2025年新世纪版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版高二物理上册阶段测试试卷160考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、电场强度的定义式为E=F／qA.场强的方向与F的方向相同B.该定义式只适用于点电荷产生的电场C.F是检验电荷所受到的力，q是产生电场的电荷电量D.由该定义式可知，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比2、质量相等的氢气和氧气，温度相同，不考虑气体分子的势能，则A.氢气的内能较大B.氧气的内能较大C.氧气分子的平均速率大D.氢气分子的平均动能较大3、如图所示为一皮带传动装置，右轮半径为r，a点在它的边缘上。左轮半径为2r，b点在它的边缘上。若在传动过程中，皮带不打滑，则a点与b点的向心加速度大小之比为（）A.1：2B.2：1C.4：1D.1：44、—个从街上路灯的正下方经过，看到自己头部的影子正好在自己脚下，如果人以不变的速度朝前走，则他头部的影子相对地的运动情况是()A.匀速直线运动B.匀加速直线运动C.变加速直线运动D.无法确定5、正在运转的洗衣机，当脱水桶转得很快时，机器的振动并不强烈，而切断电源，转动逐渐减慢直到停下来的过程中，到某一时刻t时，机器反而会发生强烈的振动。此后脱水桶转速继续变慢，机身的振动也随之减弱。这种现象说明（）A.t时刻脱水桶的惯性最大B.t时刻脱水桶的转动频率最大C.t时刻洗衣机发生共振D.这是由于洗衣机没有放置水平造成的6、假设甲在接近光速的火车上看地面上乙手中沿火车前进方向放置的尺，同时地面上的乙看甲手中沿火车前进方向放置的相同的尺，则下列说法正确的是()．A.甲看到乙手中的尺长度比乙看到自己手中的尺长度大B.甲看到乙手中的尺长度比乙看到自己手中的尺长度小C.乙看到甲手中的尺长度比甲看到自己手中的尺长度大D.乙看到甲手中的尺长度比甲看到自己手中的尺长度小7、如图2所示，螺线管导线的两端与两平行金属板相接，一个带负电的小球用绝缘丝线悬挂在两金属板间，并处于静止状态，若条形磁铁突然插入线圈时，小球的运动情况是()A.向左摆动B.向右摆动C.保持静止D.无法判定8、如图所示，图（a）为一列简谐横波在t=1s时的波形图，图（b）是这列波中P点的振动图线；那么该波的传播速度和传播方向分别是（）

A.v=2.5cm/s，向左传播B.v=5cm/s，向左传播C.v=2.5cm/s，向右传播D.v=5cm/s，向右传播9、利用光电管研究光电效应实验电路如图所示，用频率为娄脥

1

的可见光照射阴极K

电流表中有电流通过，则()A.用紫外线照射，电流表中不一定有电流通过B.用红外线照射，电流表中一定无电流通过C.用频率为娄脥

1

的可见光照射K

当滑动变阻器的滑动触头移到A

端时，电流表中一定无电流通过D.用频率为娄脥

1

的可见光照射K

当滑动变阻器的滑动触头向B

端滑动时，电流表示数可能不变评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)10、某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ；步骤如下：

(1)用20分度的游标卡尺测量其有效长度；如图1所示，可知其长度L为____________mm．

(2)用螺旋测微器测量其直径；如图2所示，可知其直径D为____________mm．

(3)用电压表测量其电压；如图3所示，可知其电压为____________V．

(4)若使用的直流电压表V(量程0～3V)是用量程为0～600μA；内阻为100Ω的直流微安表改装而成的，则需要串联____________kΩ的定值电阻．

(5)用伏安法测量金属丝电阻的阻值；所需器材及规格如下：

a．金属丝Rx(约100Ω)

b．直流毫安表A(量程0～20mA；内阻50Ω)

c．改装后的直流电压表V(量程0～3V)

d．直流电源(输出电压4V；内阻不计)

e．滑动变阻器(最大阻值为15Ω；允许最大电流1A)

f．电键一个；导线若干条。

为了较准确地测量电阻阻值；根据器材的规格，本实验应使用滑动变阻器的接法和电流表的____________接法分别为____________．

A．分压；外接B．分压，内接C．限流，外接D．限流，内接。

(6)某次测量时；电压表示数为U，电流表示数为I，则该圆柱体的电阻率的表达式为ρ=____________(用U，I，D，L表示)

(7)根据实验要求，在图4的实物图上连线．11、如图所示；用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．

(1)

实验中；直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的.

但是，可以通过仅测量______(

填选项前的序号)

间接地解决这个问题．

A.小球开始释放高度h

B.小球抛出点距地面的高度H

C.小球做平抛运动的射程。

(2)

图中O

点是小球抛出点在地面上的垂直投影.

实验时；先让入射球m1

多次从斜轨上S

位置静止释放，找到其平均落地点的位置P

测量平抛射程OP

．

然后；把被碰小球m2

静置于轨道的水平部分，再将入射球m1

从斜轨S

位置静止释放，与小球m2

相撞，并多次重复．

A.用天平测量两个小球的质量m1m2

B.测量小球m1

开始释放高度h

C.测量抛出点距地面的高度H

D.分别找到m1m2

相碰后平均落地点的位置MN

E.测量平抛射程OMON

(3)

若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为______(

用(2)

中测量的量表示)

．12、有一小灯泡；标有“10V，2W“的字样，现用如图甲所示的电路，测定它在不同电压下的实际功率与电压间的关系．实验中需要测定通过小灯泡的电流和它两端的电压．现备有下列器材：

A．直流电源；电动势12V，内电阻不计。

B．直流电流表；量程300mA，内阻约为5Ω

C．直流电压表；量程15V，内阻约为15kΩ

D．滑动变阻器；最大电阻20Ω，额定电流2A

E．滑动变阻器；最大电阻1kΩ，额定电流0.5A

F．开关；导线若干。

（a）为了尽可能提高实验精度，实验中所选滑动变阻器为____（填“D“或“E“）

（b）图甲中电压表未接入电路的一端应接于____点（填“a“或“b“）

（c）根据完善后的电路图，将图乙中所给实物连成实验电路．13、如图，真空中有一束电子流以一定的速度v沿与场强垂直的方向，自O点进入匀强电场，以O点为坐标原点，x、y轴分别垂直于、平行于电场方向．若沿x轴取OA=AB=BC，分别自A、B、C作与y轴平行的线与电子流的径迹交于M、N、P，则电子流经M、N、P三点时，沿y轴方向的位移之比y1：y2：y3=____；在M、N、P三点电子束的即时速度与x轴夹角的正切值之比tanθ1：tanθ2：tanθ3=____；在OM、MN、NP这三段过程中，电子动能的增量之比△Ek1：△Ek2：△Ek3=____．

14、如图所示，虚线框内空间中同时存在着匀强电场和匀强磁场，匀强电场的电场线竖直向上，电场强度E=6×104伏/米，匀强磁场的磁感线未在图中画出．一带正电的粒子按图示方向垂直进入虚线框空间中，速度v=2×105米/秒．如要求带电粒子在虚线框空间做匀速直线运动，磁场中磁感线的方向是____，磁感应强度大小为____特。(粒子所受重力忽略不计)15、如图所示是一交流电压随时间变化的图象，此交流的周期为___s，交流电压的有效值为____V。16、变压器是根据电磁感应原理工作的，所以变压器只能改变______电的电压.

在远距离送电中，导线上损失的电能主要由电流的______引起，在输电功率一定时，输电电压越______，电能损失就越小．17、如图所示，粗细均匀的电阻为r

的金属圆环，放在图示的匀强磁场中，磁感应强度为B

圆环直径为L

长为L

电阻也为r

的金属棒ab

放在圆环上，以v0

向左运动到图示圆心位置时，金属棒两端的电势差的绝对值为______，通过金属棒的电流的方向是______．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）22、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分四、计算题(共4题，共16分)23、（18分）在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1500匝，横截面积S=20螺线管导线电阻r=1.0Ω，=4.0Ω，=5.0Ω，C=30μF。在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化。求：（1）求螺线管中产生的感应电动势；（2）闭合S，电路中的电流稳定后，求电阻R1的电功率；（3）S断开后，求流经R2的电量。24、如图甲所示，空间存在竖直向下的磁感应强度为0.6T

的匀强磁场，MNPQ

是相互平行的、处于同一水平面内的长直导轨(

电阻不计)

导轨间距为0.2m

连在导轨一端的电阻为R

导体棒ab

的电阻为0.1娄赂

质量为0.3kg

跨接在导轨上，与导轨间的动摩擦因数为0.1

从零时刻开始，通过一小型电动机对ab

棒施加一个牵引力F

方向水平向左，使其从静止开始沿导轨做加速运动，此过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好。图乙是棒的速度--时间图像，其中OA

段是直线，AC

是曲线，DE

是曲线图像的渐近线，小型电动机在10s

末达到额定功率，此后功率保持不变。g

取10m/s2

求：

(1)

在0

--18s

内导体棒获得加速度的最大值；(2)

电阻R

的阻值和小型电动机的额定功率；25、一台发电机；输出功率为1000kW

所用输电线的电阻为10娄赂

当发电机接到输电线路的电压分别是10kV100kV

时，分别计算：

(1)

导线上的电流强度；

(2)

在导线上损失的热功率．26、如图所示电路中，电源电动势E＝10V，内阻不计，电阻R1＝14Ω，R2＝6.0Ω，R3＝2.0Ω，R4＝8.0Ω，R5＝10Ω，电容器的电容C＝2μF.求：(1)电容器所带的电荷量，并说明电容器哪个极板带正电；(2)若R2突然断路，将有多少电荷量通过R5？电流的方向如何？评卷人得分五、推断题(共2题，共6分)27、rm{D}的某种同系物分子式为rm{C_{5}H_{10}O_{2}}该种同系物的结构有_______种。28、化合物rm{G[}rm{G[}是一种医药中间体，它的一种合成路线如下：请回答下列问题：rm{]}是一种医药中间体，它的一种合成路线如下：的名称是_____________。rm{]}的反应条件为_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反应类型分别是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在浓硫酸加热的条件下会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为_____________。rm{D隆煤E}是一种高聚酯，rm{(3)D}的化学方程式为___________。rm{(4)H}下列关于化合物rm{D隆煤H}的说法错误的是_________。A.rm{(5)}的分子式为rm{G}B.rm{G}与rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加热最多消耗rm{1molG}C.一定条件下rm{NaOH}发生消去反应生成的有机物存在顺反异构体D.在一定条件下rm{2molNaOH}能与rm{G}发生取代反应rm{G}是rm{HBr}的同分异构体，与rm{(6)M}具有相同的官能团。则rm{D}可能的结构有________种。rm{D}评卷人得分六、实验题(共3题，共12分)29、某实验小组在进行“用单摆测定重力加速度”的实验中,已知单摆摆动过程中的摆角小于5°;在测量单摆的周期时,从单摆运动到最低点开始计时且记数为1,到第n次经过最低点所用的时间内为t;在测量单摆的摆长时,先用毫米刻度尺测得悬挂后的摆线长(从悬点到摆球的最上端)为L,再用游标卡尺测得摆球的直径为d.(1)用上述物理量的符号写出求重力加速度的一般表达式g=.(2)实验结束后,某同学发现他测得的重力加速度的值总是偏大,其原因可能是下述原因中的____.A.单摆的悬点未固定紧,振动中出现松动,使摆线增长了B.把n次摆动的时间误记为(n+1)次摆动的时间C.以摆线长作为摆长来计算D.以摆线长与摆球的直径之和作为摆长来计算(3)某同学在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，用秒表测单摆完成40次全振动的时间如图所示，则单摆的周期为____s。（4）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长L并测出相应的周期T，从而得出一组对应的L与T的数据，再以L为横坐标、T2为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率k。则重力加速度g=________。(用k表示)若根据所得数据连成的直线的延长线没过坐标原点，而是与纵轴的正半轴相交于一点，则实验过程中可能存在的失误是，因此失误，由图象求得的重力加速度的g(偏大，偏小，无影响)30、用电阻箱R、多用电表电流挡、开关和导线测一节干电池的电动势E和内阻r，如图甲。（1）若电阻箱电阻在几十Ω以内选取，R0=4.5Ω，则多用表选择开关应旋转至直流电流的（填“1mA”、“10mA”或“100mA”）挡（已知在该电流挡多用表的内阻rg=3.0Ω）。（2）多次调节电阻箱，并从多用表上读得相应的电流值，获取多组R和I的数据，作出了如图乙所示的图线．图线横轴截距的绝对值表示；由该图线可得干电池的电动势E测=V（计算结果保留三位有效数字）。（3）本实验的误差主要来源于（填“测量误差”或“电表内阻”）。31、（10分）为了测定电源电动势E的大小、内电阻r和定值电阻R0的阻值，某同学利用DIS设计了如图甲所示的电路。闭合电键S1，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，用电压传感器1、电压传感器2和电流传感器测得数据，并根据测量数据计算机分别描绘了如图乙所示的M、N两条U—I直线。请回答下列问题：(1)根据图乙中的M、N两条直线可知()A．直线M是根据电压传感器1和电流传感器的数据画得的B．直线M是根据电压传感器2和电流传感器的数据画得的C．直线N是根据电压传感器1和电流传感器的数据画得的D．直线N是根据电压传感器2和电流传感器的数据画得的(2)图象中两直线交点处电路中的工作状态是()A．滑动变阻器的滑动头P滑到了最左端B．电源的输出功率最大C．定值电阻R0上消耗的功率为0.5WD．电源的效率达到最大值(3)根据图乙可以求得定值电阻R0＝______Ω，电源电动势E＝_______V，内电阻r＝______Ω．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】试题分析：正电荷在电场中的受力方向与场强方向相同，负电荷在电场中的受力方向与场强方向相反，选项A错误；该定义式只适用于任何电场，选项B错误；F是检验电荷所受到的力，q是检验电荷的电量，选项C错误；场强由场源决定，场中某点电荷所受的电场力大小与该点场强的大小成正比，选项D正确。考点：本题旨在考查电场强度的定义式。【解析】【答案】D2、A【分析】【解析】【答案】A3、B【分析】解：由传送带传动的两轮子边缘上的点线速度相等，所以va=vb，由公式a=得，ra=rb，则aa：ab=2：1；故B正确，ACD错误。

故选：B。

由传送带传动的两轮子边缘上的点线速度相等，再由公式a=得出向心加速度之比。

传送带在传动过程中不打滑，则传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相等，共轴的轮子上各点的角速度相等。【解析】B4、A【分析】由图可以看到，在任何一个瞬间，V/V1=S/S1而V是匀速运动，则V1也是匀速运动。只是速度为V1=VS1/S【解析】【答案】A5、C【分析】惯性只与质量有关，A错；当驱动力的周期与固有周期相同时受迫振动最剧烈，BD错；【解析】【答案】C6、B|D【分析】由l＝l0可知，运动的观察者观察静止的尺子和静止的观察者观察运动的尺子时，都出现尺缩效应，即都发现对方手中的尺子比自己手中的短，故B、D正确，A、C错误．【解析】【答案】BD7、A【分析】【解析】【答案】A8、D【分析】解：由振动图象b可知：t=1s时刻质点P的振动方向向上；则在波动图象a上，根据波形的平移法得知，波向右传播．

由图象可知：波长λ=10cm；周期T=2s

故波的传播速度：v==cm/s=5cm/s

选项D正确；ABC错误。

故选：D

由a图读出波长，由b图读出周期，再求出波速．在振动图象b上读出t=1s时刻质点P的振动方向；在波动图象a上判断出波的传播方向．

本题考查对振动图象和波动图象的理解能力，以及把握两种图象联系的能力．y-t图是波形图上P质点的振动图象，而y-x图是t=1s时刻的波形，抓住它们之间的联系是解题的关键．【解析】【答案】D9、D【分析】【分析】用频率为v1

的可见光照射阴极K

电表中有电流通过，知该可见光照射阴极，发生光电效应；发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率。本题考查了光电效应及其规律。解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道当光电流饱和时，电流不变。【解答】A.可见光照射阴极；可以发生光电效应，用紫外光照射，因为紫外光的频率大于可见光的频率，所以一定能发生光电效应，所加的电压是正向电压，则一定有电流通过，故A错误；

B.红外光的频率小于红光；不一定能发生光电效应，不一定有电流通过，故B错误；

C.频率为v1

的可见光照射K

变阻器的滑片移到A

端，两端的电压为零，但光电子有初动能，故电流表中仍由电流通过，故C错误；

D.频率为v1

的可见光照射K

一定能发生光电效应，变阻器的滑片向B

端滑动时，可能电流已达到饱和电流，所以电流表示数可能不变，故D正确。

故选D。【解析】D

二、填空题(共8题，共16分)10、略

【分析】解：(1)游标为20分度；其测量精度为0.05mm，则游标卡尺的读数：游标卡尺主尺读数为50mm，游标读数为3×0.05mm=0.15mm，所以最终读数为50.15mm；

(2)螺旋测微器固定刻度读数为3.0mm；可动刻度读数为20.5×0.01mm=0.205mm，最终读数为：

d=3.0mm+0.205mm=3.205mm

(3)用多用电表的电压3V挡测电压；读数为2.40V；

(4)量程为0～600μA；内阻为100Ω的直流微安表，串联一个电阻后变成量程为3V的电压表；

根据串联电阻的阻值为：R=

(5)根据所测电阻的阻值约为100Ω，而直流毫安表A的内阻50Ω，改装后的直流电压表V内阻为5KΩ，因1002＜5000×50；所测电阻偏小，所以电流表外接法；而变阻器的电阻为15Ω，只有当滑动变阻器分压式，才能起到应有的作用；

(6)根根据电阻定律R=ρ欧姆定律I=横截面积公式S=πD2得：

(7)按以上要求；电流表外接，滑动变阻器分压式，注意电表的量程，及正负接线，实物图所下图所示；

故答案为：(1)50.15；

(2)3.205；

(3)2.40；

(4)4.9；

(5)分压；外接；

(6)

(7)如上图所示；【解析】50.15;3.205;2.40;4.9;分压;外接;11、略

【分析】解：(1)

验证动量守恒定律实验中；即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通过落地高度不变情况下水平射程来体现速度.

故选C．

(2)

实验时；先让入射球ml

多次从斜轨上S

位置静止释放，找到其平均落地点的位置P

测量平抛射程OP.

然后，把被碰小球m2

静置于轨道的水平部分，再将入射球ml

从斜轨上S

位置静止释放，与小球m2

相碰，并多次重复.

测量平均落点的位置，找到平抛运动的水平位移，因此步骤中DE

是必须的，而且D

要在E

之前.

至于用天平秤质量先后均可以.

故选ADE．

(3)

设落地时间为t

则v0=OPtv1=OMtv2=ONt

．

而动量守恒的表达式是m1v0=m1v1+m2v2

若两球相碰前后的动量守恒；则m1?OM+m2?ON=m1?OP

成立．

故答案为：(1)C(2)ADE(3)m1?OM+m2?ON=m1?OP

验证动量守恒定律实验中；质量可测而瞬时速度较难.

因此采用了落地高度不变的情况下，水平射程来反映平抛的初速度大小，所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速度.

过程中小球释放高度不需要，小球抛出高度也不要求.

最后可通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒．

验证动量守恒定律中，会在相同高度下，用水平射程来间接测出速度，将复杂问题简单化．【解析】Cm1?OM+m2?ON=m1?OP

12、略

【分析】

（a）电源电压是12V；

通过滑动变阻器的最大电流：

I===0.6A＜2A；

滑动变阻器D足以保证电路安全；

D总电阻较小；为方便操作，滑动变阻器可以选D；

滑动变阻器E阻值太大；不便于实验操作，故选D．

（b）由灯泡铭牌可知；灯泡额定电压是10V；

额定功率是2W，∵P=

∴灯泡电阻RL===50Ω；

电流表与电压表的临界电阻：

R==≈273.86Ω；

则RL＜R，应采用电流表的外接法，电压表应接b点．

（c）根据电路图连接实物电路图；电路图如图所示．

故答案为：（a）D；（b）b；（c）电路图如图所示．

【解析】【答案】（1）在保证安全的情况下；滑动变阻器阻值越小，操作越方便，据此选择实验器材．

（2）由灯泡铭牌可知灯泡的额定电压是10V；额定功率是2W，由电功率的变形公式可以求出灯泡电阻；

当电流表内阻远小于待测电阻阻值时；要采用电流表内接法；

当电压表内阻远大于待测电阻阻值时；采用电流表外接法；

根据灯泡电阻与电流表；电压表电阻间的关系确定电流表采用内接法还是外接法．

（3）根据电路图连接实物电路图．

13、略

【分析】

（1）设电子电量e；电场强度E，粒子穿过电场时，粒子做类平抛运动，由水平方向上的直线运动和竖直方向上的匀加速直线运动；

所以三段运动时间相同均为t，竖直方向位移为：y1=at2；

y2=a（2t）2；

y3=a（3t）2；

即：沿y轴方向的位移之比y1：y2：y3=1：4：9

（2）在M；N、P三点电子束的即时速度与x轴夹角的正切值。

tanθ=

由于vy1=at，vy2=a2t，vy3=a3t；

所以：在M、N、P三点电子束的即时速度与x轴夹角的正切值之比tanθ1：tanθ2：tanθ3=1：2：3

（3）因为沿y轴方向的位移之比y1：y2：y3=1：4：9，所以竖直方向位移之比：yAM：yMN：yNP=1：3：5

则由动能定理：eEyAM=△Ek1；

eEyMN=△Ek2；

eEyNP=△Ek3；

可求得离子动能增量之比1：3：5

故答案为：1：4：9；1：2：3，1：3：5

【解析】【答案】（1）粒子穿过电场时；粒子做类平抛运动，由水平方向上的直线运动和竖直方向上的匀加速直线运动规律可得出离子移动的距离；

（2）在M、N、P三点电子束的即时速度与x轴夹角的正切值等于．

（3）已知粒子偏转位移；则由动能定理可求得离子动能增量之比．

14、略

【分析】【解析】试题分析：带电粒子在复合场中做匀速直线运动，受到竖直向上的电场力和竖直向下的洛伦兹力，由左手定则可知磁场方向垂直纸面向外，由考点：考查速度选择器【解析】【答案】垂直低面向外，0．3特15、略

【分析】【解析】试题分析：从图中可以看出该交流电的周期为0.3s，根据有效值的定义可得解得考点：考查了交流电有效值的求解【解析】【答案】0.3；5016、略

【分析】解：变压器是根据电磁感应原理工作的；所以变压器只能改变交流电的电压．

在远距离送电中；导线上损失的电能主要由电流的热效应引起．

由Q=I2Rt=(PU)2Rt

可知；在电阻和通电时间不变时，电流减小，电阻产生的热量减小为原来电流的平方倍．

从而可知减小电能损失的有效办法是减小输送电流；即提高输电电压．

所以在输电功率一定时；输电电压越高，电能损失就越小．

故答案为：交流；热效应，高．

变压器是根据电磁感应原理工作的；所以变压器只能改变交流电的电压．

由Q=I2Rt

可知；在电阻和通电时间不变时，电流减小，电阻产生的热量减小为原来电流的平方倍.

从而可知减小电能损失的有效办法是减小输送电流，即提高输电电压．

本题考查了焦耳定律和影响电阻大小的因素，以及影响电流产生电热的因素，让学生能利用所学知识解释高压输电的原因．【解析】交流；热效应；高17、略

【分析】解：当ab

棒以v

向左运动到图示虚线位置时产生的感应电动势为：E=BLv0

外电路总电阻为：R=r2隆脕r2r2+r2+r=54r

金属棒两端的电势差是外电压；由欧姆定律得金属棒两端电势差为：

U=Ir4=E5r4隆脕r4=15BLv0

．

依据右手定则，即可知，通过金属棒的电流的方向是a

到b

故答案为：15BLv0a

到b

金属棒向左运动；切割磁感线产生感应电流，相当于电源，由E=BLv

求出感应电动势.

由并联电路特点求出外电路电阻，然后应用欧姆定律求出金属棒两端电势差，再依据右手定则来判定感应电流方向．

电磁感应与电路知识的综合，分清金属棒两端电势差是外电压还是内电压是关键，并掌握右手定则的应用．【解析】15BLv0a

到b

三、判断题(共5题，共10分)18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．22、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．四、计算题(共4题，共16分)23、略

【分析】试题分析:（1）根据法拉第电磁感应定律：（2）根据全电路欧姆定律：根据（3）S断开后，流经的电量即为S闭合时C板上所带的电量Q电容器两端的电压：流经的电量:考点：法拉第电磁感应定律全电路欧姆定律【解析】【答案】（1）E=1.2V（2）（3）24、解：（1）由图中可得：10s末的速度为v1=4m/s，t1=10s导体棒在0-10s内的加速度为最大值，

（2）设小型电动机的额定功率为Pm

在A点有：E1=BLv1

由牛顿第二定律：F1-μmg-BI1L=ma1

又Pm=F1•v1

当棒达到最大速度vm=5m/s时，Em=BLvm

由金属棒的平衡得：F2-μmg-BImL=0

又Pm=F2•vm

联立解得：Pm=2W；R=0.62Ω

【分析】(1)

乙图是速度时间图象；其斜率等于加速度，可知：导体棒在0鈭�10s

内加速度最大.

求出图线的斜率就得到加速度。

(2)

乙图中A

点：由E=BLvI=ER+rF=BIL

三个公式推导出安培力的表达式，由牛顿第二定律得到含娄脤

和R

的表达式；图中C

点：导体棒做匀速运动，由平衡条件再得到含娄脤

和R

的表达式，联立求出R.

小型电动机的额定功率为Pm=F?vm

本题与汽车匀加速起动类似，关键会推导安培力的表达式，根据平衡条件、牛顿第二定律和能量守恒结合进行求解。【解析】解：(1)

由图中可得：10s

末的速度为v1=4m/st1=10s

导体棒在0鈭�10s

内的加速度为最大值，am=v1t1=410=0.4m/s2

(2)

设小型电动机的额定功率为Pm

在A

点有：E1=BLv1I1=ER+r

由牛顿第二定律：F1鈭�娄脤mg鈭�BI1L=ma1

又Pm=F1?v1

当棒达到最大速度vm=5m/s

时；Em=BLvm

Im=EmR+r

由金属棒的平衡得：F2鈭�娄脤mg鈭�BImL=0

又Pm=F2?vm

联立解得：Pm=2WR=0.62娄赂

25、解：由P=UI可知：

导线上的电流强度分别为：

由Q=I2Rt可知：

在导线上损失的热功率。

电压为10KV时导线上消耗的功率：

P1=I12R=1002×10=105J；

电压为100KV时的导线上消耗的功率：

P2=I22R=102×10=103J；

答：（1）导线上的电流强度为分别为100A和10A；

（2）导线上损失的功率分别为105J和103J．【分析】

(1)

由P=UI

可分别求得不同电压值时的电流强度；

(2)

由功率公式P=I2R

可求得导线上损失的热功率．

本题考查功率公式的应用，要注意明确总功率和热功率的不同使用条件．【解析】解：由P=UI

可知：

导线上的电流强度分别为：

I1=pu1=1000隆脕103W10脳103V=100AI2=pu2=1000隆脕103W100脳103V=10A

由Q=I2Rt

可知：

在导线上损失的热功率。

电压为10KV

时导线上消耗的功率：

P1=I12R=1002隆脕10=105J

电压为100KV

时的导线上消耗的功率：

P2=I22R=102隆脕10=103J

答：(1)

导线上的电流强度为分别为100A

和10A

(2)

导线上损失的功率分别为105J

和103

J.26、略

【分析】试题分析：（1）分析题中所给的电路可知，电容器两端的电压即为ab两点间的电势差因为设d点的电势为零电势参考点，则故电容器的下极板带正电，此时电容器带电荷量（2）当突然断路后，此时电容器的上极板带正电，带电荷量流过的电荷量为电流方向从上到下考点：考查了含电容电路【解析】【答案】(1)(2)电流方向从上到下五、推断题(共2题，共6分)27、（1）

（2）羟基羧基加成反应

（3）2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O

（4）CH3COOH＋CH3CH2OHCH3COOC2H5＋H2O加入浓硫酸作催化剂并加热以加快反应速率【分析】【分析】本题考查常见有机物之间的转化和有机推断、同分异构体的书写，难度一般。抓住突破口“rm{A}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平”推出rm{A}为乙烯，结合题给信息和转化关系进行作答。【解答】rm{A}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{A}应为rm{CH}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{A}应为rm{A}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}为rm{{,!}_{2}}，乙烯与水在一定条件下发生加成反应生成的rm{B}为rm{CH}rm{B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}乙醇催化氧化生成的rm{CH}为rm{CH}乙酸催化氧化生成的rm{{,!}_{2}}为rm{OH}乙醇催化氧化生成的rm{C}为rm{CH_{3}CHO}乙酸催化氧化生成的rm{D}为rm{CH}rm{OH}rm{C}rm{CH_{3}CHO}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}rm{CH}和rm{COOH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}在浓硫酸作用下反应生成的rm{CH}为rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}和rm{CH}rm{OH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}在浓硫酸作用下反应生成的rm{E}为rm{CH}

rm{COOH}丁烷的两种同分异构体为rm{E}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOCH}rm{COOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}分子中；

rm{(1)}丁烷的两种同分异构体为rm{CH}rm{(1)}

rm{CH}为rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}官能团为羟基，rm{CH}为rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}官能团为羧基；rm{{,!}_{3}}是、含有三个甲基的结构简式为故答案为：；rm{(2)B}为rm{CH}rm{(2)B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}为乙醇在铜做催化剂、加热的条件下与氧气反应生成乙醛和水，化学方程式为rm{OH}官能团为羟基，rm{D}为rm{CH}rm{OH}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}官能团为羧基；rm{A隆煤B}是rm{CH}rm{COOH}rm{A隆煤B}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}rm{{,!}_{2}}与水在一定条件下发生加成反应生成rm{CH}；rm{CH}与rm{{,!}_{3}}反应生成rm{CH}的反应为乙醇和乙酸在浓硫酸、加热的条件下发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，化学方程式为rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}rm{OH}故答案为：羟基羧基加成反应；rm{(3)B隆煤C}rm{2CH}rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH+O}rm{OH+O}rm{{,!}_{2}}rm{2CH}该反应的速率比较缓慢，为提高该反应的速率，通常采取的措施有rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CHO+2H}rm{CHO+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}故答案为：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)B}rm{D}rm{E}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}加入浓硫酸作催化剂并加热以加快反应速率。

rm{COOH+CH}本题考查常见有机物之间的转化和有机推断、同分异构体的书写，难度一般。抓住突破口“rm{{,!}_{3}}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平”推出rm{CH}为乙烯，结合题给信息和转化关系进行作答。rm{CH}rm{{,!}_{2}}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{OH}应为rm{OH}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}为rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{5}}乙醇催化氧化生成的rm{+H}为rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}乙醛催化氧化生成的rm{O}为加入浓硫酸作催化剂并加热以加快反应速率；故答案为：rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}rm{COOH+CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}和rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}在浓硫酸作用下反应生成的rm{OH}为rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}为rm{H}rm{{,!}_{5}}rm{+H}其某种同系物分子式为rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}加入浓硫酸作催化剂并加热以加快反应速率。rm{O}【分析】rm{A}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平”推出rm{A}为乙烯，结合题给信息和转化rm{A}rm{A}有【解答】种结构，故该同系物的结构有rm{A}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{A}应为rm{CH}种；rm{A}rm{A}【解析】【小题rm{1}】rm{(1)}rm{(2)}羟基羧基加成反应rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+

O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}加入浓硫酸作催化剂并加热以加快反应速率【小题rm{+H_{2}O}】rm{2}rm{4}28、rm{(1)2-}甲基