1倍，同时将电枢所围面积减小一半，其他条件不变．则其电动势瞬时值的表达式为____．19、（2013•金湖县校级模拟）磁流体发电是一项新兴技术，它可以把气体的内能直接转化为电能．如图是磁流体发电机的装置：A、B组成一对平行电极，两极间距为d，内有磁感应强度为B的匀强磁场，现持续将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负电的微粒，而整体呈中性）垂直喷射入磁场，每个离子的速度为v，电量大小为q，两极之间的等效内阻为r，稳定时，磁流体发电机的电动势E=____，设外电路电阻为R，则R上消耗的功率P=____．评卷人得分四、判断题(共3题，共27分)20、物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大．____．21、一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升到200℃时，其体积增加为原来的2倍．____．（判断对错）22、发现电磁感应现象的科学家是法拉第．____．（判断对错）评卷人得分五、解答题(共3题，共12分)23、某滑板爱好者在离地h=1.8m高的平台上滑行，水平离开A点后落在水平地面的B点，其水平位移S1=3m，着地时由于存在能量损失，着地后速度变为v=4m/s，并以此为初速沿水平地面滑行S2=8m后停止．已知人与滑板的总质量m=60kg．（空气阻力忽略不计，取g=10m/s2）求：

（1）人与滑板在水平地面上滑行时受到的平均阻力的大小；

（2）人与滑板离开平台时的水平初速度；

（3）人与滑板着地时速度大小和方向．24、一粗细均匀的J型玻璃管竖直放置；左端封闭，右端（足够长）开口向上，左端封有一定质量的理想气体，初始状态左右两管水银面相平，如图所示．封闭气体的温度为27℃，大气压强为75cmHg．求：

①若沿右侧管壁缓慢加入5cm长的水银柱并与下方的水银合为一体；为使封闭气体保持原来的长度，应使气体的温度变为多少？

②此过程封闭气体分子的平均动能______（选填“增大”或“减小”）；气体将______（选填“吸热”或“放热”）

25、如图所示，半圆玻璃砖的半径R=10cm，折射率为n=；直径AB与水平面MN垂直并接触于A点．激光a以入射角i=30°射向半圆玻璃砖的圆心O，结果在水平面MN上出现两个光斑．求。

（1）激光在此玻璃砖内传播的速度。

（2）激光射出玻璃砖时的折射角；

（3）增大入射角，使水平面MN上只剩一个光斑，此光斑离A点的最长距离．评卷人得分六、推断题(共3题，共15分)26、【化学rm{隆陋}有机化学基础】镇痉药物rm{C}化合物rm{N}以及高分子树脂的合成路线如下：rm{(1)A}的化学名称为___________；rm{A}在催化剂作用下可与rm{H_{2}}反应生成rm{B}rm{B}的式量为rm{108}rm{B}的结构简式为__________。rm{(2)C}中官能团的名称为___________；rm{C}在碱性条件下水解的化学反应方程式为____。rm{(3)A}与银氨溶液反应的化学方程式为____。rm{(4)F}与甲醛合成高分子树脂的反应类型为____，rm{N}的结构简式为____。rm{(5)}扁桃酸的一种同分异构体满足下列条件：rm{垄脵}遇rm{FeCl_{3}}溶液不发生显色反应；rm{垄脷}能发生银镜反应，在酸性条件下水解产物之一能与rm{FeCl_{3}}溶液发生显色反应；rm{垄脹}分子中有rm{5}种不同化学环境的氢，核磁共振氢谱峰面积之比为：rm{1:2:2:2:1}写出该同分异构体的结构简式____。rm{(6)}写出用乙醇为原料制备化合物rm{CH_{3}COCl}的合成路线____。合成路线流程图示例如下：27、【化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础】rm{H}是药物合成中的一种重要中间体，下面是rm{H}的一种合成路线：

回答下列问题：rm{(1)X}的结构简式为_______，其中所含官能团的名称为______；rm{Y}生成rm{Z}的反应类型为_______。rm{(2)R}的化学名称是________。rm{(3)}由rm{Z}和rm{E}合成rm{F}的化学方程式为__________________。rm{(4)}同时满足苯环上有rm{4}个取代基，且既能发生银镜反应，又能发生水解反应的rm{Y}的同分异构体有________种，其中核磁共振氢谱上有rm{4}组峰，峰面积之比为rm{1隆脙2隆脙2隆脙3}的同分异构体的结构简式为________rm{(}一种即可rm{)}rm{(5)}参照上述合成路线，以乙醛和为原料rm{(}其他试剂任选rm{)}设计制备肉桂醛rm{(}rm{)}的合成路线。28、【化学rm{隆陋}选修rm{5}有机化学基础】氯吡格雷rm{(clopidogrel)}是一种用于抑制血小板聚集的药物，该物质的合成路线之一如图所示：请回答下列问题：rm{(1)A}的名称为____，rm{F}中无氧官能团的名称为____。rm{(2)X}的结构简式为____，rm{D}的分子式为____。rm{(3)G隆煤}氯吡格雷的反应类型为____。rm{(4)B隆煤C}的化学方程式为____。rm{(5)}同时满足下列条件的rm{E}的同分异构体有____种rm{(}不考虑立体异构rm{)}其中核磁共振氢谱有rm{5}种吸收峰，且峰面积比为rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的结构简式是____。rm{垄脵}结构中存在与rm{F}相同的官能团rm{垄脷}能发生银镜反应，其碱性条件下水解的两种产物也能发生银镜反应rm{(6)}参照上述合成路线和相关信息，设计一条由乙炔和乙醇为起始原料制备的合成路线rm{(}无机试剂任选rm{)}参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】撤去大小分别为5N和15N的两个力，其余的力保持不变，则知其余力的合力范围，由牛顿第二定律求出物体加速度的范围．物体一定做匀变速运动，当撤去的两个力的合力与原来的速度方向相同时，物体可能做匀减速直线运动．恒力作用下不可能做匀速圆周运动．【解析】【解答】解：根据平衡条件得知，余下力的合力与撤去的两个力的合力大小相等、方向相反，则撤去大小分别为8N和16N的两个力后，物体的合力大小范围为8N≤F合≤24N，根据牛顿第二定律F=ma得，物体的加速度范围为：，4m/s2≤a≤12m/s2．

A；若物体原来做匀速直线运动；撤去的两个力的合力方向与速度方向不在同一直线上时，物体可以做曲线运动，故A错误．

B、撤去后合力方向可能与速度方向相反，则物体可能做匀减速直线运动，但是加速度不可能等于2m/s2．故B错误．

C、物体的加速度一定是恒定的，做匀变速运动，加速度大小可能等于10m/s2．故C正确．

D；物体在恒力作用下；不可能做匀速圆周运动，故D错误．

故选：C．2、A【分析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解析】【解答】解：A；奥斯特发现电流周围存在磁场；安培提出分子电流假说解释磁现象，故A错误；

B；电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置；故B正确；

C；牛顿发现了万有引力定律；卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量的数值，从而使万有引力定律有了真正的使用价值，故C正确；

D、根据Φ=BS和E=得T•m2与V•s能表示同一个物理量的单位；即磁通量的单位，故D正确；

本题选不正确的，故选：A．3、D【分析】【解析】略【解析】【答案】D4、D【分析】【分析】要求连续的时间不等的三段时间内的位移之比，就要分别求出这三段时间内得位移，要求这三段位移，可以先求第一段的位移，再求前两段的位移，再求前三段的位移，前两段的位移减去第一段的位移，就等于第二段的位移，前三段的位移减去前两段的位移就等于第三段的位移；【解析】【解答】解：根据x=at2可得物体通过的第一段位移为：x1=a×12

又前3s的位移减去前1s的位移就等于第二段的位移，故物体通过的第二段位移为：x2=

又前6s的位移减去前3s的位移就等于第三段的位移，故物体通过的第三段位移为：x3=

故位移比为：1：8：27

故选：D．5、A【分析】【分析】以木块A为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律得出F与A位移x的关系式，再选择图象．【解析】【解答】解：设原来系统静止时弹簧的压缩长度为x0，当木块A的位移为x时，弹簧的压缩长度为（x0-x），弹簧的弹力大小为k（x0-x）；根据牛顿第二定律得。

F+k（x0-x）-mg=ma

得到，F=kx-kx0+ma+mg；

又kx0=mg；

则得到F=kx+ma

可见F与x是线性关系；当x=0时，kx+ma＞0，故A正确；

故选：A．6、A【分析】【分析】矩形线圈绕垂直于匀强磁场的对称轴作匀速转动时，经过中性面时，磁通量最大，磁通量的变化率为零，感应电动势为零，线圈平面与磁场平行时，磁通量为零，磁通量的变化率最大，感应电动势最大．【解析】【解答】解：当线圈与磁场平行时；磁通量为零，磁通量的变化率最大，则感应电动势最大．

故选：A．二、多选题(共5题，共10分)7、AC【分析】【分析】物体做曲线运动的特征是加速度与速度不在同一直线上，分析合运动的初速度方向与加速度方向关系，分析物体的运动性质；根据平行四边形定则求解初速度大小．【解析】【解答】解：

A；B；由图知，x方向的初速度沿x轴正方向，y方向的初速度沿y轴负方向，则合运动的初速度方向不在y轴方向上；x轴方向的分运动是匀速直线运动，加速度为零，y轴方向的分运动是匀变速直线运动，加速度沿y轴方向，所以合运动的加速度沿y轴方向，与合初速度方向不在同一直线上，物体做曲线运动．故A正确，B错误．

C、D由图知，x、y两个方向的初速度大小为vx=30m/s，vy=40m/s，故根据平行四边形定则得知，物体运动的初速度大小v==50m/s．故C正确；D错误．

故选AC8、AD【分析】【分析】三种功率与电流的关系是：直流电源的总功率PE=EI，内部的发热功率Pr=I2r，输出功率PR=EI-I2r，根据数学知识选择图线．根据图线a斜率求解电源的电动势．由图读出电流I=2A时，发热功率Pr=I2r，求出电源的内阻．当电流为0.5A时，读出电源的功率，结合欧姆定律求出外电阻．【解析】【解答】解：A、根据直流电源的总功率PE=EI，内部的发热功率Pr=I2r，输出功率PR=EI-I2r，可知反映Pr变化的图线是c，反映PE变化的是图线a，反映PR变化的是图线b．故A正确．

B、图线a的斜率等于电源的电动势，由得到E==4V．故B错误．

C、由图，当I=2A时，Pr=8W，由公式Pr=I2r得，r=2Ω．故C错误．

D、当电流为0.5A时，由图读出电源的功率PE=2W．由PE=代入得到；R=6Ω．故D正确．

故选AD9、BC【分析】【分析】根据楞次定律来判定感应电流方向，再结合右手螺旋定则及楞次定律的相对运动角度来分析，即可求解．【解析】【解答】解：当条形磁铁S极迅速地靠近线圈；导致线圈的磁通量增大，根据楞次定律与右手螺旋定则，则产生感应电流方向顺时针（从左往右看）；

并根据楞次定律的“来拒去留”；即可判定线圈向右摆动，故BC正确，AD错误；

故选：BC．10、BC【分析】【分析】机械波传播的是振动的形式，波形匀速平移，但各个质点仅仅在各自的平衡位置附近振动，并不随波迁移．【解析】【解答】解：A；B、机械波传播的是振动的形式；各个质点仅仅在各自的平衡位置附近振动，从波形图可以看出12m位置的质点t时刻在平衡位置，故坐标为：（12，0），故A错误，B正确；

C；D、时间t小于1个周期；故波传播的距离小于1倍的波长，由于波形向左平移，故移动9m，质点向下到达负的最大位移后又返回平衡位置，故路程是：3A=6cm，故C正确，D错误；

故选：BC．11、BC【分析】【分析】根据核反应方程中质量数和电荷数守恒，求出未知粒子的核电荷数和质量数即可判断粒子的种类．【解析】【解答】解：A；根据质量数和电荷数守恒得X的电荷数为0；质量数为1，所以X是中子，故A错误；

B；同理X的电荷数为1；质量数为1，所以X为质子，故B正确；

C；X的电荷数为1；质量数为1，所以X是质子，故C正确；

D；X的电荷数为1；质量数为2，所以X是氘核，故D错误．

故选：BC．三、填空题(共8题，共16分)12、增大【分析】【分析】先对物体m0分析，受重力和拉力，根据平衡条件求解PB绳子的拉力；再对结点P受力分析，受三个拉力，根据平衡条件并结合合成法列式求解出各个力的表达式进行分析．【解析】【解答】解：（1）对物体m0分析；受重力和拉力，根据平衡条件，有：

T=m0g①

再对结点P受力分析；如图所示：

图中的力三角形与几何三角形APP′相似；故：

=②

解得：

联立①②解得：

m=m0=m0

越靠近D点；m增大；

故答案为：（1）增大；（2）m0．13、cosθ1：cosθ21：1cosθ1：cosθ2【分析】【分析】对物体受力分析，根据牛顿第二定律求出下滑的加速度．通过位移以及加速度，根据位移时间公式求出运动的时间，从而得出末速度，然后进行比较．【解析】【解答】解：物体受重力、支持力，根据牛顿第二定律得，a=cosθ，所以加速度大小之比为cosθ1：cosθ2．

物体的位移2Rcosθ，则2Rcosθ=at2，解得：t=，与夹角无关，知下滑时间之比为1：1．则v=at，知速度之比为cosθ1：cosθ2．

故答案为：cosθ1：cosθ2，1：1，cosθ1：cosθ214、5.9×10-2N【分析】【分析】地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解太阳的质量；然后直接根据万有引力定律列式求解太阳对流星碎块的引力．【解析】【解答】解：地球绕太阳运动时；万有引力提供向心力，故：

G=m地（）2r

解得：

M==kg=2.0×1030kg

根据万有引力定律；此流星碎块在A处受到太阳的引力大小为：

F==N≈5.9×10-2N

故答案为：5.9×10-2N．15、1：9【分析】【分析】根据万有引力提供向心力得出轨道半径和周期的关系，从而结合周期之比求出轨道半径之比．【解析】【解答】解：根据得，r=，因为TA：TB=1：27，则轨道半径之比rA：rB=1：9．

故答案为：1：9．16、Um【分析】【分析】描述交变电流的量有周期、频率、有效值、峰值、瞬时值，通过图象直接得到．【解析】【解答】解：通过图象得电压的最大值为Um；

有效值为U==．

故答案为：Um，．17、ac【分析】【分析】根据受力平衡的条件求出绳子的拉力，然后用力的平行四边形定则进行力的分解即可求出绳子上拉力大小【解析】【解答】解：根据共点力的平衡条件可知：三幅画中绳子对画框拉力的合力必然和画框的重力相等；知道了绳子的合力大小方向然后根据平行四边形定则将合力进行分解，如下图：

合力相等；绳子夹角越大的，两个分力也越大。

故：受力最大的是a，受力最小的是c．18、e=Emsin2ωt【分析】【分析】根据交流发电机工作时的电动势最大值表达式，求出电枢的转速提高一倍，电枢所围面积减小一半时感应电动势最大值，再写出电动势的表达式【解析】【解答】解：交流发电机工作时的电动势最大值表达式Em=NBSω，将发电机电枢的转速提高一倍，同时将电枢所围面积减小一半，电动势最大值表达式Em′=NB•2ω=NBSω=Em，角速度为ω′=2ω，则其电动势变为e=Emsin2ωt．

故答案为：e=Emsin2ωt19、Bdv【分析】【分析】根据左手定则判断板的极性，离子在运动过程中同时受电场力和洛伦兹力，二力平衡时两板间的电压稳定．【解析】【解答】解：由左手定则知正电荷运动的方向向里，掌心向左，所以正离子向下偏转，两板间电压稳定时满足：qvB=q；所以E=Bdv，则发电机的电动势E=Bdv；

回路中的电流：，R上消耗的功率：

故答案为：Bdv；四、判断题(共3题，共27分)20、×【分析】【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．再由牛顿第二定律可知，F=ma，即加速度与合外力的关系．【解析】【解答】解：根据加速度的定义式a=可知；物体的速度越大，则加速度不一定越大；

再由牛顿第二定律可知；F=ma，可知，当加速度越大时，则合外力越大，故是错误的；

故答案为：×．21、×【分析】【分析】一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化【解析】【解答】解：根据理想气体的状态方程，一定质量的气体，保持压强不变，温度升高时气体的体积跟它的热力学温度成正比，即：；

初状态：T0=100℃=373K，末状态：T1=200℃=473K；所以温度从100℃升高到200℃时，它的体积改变为原来的倍．

故答案为：×22、√【分析】【分析】发现电磁感应现象的科学家是法拉第．【解析】【解答】解：发现电磁感应现象的科学家是法拉第．故这个说法正确．

故答案为：√五、解答题(共3题，共12分)23、略

【分析】【分析】根据动能定理求出人与滑板在水平地面上滑行时受到的平均阻力的大小．根据高度求出平抛运动的时间，结合水平位移和时间求出平抛运动的初速度．根据竖直分速度，结合平行四边形定则求出人与滑板着地的速度大小和方向．【解析】【解答】解：（1）根据动能定理得，解得f=．

（2）根据h=得，t=；

则平抛运动的初速度．

（3）着地时的竖直分速度vy=gt=10×0.6m/s=6m/s；

着地的速度大小v=m/s；

速度方向与水平方向夹角的正切值，则速度方向与水平方向夹角为arctan．

答：（1）人与滑板在水平地面上滑行时受到的平均阻力的大小为60N；

（2）人与滑板离开平台时的水平初速度为5m/s；

（3）人与滑板着地时速度大小为m/s，方向与水平方向夹角为arctan．24、略

【分析】

①初态：p1=p=75cmHg，T1=273+27K=300K

末态：p2=p+5cmHg=80cmHg，T2=？

由解得：T2=320K即t=47℃

故应使温度变为47℃．

②此过程温度升高；内能增大，而气体不做功，根据热力学第一定律得知，气体将吸热．

答：①应使气体的温度变为47℃；

②增大；吸热．

【解析】【答案】①根据玻璃管两边的液面差；求出两个状态下气体的压强，气体做等容变化，根据气态方程即可求出后来气体的温度．

②此过程温度升高；内能增大，气体不做功，根据热力学第一定律分析可知应吸热．

25、略

【分析】【分析】（1）由n=求激光在此玻璃砖内传播的速度．

（2）由题分析可知；在水平屏幕MN上出现两个光斑是由于激光a在O点同时发生折射和反射形成的，根据折射定律求出折射角．

（3）在入射角增大的过程中，当发生全反射时屏MN上只剩一个光斑，此光斑离A最远时，恰好发生全反射，入射角等于临界角由几何知识分别求出左侧光斑和右侧到A点的距离，再求解．【解析】【解答】解：（1）激光在此玻璃砖内传播的速度v===m/s

（2）由n=得sinr=nsini=×sin30°=

则折射角r=45°

（3）入射角增大的过程中，当发生全反射时屏MN上只剩一个光斑，此光斑离A最远时，恰好发生全反射，入射角等于临界角：

i=C，则有：sinC=；

代入数据解得：

Q′A===10cm．

答：

（1）激光在此玻璃砖内传播的速度m/s．

（2）激光射出玻璃砖时的折射角是45°．

（3）改变入射角，使屏MN上只剩一个光斑，则此光斑离A点的最长距离为10cm．六、推断题(共3题，共15分)26、（1）苯甲醛（2）酯基羟基（3）（4）缩聚反应（5）（6）

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【分析】【分析】主要考查有机物的合成，掌握有机物的命名、方程式的书写、有条件的同分异构体的写法、有机物的合成等，题目难度中等。【解答】rm{(1)}根据信息rm{I}可判断rm{A}为苯甲醛，在催化剂的条件下与氢气发生加成反应生成苯甲醇，结构简式为故答案为：苯甲醛；rm{(2)}扁桃酸与苯甲醇在浓硫酸、加热条件下发生酯化反应，生成扁桃酸苯甲酯，含有酯基、羟基官能团，在碱性条件下水解的方程式为故答案为：酯基、羟基；rm{(3)}苯甲醛与银氨溶液反应的方程式为：故答案为：rm{(4)}根据高分子树脂的结构，确定对甲基酚与甲醛反应的反应类型为缩聚反应；根据信息rm{II}确定rm{N}为故答案为：缩聚反应；rm{(5)}符合条件的物质的结构中应有：羟基直接连在苯环上；甲酸酚酯；rm{5}种氢原子的数目比为：rm{1:2:2:2:1}其结构简式为故答案为：rm{(6)}根据题意，用乙醇为原料制备化合物rm{CH}rm{CH}rm{3}的合成路线为故答案为：rm{3}【解析】rm{(1)}苯甲醛rm{(2)}酯基羟基rm{(3)}rm{(4)}缩聚反应rm{(5)}rm{(6)}。

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27、rm{(1)}羟基取代反应

rm{(2)}对羟基苯甲醛

rm{(3)}

rm{(4)16}或

rm{(5)}【分析】【分析】本题考查有机物的推断、官能团、有机反应类型、同分异构体书写以及方程式书写等，需要学生熟练掌握官能团性质与转化，较好的考查学生分析推理能力，难度中等。【解答】rm{(1)}由rm{X}和rm{Y}的结构简式可知rm{X}为所含官能团的名称为羟基，根据rm{Y}和rm{Z}结构简式可知，rm{Y}生成rm{Z}的反应类型为取代反应，故答案为：羟基；取代反应；rm{(2)R}为其化学名称为对羟基苯甲醛；

故答案为：对羟基苯甲醛；rm{(3)R}反应生成rm{E}rm{E}的分子式为rm{C_{8}H_{8}O_{2}}则rm{E}为rm{Z}和rm{E}合成rm{F}的化学方程式为故答案为：rm{(4)Y}为其同分异构体苯环上有rm{4}个取代基，且既能发生银镜反应，又能发生水解反应，则含有醛基和酯基，由rm{Y}的结构简式可知，其同分异构体中含有甲酸酯的结构，则rm{4}个取代基为rm{-OH}rm{-OH}rm{-CH_{3}}rm{-OOCH}则两个羟基的位置为邻、间、对三种位置，然后分别确定另两种取代基的位置，共rm{16}种不同的结构，其中核磁共振氢谱上有rm{4}组峰，则有rm{4}种不同的