2025年鲁教新版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁教新版高二物理上册月考试卷793考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、2006

年美国和俄罗斯的科学家利用回旋加速器，通过(

钙48)

轰击(

锎249)

发生核反应，成功合成了第118

号元素，这是迄今为止门捷列夫元素周期表中原子序数最大的元素，实验表明，该元素的原子核先放出3

个相同的粒子x

再连续经过3

次娄脕

衰变后，变成质量为282

的第112

号元素的原子核，则上述过程中的粒子x

是(

)

A.中子B.质子C.电子D.娄脕

粒子2、如图所示，半圆形玻璃砖abcO

为圆心，C

为圆弧顶点.

一束很细的白光沿cO

方向射入玻璃砖.

现保持光的方向不变，使玻璃砖绕O

点沿顺时针方向转动，则首先在界面ab

发生全反射的应是白光中的A.紫光部分，因为玻璃对紫光折射率小B.紫光部分，因为玻璃对紫光折射率大C.红光部分，因为玻璃对红光折射率小D.红光部分，因为玻璃对红光折射率大3、一辆汽车拟从甲地开往乙地，先由静止启动做匀加速直线运动，然后保持匀速直线运动，最后做匀减速直线运动，当速度减为0时刚好到达乙地。从汽车启动开始计时，下表给出某些时刻汽车的瞬时速度，根据表中的数据通过分析、计算可以得出汽车。时刻（s）1．02．03．05．07．09．510．5速度（m/s）3．06．09．012129．03．0A.匀加速直线运动经历的时间为4．0sB.匀加速直线运动经历的时间为5．0sC.匀减速直线运动经历的时间为2．0sD.匀减速直线运动经历的时间为4．0s4、与原子核内部变化有关的现象是（）A.α粒子散射现象B.光电效应现象C.电离现象D.天然放射现象5、一束单色平行光，通过双缝后在屏上得到干涉条纹，以下说法中正确的是（）A.相邻明纹或暗条纹之间的距离不相等B.用红光做实验比用紫光做实验得到的相邻明条纹（或暗条纹）之间的间隔大C.屏上某点到双缝的距离之差等于半个波长的整数倍时，这点将出现暗条纹D.如果改用白光做实验，相邻条纹之间的距离是相等的6、如图，质量为m

的物体沿倾角为娄脠

的斜面匀速下滑.

下列正确的是()

A.物体所受合力的方向沿斜面向下B.斜面对物体的支持力等于物体的重力C.物体下滑速度越大，说明物体所受摩擦力越小D.斜面对物体的支持力和摩擦力的合力的方向竖直向上7、氢原子能级的示意图如图所示，大量氢原子从n=4

的能级向n=2

的能级跃迁时辐射出可见光a

从n=3

的能级向n=2

的能级跃迁时辐射出可见光b

则

A.氢原子在n=2

的能级时可吸收能量为3.6eV

的光子而发生电离B.氢原子从n=4

的能级向n=3

的能级跃迁时辐射出光子的能量可以小于0.66eV

C.b

光比a

光的波长短D.氢原子从n=4

的能级可辐射出5

种频率的光子8、如图所示，水平放置的平行板电容器充电后与电源断开，一重力不计的带电粒子沿着上板水平射入电场，恰好从下板右边缘飞出电场，粒子电势能减少了鈻�E1.

若保持上板不动，将下板上移少许，该粒子仍以相同的速度从原处射入电场，粒子在电场中电势能减少了鈻�E2

下列分析正确的是(

)

A.电容变大，两板间电压不变，两板间场强变大B.电容变小，两板间电压变大，两板间场强不变C.粒子将打在下板上，且鈻�E1>鈻�E2

D.粒子仍然从下板右边缘飞出电场，且鈻�E1=鈻�E2

评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示；手拿起玻璃瓶，使瓶在空中处于静止状态，关于瓶的受力，下列说法正确的是（）

A.静摩擦力，方向竖直向上B.手的握力越大，摩擦力越大C.摩擦力和重力是一对平衡力D.摩擦力和重力是作用力与反作用力10、下列说法正确的是（）A.α、β、γ三种射线中，α射线的穿透能力最强，γ射线的电离作用最弱B.β衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时产生的C.

如图为三种射线在磁场中的径迹，其中①为α射线，②β射线，③为γ射线D.

如图为三种射线在电场中的径迹，其中①为α射线，②β射线，③为γ射线11、图甲是回旋加速器的原理示意图．其核心部分是两个D形金属盒，在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中（磁感应强度大小恒定），并分别与高频电源相连．加速时某带电粒子的动能Ek随时间t的变化规律如图乙所示；若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断正确的是（）

A.在Ek-t图象中t4-t3=t3-t2=t2-t1B.高频电流的变化周期应该等于tn-tn-1C.粒子加速次数越多，粒子获得的最大动能一定越大D.D形盒的半径越大，粒子获得的最大动能越大12、根据法拉第电磁感应定律的数学表达式，电动势的单位V

可以表示为(

)

A.T/s

B.Wb/s

C.T?m2/s

D.Wb?m2/s

13、如图甲所示为某一点电荷Q

产生的电场中的一条电场线，AB

为电场线上的两点，一电子以某一速度沿电场线由A

运动到B

的过程中，其速度鈭�

时间图象如图乙所示，则下列叙述正确的是()

A.电场线方向由B

指向A

B.场强大小EA>EB

C.Q

可能为负电荷，也可能为正电荷D.Q

在A

的左侧且为负电荷14、如图所示，MN

是竖直放置的两平行金属板，分别带等量异种电荷，两极板间产生一个水平向右的匀强电场，场强为E

一质量为m

电荷量为+q

的微粒，以初速度v0

竖直向上从两极正中间的A

点射入匀强电场中，微粒垂直打到N

极板上的C

点，已知AB=BC.

不计空气阻力，则可知(

)

A.微粒在电场中做抛物线运动B.微粒打到C

点时的速率与射入电场时的速率相等C.MN

板间的电势差为2mv02q

D.MN

板间的电势差为Ev022g

15、如图所示，在PQ、QR区域中存在着磁感应强度大小相等、方向相反的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面，一正方形导线框abcd位于纸面内，ab边与磁场的边界P重合．导线框与磁场区域的尺寸如图所示．从t=0时刻开始，线框匀速横穿两个磁场区域，以a→b→c→d为线框中的电流i的正方向，向左为导线框所受安培力的正方向，以下i-t和F-t关系示意图中正确的是（）A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、电荷守恒定律是自然界的基本守恒定律之一，可以表述为：电荷既不会______，也不会______，它只会从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，______．17、曾经谣传2012年12月21日“世界末日”来临．有不少科学家在玛雅文化发祥地进行探索和研究；发现了一些散落在平整山坡上非常规则的不明圆柱体，有科学家认为是外星人带着玛雅人离开时留下的．对其力学性质进行研究，下表为其形变量x与所施加拉力F关系的实验数据。

。F/N0.524.5812.518X/mm123456（1）试猜想此不明圆柱体施加拉力F与其形变量x的关系______

（2）如果想要验证猜想是否正确，应该画出下列哪种图象最能直观准确的表示两者之间的关系______

A．F-x图象B．F-x2图象C．F2-x图象D．F2-x2图象．18、在《测定金属的电阻率》实验中，某同学用螺旋测微器测量金属丝导线的直径时，测量示数如图所示．则该金属丝的直径为____mm．

19、把电流表G改装成量程2V电压表，满偏电流Ig=2mA，内阻Rg=10Ω，则串联____欧电阻．20、【生物—选修3现代生物科技专题】略评卷人得分四、判断题(共2题，共10分)21、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）22、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)23、在“测定电池的电动势和内阻”的实验中，（1）完成本实验中的实物图连接（2）在上图的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑动触头应置于_______端（填“A”或“B”）．（3）上图是根据实验数据作出的U－I图象，由图可知，电源的电动势E=___V，内阻r=____Ω。24、某同学用如图所示电路,测绘标有“3.8V,0.3A”的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图像.①除了导线和开关外,有以下一些器材可供选择：电流表：A1(量程100mA，内阻约2Ω)、A2(量程0.6A，内阻0.3Ω)；电压表：V1(量程5V，内阻约5kΩ)、V2(量程15V，内阻约15kΩ)；滑动变阻器：R1（阻值范围0-10Ω）、R2(阻值范围0-2kΩ)；电源：E1(电动势为1.5V，内阻为0.2Ω)、E2(电动势为4V,内阻约为0.04Ω).为了调节方便,测量准确,实验中应选用电流表_______,电压表______,滑动变阻器__________,电源_________.（填器材的符号)25、在用油膜法估测分子的大小实验中，采用了以下实验步骤，请将横线上的内容补充完整。（1）将1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的酒精油酸溶液。（2）用滴管扣帽子取配制好的酒精油酸溶液，然后一滴一滴滴入量筒中，记录量筒内增加1mL溶液的滴数n。由此可算出每滴酒精油酸溶液中纯油酸的体积为______________cm3。（3）在边长为30～40cm的浅盘里倒入约2cm深的水，然后将痱子粉或石膏粉均匀地撒在水面上，用滴管将配制好的酒精油酸溶液在水面上滴入1滴，待油酸膜的形状稳定后，在水面上形成_________________油膜。（4）将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将油膜边界画在玻璃板上。（5）将这块玻璃板放在画有边长为1cm的正方形方格的坐标纸上，算出油酸膜的面积，如图所示，油酸膜的面积是____________cm2。（6）若将1滴纯油酸的体积记为V(m3)，油酸膜的面积记为S（m2），根据L＝________可计算出油酸膜的厚度L，L即油酸分子的直径，一般分子直径的数量级是_____________m。26、某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有：小灯泡L（额定电压3.8V，额定电流0.32A）；电压表V（量程3V，内阻3kΩ）；电流表A（量程0.5A，内阻0.5Ω）；固定电阻R0（阻值1000Ω）；滑动变阻器R（阻值0~9.0Ω）；电源E（电动势5V；内阻不计）；开关S；导线若干．

（1）实验要求能够实现在0~3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路原理图__________．

（2）实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图（a）所示．

（3）用另一电源E0（电动势4V，内阻1.00Ω）和题给器材连接成图（b）所示的电路，调节滑动变阻器R的阻值，可以改变小灯泡的实际功率．闭合开关S，在R的变化范围内，小灯泡的最小功率为_____W.（结果保留2位小数）

（4）某同学进行如下测量:用20分度的游标卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为L=______mm；

（5）用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径D=___________mm；评卷人得分六、画图题(共2题，共18分)27、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象28、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】解：因为在衰变的过程中质量数守恒；电荷数守恒．

根据电荷守恒定律可得；118鈭�3隆脕2鈭�112=0

所以X

粒子的电荷量为零．

再根据质量守恒；48+249鈭�4隆脕3鈭�282=3

所以X

粒子的质量数为1

所以该粒子为中子，故BCD错误，A正确．

故选A．

根据核反应过程中的质量数和电荷数守恒求出x

的质量数和电荷数即可判断x

属于那种粒子．

本题比较简单，直接利用核反应过程中的质量数和电荷数守恒即可解答．【解析】A

2、B【分析】【分析】各种色光的临界角不同，转动玻璃砖，入射角变大，临界角最小的会发生全反射。本题考查了光的折射定律。解决本题的关键七种色光折射率大小关系和发生全反射的条件，以及知道临界角和折射率的关系【解答】白光是由七种色光组成的，其中紫光的折射率最大，红光的折射率最小，由临界角公式可知，紫光的临界角最小，红光的临界角最大，则在转动玻璃砖，入射角变大时，紫光最先发生全反射；故B正确，ACD错误。故选B。【解析】B

3、A|C【分析】【解析】【答案】AC4、D【分析】【解答】A、α粒子散射实验表明了原子内部有一个很小的核；并没有涉及到核内部的变化．故A错误．B；光电效应是原子核外层电子脱离原子核的束缚而逸出，没有涉及到原子核的变化，故B错误．

C；电离现象是电子脱离原子核的束缚；不涉及原子核内部变化．故C错误．

D、天然放射现象是原子核内部自发的放射出α粒子或电子的现象；反应的过程中核内核子数，质子数，中子数发生变化，涉及到原子核内部的变化．故D正确．

故选：D．

【分析】电离现象是电子脱离原子核的束缚．光电效应是原子核外层电子脱离原子核的束缚而逸出；天然放射现象是原子核内部自发的放射出α粒子或电子的现象；α粒子散射现象是用α粒子打到金箔上，受到原子核的库伦斥力而发生偏折的现象；5、B【分析】解：A；干涉条纹的宽度是相等的；A错误；

B；条纹间距与波长成正比；所以用红光做实验比用紫光做实验时，得到的明条纹或暗条纹间的间距大，B正确；

C；屏上某点到双缝的距离之差等于半个波长的奇数倍时；这点将出现暗条纹，C错误；

D；用白光做此实验；屏上出现彩色干涉条纹，D错误；

故选：B．

根据△x=可知条纹间距与双缝到屏的距离L；双缝间距d，光的波长λ有关．

本题考查了影响干涉条纹的间距与哪些因素有关，注意明条纹与暗条纹形成条件．【解析】【答案】B6、D【分析】物体沿斜面匀速下滑时合力为零，以物体为研究对象，根据平衡条件求解斜面对物体的支持力及斜面对物体的支持力和摩擦力的合力的方向。A.物体沿斜面匀速下滑时；由平衡条件得知，其合力为零，故A错误；

B.斜面对物体的支持力等于物体的重力沿垂直于斜面的分力mgcos娄脠

故B错误；

C.摩擦力等于娄脤mgcos娄脠

与物体下滑的速度大小无关，故C错误；

D.物体匀速下滑过程中；受到重力；斜面对物体的支持力和摩擦力，由平衡条件得知，斜面对物体的支持力和摩擦力的合力的方向与重力方向相反，即为竖直向上，故D正确。

故选D。本题是平衡条件的简单运用，根据受力情况，分析三个力的关系。【解析】D

7、A【分析】【分析】从n=2

电离所需的最小能量=E隆脼鈭�E2=3.4eV

进行判断即可；氢原子从n=4

的能级向n=3

的能级跃迁时辐射出光子的能量为：E4鈭�E3

根据跃迁规律可知从n=4

向n=2

跃迁时辐射光子的能量大于从n=3

向n=2

跃迁时辐射光子的能量，则可见光a

的光子能量大于b

又根据光子能量E=h娄脙

可得a

光子的频率大于b

由c=娄脣娄脙娄脙可判断波长长短；氢原子n=4

的能级跃迁时，能发生种频率的光子。在跃迁中辐射的光子种类为：从n=2

电离所需的最小能量等于：E隆脼鈭�E2=0鈭�(鈭�3.4)=3.4eV

光子能量3.6eV

高于此值故能引起电离，故A正确；B.氢原子从n=4

的能级向n=3

的能级跃迁时辐射出光子的能量为：鈭�0.85鈭�(鈭�1.51)=0.66eV

故B错误；C.根据跃迁规律可知从n=4

向n=2

跃迁时辐射光子的能量大于从n=3

向n=2

跃迁时辐射光子的能量，则可见光a

的光子能量大于b

又根据光子能量E=h娄脙

可得a

光子的频率大于b

由c=娄脣娄脙娄脙可得：娄脙娄脙越大娄脣

越小，故a

光比b

光的波长短，故C错误；D.氢原子n=4

的能级跃迁时，能发生C42=6

种频率的光子，故D错误。故选A。【解析】A

8、C【分析】解：A

由C=?S4蟺kd

可知，d

减小时，电容增大，将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量Q

不变，由于：E=Ud=QCd=4娄脨kQ系S

可知当d

减小时，场强E

不变，但极板间电压U=Ed

会随d

减小而降低，故AB错误。

C；由于场强不变；故粒子运动轨迹不变，由于下板上移，故粒子将打在下板上，由于电势差变小，电场力做功减小，故电势能该变量变小，故C正确，D错误；

故选：C

．

将电容器下板向上移动一段距离；电容器所带的电量Q

不变，根据电容器的定义式导出电场强度的变化，判断粒子的运动情况，注意粒子做类平抛运动，根据W=Uq

可分析电场力做功情况，从而明确电势能的变化情况．

注意当电容器与电源断开时，电容器所带的电量是定值不变，当电容器与电源相连时，电容器两端电压为定值.

同时明确本题中所推导的结论：当电量不变，只改变两板间的距离时，板间的电场强度不变．【解析】C

二、多选题(共7题，共14分)9、AC【分析】解：AC；瓶在竖直方向受到竖直向下的重力和竖直向上的静摩擦力；在这两个力的作用下，瓶子处于平衡状态，所以重力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，故AC正确；

B；手的握力越大；最大静摩擦力越大，而静摩擦力仍等于重力，故B错误；

D；摩擦力和重力是属于平衡力；并不是作用力与反作用力，故D错误．

故选：AC．

用手握住瓶保持静止；处于平衡状态，受到的力为平衡力；再根据二力平衡条件：作用在同一个物体上的两个力大小相等，方向相反，且作用在同一直线上进行解答．

根据二力平衡的条件可知，平衡力的大小相等方向相反，静摩擦力大小与压力大小无关，其大小由二力平衡来求，例如题中摩擦力的大小就与手握瓶子的力无关，只与瓶子的重力有关．【解析】【答案】AC10、BC【分析】解：A；α、β、γ三种射线中；γ射线的穿透能力最强，但γ射线的电离作用最弱。故A错误；

B；β衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时产生的。故B正确；

C；根据左手定则；向左偏转的为正电荷He核，向右偏转的为负电荷电子，不偏转的为电磁波γ射线。如图C，三种射线在磁场中的径迹，其中①为α射线，②β射线，③为γ射线。故C正确；

D；在电场中；根据电场力性质，向左偏转的为负电荷电子，向右偏转的为正电荷He核，不偏转的为电磁波γ射线。故D错误。

故选：BC。

γ射线的穿透能力最强；但电离作用最弱；α射线的穿透能力最弱，但电离作用最强；β衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时产生的；根据左手定则，向左偏转的为正电荷He核，向右偏转的为负电荷电子，不偏转的为电磁波γ射线；在电场中，根据电场力性质，向左偏转的为负电荷电子，向右偏转的为正电荷He核，不偏转的为电磁波γ射线。

本题考查了X射线、α射线、β射线、γ射线及其特性。对于原子物理部分知识很多是属于记忆部分的，因此需要注意平时的记忆与积累。【解析】BC11、AD【分析】解：A、根据T=知，粒子回旋周期不变，在Ek-t图中应有t4-t3=t3-t2=t2-t1；故A正确；

B、交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，故电源的变化周期应该等于2（tn-tn-1）；故B错误；

C、D根据公式r=得v=故最大动能Ekm==则知粒子获得的最大动能与D形盒的半径有关，D形盒的半径越大，粒子获得的最大动能越大，与加速的次数无关．故C错误，D正确；

故选：AD

回旋加速器工作条件是交流电源的周期必须和粒子在磁场中圆周运动的周期一致，由公式T=和r=进行分析判断．

本题考查了回旋加速器的原理，特别要记住粒子获得的最大动能是由D型盒的半径决定的．【解析】【答案】AD12、BC【分析】解：由法拉第电磁感应定律，则有：E=n鈻�鈱�鈻�t=n鈻�B鈻�tS

则有：1V=1Wbs=1T鈰�m2s

故选：BC

根据法拉第电磁感应定律E=n鈻�鈱�鈻�t

即可求解．

解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律E=n鈻�鈱�鈻�t

．【解析】BC

13、BD【分析】略【解析】BD

14、AB【分析】解：A

因电场力和重力均为恒力；其合力亦为恒力，且与v0

有一定夹角，故微粒做匀变速曲线运动--即抛物线运动，所以A正确；

B

因AB=BC

即v02=vC2

可见vC=v0.

故B正确；

C

由动能定理，得：W碌莽+WG=鈻�Ek=0

即：qU2=mgh

而h=v022g

所以：U=mv02q

故C错误；

D

由mg=qE

得q=mgqE

代入U=mv02q

得U=Ev02g.

故D错误．

故选：AB

根据类平抛运动的特点：初速度的方向与合外力的方向垂直来判定粒子是否在电场中做类平抛运动；根据动能定理判定粒子达到C

点是的速度，和MN

之间的电势差．

该题中根据类平抛运动的特点来判定粒子是否在电场中做类平抛运动是解题的关键，动能定理判定粒子达到C

点是的速度，和MN

之间的电势差相对比较简单.

属于基础题目．【解析】AB

15、AC【分析】解：下面是线框切割磁感线的四个阶段示意图。

在第一阶段，只有ab切割向外的磁感线，由右手定则知电动势为正，大小为Blv．在第二阶段，ab切割向里的磁感线；电动势为逆时针方向，同时cd切割向外的磁感线，电动势为逆时针方向，等效电动势为2Blv，且电动势为负。

在第三阶段；cd切割向里的磁感线，感应电动势为顺时针方向，其电动势为正，大小为Blv．因此感应电流大小与方向，故A正确，故B错误；

根据左手定则可知；安培力的方向不变，但大小F=BIL，因此在1S到2S内，电流加倍，磁场也加倍，所以是原来的4倍，故C正确，D错误。

故选：AC。

根据右手定则判断出不同阶段电动势的方向，以及根据E=BLv求出不同阶段的电动势大小．刚进磁场时，只有ab边切割；ab边进入QR区域时，ab边和cd边都切割磁感线，但等效电动势为2BLv；同理，ab边出磁场后；cd边切割磁感线，根据E=BLv求出感应电动势，从而求出感应电流的大小．根据右手定则判定出感应电流的方向．

解决本题的关键掌握右手定则判断出不同阶段电动势的方向，以及根据E=BLv求出不同阶段的电动势大小，以及会用右手定则判定感应电流的方向．【解析】AC三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】解：电荷守恒定律是自然界的基本守恒定律之一；可以表述为：电荷既不会创生，也不会消灭，它只会从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中电荷总量保持不变．

故答案为：创生；消灭，电荷总量保持不变．

根据电荷守恒定律的内容直接作答即可．

本题是基础的题目，考查的就是学生对电荷守恒定律的掌握的情况，要知道电荷守恒定律是自然界的普遍规律，适用于任何起电现象．【解析】创生；消灭；电荷总量保持不变17、略

【分析】解：（1）由表格数据可以直观看出F随x的增大而增大，但不是线性关系；由数学归纳法可猜想F-x的关系式为F与x的二次方成正比，或F=x2；

（2）由于猜想F-x的关系式为F与x的二次方成正比，所以画出F-x2图象最能直观准确的表示两者之间的关系．

故选：B

故答案为：（1）F与x的二次方成正比；（2）B

由表格数据可以直观看出F随x的变化情况；进而由数学归纳法得到F-x的关系式；由猜想的公式选择最能直观准确的表示两者之间的关系的图象．

该题属于信息给予的题目，要注意表格中所给的数据可知F与形变量x明显不是线性关系，不同于我们学习过的胡克定律的表达形式．【解析】F与x的二次方成正比；B18、略

【分析】

由于可动刻度的“0”在固定刻度下方；因此固定刻度的读数为：0.5mm，可动刻度读数为0.01×2.0mm=0.020mm，所以最终读数为：0.5mm+0.020mm=0.520mm．

故本题答案为：0.520

【解析】【答案】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读；注意判断0.5毫米刻度线是否出现的方法：若可动刻度的“0”在固定刻度上方，则没有露出，若在下方则以及露出．

19、略

【分析】

改装成电压表要串联电阻分压；串阻值为：

R=-Rg=-10=990Ω

故答案为：990．

【解析】【答案】电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=-Rg；U为改装后的量程．

20、略【分析】略【解析】略四、判断题(共2题，共10分)21、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．22、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．五、实验题(共4题，共28分)23、略

【分析】试题分析：（1）实物连线如图；（2）为保护电阻，闭合开关前，应使滑动变阻器的阻值处于最大值，由图甲知，触头应处于A端；（3）由闭合电路欧姆定律E=U+Ir，得U=E-Ir，结合U-I图象可得图线与U轴的交点表电动势为1.5V，其斜率为内阻r为1Ω。考点：闭合电路欧姆定律【解析】【答案】（1）（2）A（3）1.5124、略

【分析】【解析】试题分析：该实验为描绘小灯泡的伏安特性曲线，要求测量多组数据，所以滑动变阻器要采用分压式连接，滑动变阻器用电阻小的，灯泡额定电压为3.8V，电压表用量程小的，最大电流为0.3A，电流表用0.6A量程的，电源如果用1.5V的不能让灯泡正常发光考点：考查描绘小灯泡的伏安特性曲线【解析】【答案】A2;V1；R1；E225、略

【分析】(2)每滴酒精油酸溶液中纯油酸的体积为(3)待油酸膜的形状稳定后，在水面上形成油酸分子的单分子层。（5）输小方格的个数，不到半格的不算，超过半格的算