2025年浙教新版高三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版高三物理下册月考试卷968考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、关于物理学史，下列说法正确的是（）A.1837年，英国物理学家法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线表示电场B.17世纪，牛顿通过他的理想实验指出：力是改变物体运动状态的原因，首次推翻了亚里士多德的观点：力是维持物体运动的原因C.英国物理学家汤姆生发现了电子，并通过油滴实验精确测定了元电荷e的电荷量D.奥斯特通过实验发现了电流的热效应2、如图所示，理想变压器左线圈与导轨相连接，导体棒ab可在导轨上滑动，磁场方向垂直纸面向里，以下说法正确的是（）A.ab棒匀速向右滑，c、d两点中c点电势高B.ab棒匀速右滑，c、d两点中d点电势高C.ab棒匀减速右滑，c、d两点中d点电势高D.ab棒匀加速左滑，c、d两点中c点电势高3、1919年，卢瑟福用α粒子轰击氮核（714N），得到氧17（817O），同时放出某种未知粒子．则（）A.该核反应是裂变反应B.该未知粒子是一种中性粒子C.该未知粒子在磁场中可以不偏转D.该未知粒子来自原子核，所形成的粒子流是β射线4、某放射性元素经过6次α衰变和8次β衰变；成为新原子核，新核和原来的核相比较，减少的质子数和中子数分别为（）

A.20；4

B.4；20

C.14；2

D.2；14

5、如图，是利用力传感器在做“探究作用力与反作用力的关系”实验的情景.

图中A

是握在于中的力传感器、B

是固定在木块上的力传感器.

下列相关叙述中正确的是(

)

A.木块做匀速运动时，AB

两传感器的示数大小相等B.木块向右加速运动时，A

传感器示数大于B

的示数C.实验时，若A

传感器的示数增大，则B

传感器的示数过一会儿也增大D.实验时，若A

传感器的示数变为0

由于摩擦作用，木块做减速运动，B

传感器的示数不为0

6、如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为1m的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为10V、20V、30V，则下列说法正确的是（）A.E一定处在同一等势面上B.匀强电场的场强大小为V/mC.正点电荷从E点移到F点，则电场力做负功D.电子从F点移到D点，电荷的电势能增加20eV评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)7、汽车内燃机气缸内汽油燃烧时，气体体积膨胀推动活塞对外做功．已知在某次对外做功的冲程中，汽油燃烧释放的化学能为1×103J，因尾气排放、气缸发热等对外散失的热量为8×102J．该内燃机的效率为____．随着科技的进步，可设法减少热量的损失，则内燃机的效率能不断提高，其效率____（选填“有可能”或“仍不可能”）达到100%．8、在“验证力的平行四边形定则”实验中．

（1）某次实验中两弹簧测力计的读数分别为F1=1.92N，F2=3.84N，如图甲，F1和F2的合力大小F合=____N（保留3位有效数字）．

现保持F2方向不变，减小F1和F2的夹角，为了使橡皮条的结点拉到同样的位置O点，下列说法正确的是____．

A、F1一定减小B、F1一定增大C、F2一定减小D、F2一定增大。

（2）某同学想知道弹簧测力计中弹簧的劲度系数，于是，他将刻度尺与弹簧测力计平行放置，如图乙所示，他根据图中信息得出了弹簧的劲度系数k=____N/m（保留两位有效数字）9、某同学在打篮球时，将球扔向篮板，球在空中飞行的时间1.8s后撞击篮板，撞击篮板时速度的大小是10m/s，历时0.2s反弹，反弹的速度大小是8m/s，则篮球在撞击篮板到反弹这一过程中的加速度大小等于____m/s2．10、【题文】在一根横绳上悬挂4个双线摆，其中A与B摆长相等，当使A自由摆动起来后，其它几个摆也随之摆动，周期分别设为TA、TB、TC、TD，则周期间的大小关系是____，B、C、D中摆幅最大的是____。11、在“研究匀变速直线运动”的实验中：小车拖着纸带的运动情况如图所示，图中ABCDE

为相邻的记数点，相邻的记数点的时间间隔是0.10s

标出的数据单位是cm

则打点计时器在打C

点时小车的瞬时速度是______m/s

小车运动的加速度是______m/s2

．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)12、任意两条电场线都不相交．____．（判断对错）13、两滴水银相接触，立即合并到一起以及熔化的蜡从蜡烛上流下来，冷却后呈球形，均是由液体表面张力造成的．____．（判断对错）14、原先没有磁性的铁，在长期受到磁铁的吸引会产生磁性____．（判断对错）15、电荷在电场中一定受电场力的作用．____（判断对错）16、物体的平均速率为零，则物体一定处于静止状态．____．（判断对错）17、电流周围存在磁场____．（判断对错）18、电荷在电场中一定受电场力的作用．____（判断对错）评卷人得分四、识图作答题(共2题，共14分)19、下表是某森林生态系统个营养级。请回答下列问题：

。种群甲乙丙丁戊能量（kJ）71.2256.0206.09.64530.0

（1）一年内流入该生态系统的总能了是____________kJ，第二营养级和第三营养级之间的能量传递效率为_____________%(保留到小数点后1位）。（2）种群戊的“绿色”为种群_________(用表中代号冋答）提供了采食信息，这体现了信息传递能调节______________，以维持生态系统的稳定。（3）与农田生态系统相比，森林生态系统的自我调节能力相对较强，主要原因是森林生态系统_________。某地区将某种生长迅速的野生动物大量引进该生态系统后，导致该地区的生物多样性下降，这种野生动物与本地原有物种可能存在着的种间关系有______________________。20、下图为某海域生态系统中，生产者固定太阳能与水深关系曲线，虚线表示近海水域，实线表示远洋水域。

(1)远洋海域水深35米开始，随着水深增加生产者固定太阳能却减少，造成这一结果的原因是__________________。(2)经统计该生态系统同季节单位体积内浅海水域比远洋水域生物丰富度要高，据图分析是因为_____________________________________，该差异体现了生物群落的_______结构特征，并反映出_______是生态系统的重要基石。(3)远洋水域100m以下，从生态系统组成成分看，主要由____________组成。(4)假设该生态系统固定总太阳能数值为a，全部消费者获得能量数值为b，全部分解者获得能量数值为c，则a________(填“＜”、“＞”或“＝”)b+c.评卷人得分五、简答题(共2题，共4分)21、如图所示，△ABC为一直角三棱镜的截面，其顶角为θ=30°。P为垂直于直线BCD的光屏，现一宽度等于AB的单色平行光束垂直射向AB面，在屏P上形成一条宽度等于的光带，试作出光路图并求棱镜的折射率。（其中AC的右方存在有折射率为在的透明介质）22、水体污染的治理是化学工作者研究的重要课题。rm{(1)}水体常见污染物中的氨、氮主要是指游离氨或铵盐，可以通入一定量的氯气，利用产生的rm{HClO}除去。除去。已知：rm{NHrlap{_{4}}{^{+}}+HClO=NH_{2}Cl+H^{+}+H_{2}O}rm{HClO}rm{2NH_{2}Cl+HClO=N_{2}+H_{2}O+3H^{+}+3Cl^{-}}rm{NHrlap{_{4}}{^{+}}+HClO=NH_{2}Cl

+H^{+}+H_{2}O}rm{NHrlap{_{4}}{^{+}}+4HClO=NOrlap{_{3}}{^{-}}+6H^{+}+4Cl^{-}+H_{2}O}rm{?H=akJ隆脕mol^{-1}}则rm{2NHrlap{_{4}}{^{+}}+3HClO=N_{2}+3H_{2}O+5H^{+}+3Cl^{-}}rm{2NH_{2}Cl+HClO=N_{2}+H_{2}O+

3H^{+}+3Cl^{-}}______rm{?H=bkJ隆脕mol^{-1}}rm{NHrlap{_{4}}{^{+}}+4HClO=

NOrlap{_{3}}{^{-}}+6H^{+}+4Cl^{-}+H_{2}O}电解法也可除去水中的氨氮，实验室用石墨电极电解一定浓度的rm{?H=ckJ隆脕mol^{-1}}与rm{2NHrlap{_{4}}{^{+}}+3HClO=N_{2}+

3H_{2}O+5H^{+}+3Cl^{-}}的酸性混合溶液来模拟。电解过程中溶液初始rm{?H=}浓度和rm{kJ隆脕mol^{-1}}对氨氮去除速率与能耗rm{(2)}处理一定量氨氮消耗rm{(NH_{4})_{2}SO_{4}}的影响关系如题图rm{NaCl}和题图rm{Cl^{-}}所示。图rm{pH}rm{(}浓度对氨氮去除速率、能耗的影响图的电能rm{)}的影响关系如题图rm{1}和题图rm{2}所示。初始rm{)}对氨氮去除速率、能耗的影响rm{1}电解时，阳极的电极反应式为____________________。rm{2}图rm{1}中当rm{Cl^{-}}rm{2}rm{pH}中当初始rm{垄脵}电解时，阳极的电极反应式为____________________。达到rm{垄脵}时，氨氮去除速率低而能耗高的原因可能是__________________________________；而当rm{垄脷}图rm{1}中当rm{Cl}浓度较高时，测rm{垄脷}rm{1}rm{Cl}rm{{,!}^{-}}图浓度较低时、图rm{2}中当初始rm{pH}达到rm{12}时，氨氮去除速率低而能耗中，氨氮去除rm{2}____为效果最佳。当rm{pH}太低时，处理效果不佳的可能原rm{12}rm{Cl^{-}}通过调节溶液得溶液中的rm{NO}在碱性条件下，用漂白粉溶液也可将废水中的rm{NO}转化为碳酸盐和rm{rlap{_{3}}{^{-}}}浓度也较高，可能的原因是___________________________。rm{垄脹}rm{2}废水中的重金属离子通常用沉淀法除去。已知rm{pH=}rm{pH}国家规定的排放标准：镍低于因是________________________________________。铜低于rm{(3)}则需要控制rm{pH}rm{CN^{-}}rm{N}rm{N}rm{{,!}_{2}}而除去。该反应的离子方程式为_________________。评卷人得分六、画图题(共2题，共6分)23、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）24、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解析】【解答】解：A；1837年；英国物理学家法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线表示电场，故A正确；

B；伽利略通过他的理想实验指出：力是改变物体运动状态的原因；首次推翻了亚里士多德的观点：力是维持物体运动的原因，故B错误；

C；英国物理学家汤姆生发现了电子；密立根通过油滴实验精确测定了元电荷e的电荷量，故C错误；

D；奥斯特通过实验发现了电流的磁效应；故D错误；

故选：A．2、D【分析】【分析】棒匀速滑动时，右边线圈不产生感应电流，变速滑动时，产生感应电流；应用楞次定律判断电势高低．【解析】【解答】解：A、ab棒匀速向右滑；产生的感应电流是恒定的，cd中没有电流流过，故AB错误；

C、ab棒匀减速右滑；左线圈中向下的磁场减弱，右线圈向上的磁场减弱，感应电流产生向上的磁场，电流从c通过电灯到d，c点电势高，故C错误；

D、ab棒匀加速左滑；左线圈中向上的磁场增加，右线圈向下的磁场增加，感应电流产生向上的磁场，电流从c通过电灯到d，c点电势高，故D正确；

故选：D．3、C【分析】【分析】根据核反应的质量数和电荷数守恒，判断出未知粒子的质量数和电荷数即可明确该未知粒子的性质．【解析】【解答】解：A；裂变反应是一个重原子的原子核分裂为两个或更多较轻原子核、并在分裂时两到三个自由中子并释放巨大能量的过程；故该反应不是裂变反应，故A错误；

B；根据核反应过程中的质量数和电荷数守恒可知该未知粒子的质量数和电荷数都为1；即该未知粒子为质子，带正电，故B错误；

C；若该粒子的运动方向与磁场方向相同或相反；则不受洛伦兹力作用，不会偏转，故C正确；

D；β射线为高速电子流；故D错误．

故选C．4、B【分析】

某放射性元素经过6次衰变和8次衰变；

放射性元素经过6次α衰变和8次β衰变，即6个24He和8个-1e

所以质子数减少：2×6+8×（-1）=4

中子数减少：6×4-4=20

即减少的质子数和中子数分别为4；20

故选B．

【解析】【答案】α衰变是一种放射性衰变．在此过程中；一个原子核释放一个α粒子（由两个中子和两个质子形成的氦原子核），并且转变成一个质量数减少4，核电荷数减少2的新原子核．

β衰变是一种放射性衰变．在此过程中；一个原子核释放一个β粒子（电子或者正电子），分为β+衰变（释放正电子）和β-衰变（释放电子）．

5、A【分析】解：传感器测量小车对绳子的拉力；B

传感器测量的是绳子对小车的作用力，两者是作用力和反作用力的关系，大小相等，同时产生，同时变化，同时消失，与运动状态无关，故A正确，BCD错误．

故选：A

作用力与反作用力大小相等；方向相反，作用在同一条直线上，同时产生，同时变化，同时消失，与运动状态无关．

本题考查了作用力与反作用力的特点：作用力与反作用力总是等大反向作用在一条直线上，作用在两个物体上且同时产生同时消失．【解析】A

6、B【分析】【分析】连接AC，根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，则知AC中点的电势为20V，连接EB，EB即为一条等势线，CA连线即为一条电场线，由BA间的电势差，由公式U=Ed求出场强大小．由W=qU，则电场力做功就可以求解【解析】【解答】解：A；连接AC、DF；AC中点电势为20V，与B电势相等，则EB连线必为一条等势线，而匀强电场的等势面平行，则DF直线也是一条等势线，BF不处于等势线上．故A错误；

B、BA间的电势差为UBA=10V，又UBA=EdABcos30°，得场强E==V/m．故B正确；

C；由上得知；E的电势为20V，F点与A点的电势相等为10V，则正电荷从E点移到F点，电场力做正功，故C错误；

D；由以上得；F点与A点电势相等，DC电势相等，故电子从F点移到D点与从A点移到C点电场力做功相同，电荷的电势能减少量为20eV，故D错误；

故选：B二、填空题(共5题，共10分)7、20%仍不可能【分析】【分析】解答本题需掌握：

热力学第一定律公式：△U=W+Q；

热力学第二定律：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响；不可逆热力过程中熵的微增量总是大于零．【解析】【解答】解：汽油燃烧释放的化学能为1×103J，因尾气排放、汽缸发热等对外散失的热量为8.0×102J；根据热力学第一定律，转化为机械能的能量为：200J；

机械效率：η=×100%=20%；

根据热力学第二定律；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响，故热机的效率不可能达到100%；

故答案为：20%，仍不可能．8、2.88C59【分析】【分析】（1）根据平行四边形定则作图可以求出合力的大小，根据作图法判断F1和F2的变化；

（2）利用胡克定律可正确求出劲度系数的大小．【解析】【解答】解：（1）根据平行四边形定则作出F1和F2的合力如右图所示；

对角线平分平行四边形的角，由几何关系可得F合=F1sin30°+F2sin30°=2.88N

对点0受力分析，受到两个弹簧的拉力和橡皮条的拉力，保持O点的位置和F2方向不变不变，使橡皮条的结点拉到同样的位置O点，拉力F1方向和大小都改变．如下图所示：

根据平行四边形定则可以看出F2的读数不断减小时，F1先变小后变大；故C正确；

（2）根据丙图可知；当拉力为5.0N时，弹簧的拉伸量为：△x=8.98-0.5=8.48cm，由于刻度尺需要估读在范围8.47～8.49cm内均正确．

因此根据F=kx；得：

在范围58～60内均正确．

故答案为：（1）2.88，C（2）599、90【分析】【分析】本题根据加速度定义式即可求解，注意该公式为矢量式，v、v0包含大小和方向．【解析】【解答】解：设篮球初速度的方向为正方向，则初速度v1=10m/s，末速度v2=-8m/s；

时间t=0.2s．由加速度公式，有a==-90m/s2

所以篮球在水平方向的平均加速度大小为180m/s2；方向为与初速度方向相反．

故答案为：90；10、略

【分析】【解析】

试题分析：在一根横绳上悬挂4个双线摆，A摆动后，使得其他摆跟着做受迫振动，因此TA=TB=TC=TD。当外界频率等于驱动力频率则发生共振；因此C摆幅最大。

考点：共振。

点评：本题考查了关于受迫振动、共振的区别与联系，当驱动力频率等于固有频率就会发生共振。【解析】【答案】TA=TB=TC=TDC11、1.28；3.2【分析】解：利用匀变速直线运动的推论得：vC=xBD2T=0.384鈭�0.1280.2=1.28m/s

设0AABBCCDDE

的长度分别为：x1x2x3x4x5

由于作匀变速直线运动的物体在连续相等的时间内通过的位移差等于恒量即鈻�x=aT2

故有(x4+x5)鈭�(x2+x3)=4aT2

解得；a=(0.56鈭�0.24)鈭�(0.24鈭�0.048)4隆脕0.01=3.2m/s2

故答案为：1.283.2

纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度.

作匀变速直线运动的物体在连续相等的时间内通过的位移差等于恒量即鈻�x=aT2

．

利用逐差法测量加速度和利用平均速度求某一时刻的瞬时速度是我们常用的方法，一定要注意掌握．【解析】1.283.2

三、判断题(共7题，共14分)12、√【分析】【分析】掌握电场线特点是解本题的关键，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合．【解析】【解答】解：电场中任意两条电场线不会相交；否则相交的地方的电场线的方向有两个．所以该说法是正确的．

故答案为：√13、√【分析】【分析】作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势．【解析】【解答】解：两滴水银相接触；立即合并到一起以及熔化的蜡烛从燃烧的蜡烛上流下来，冷却后呈球形，是因为表面张力使液体表面有收缩的趋势．故该说法是正确的．

故答案为：√14、√【分析】【分析】在铁棒未被磁化前，铁棒内的分子电流的排布是杂乱无章的，故分子电流产生的磁场相互抵消，对外不显磁性，但当铁棒靠近磁铁时分子电流由于受到磁场的作用而使磁畴的取向大致相同从而被磁化对外表现出磁性；对磁铁加热或敲打时会使磁铁内的分子电流的排布变的杂乱无章，从而使磁铁的磁性减弱．【解析】【解答】解：在铁棒未被磁化前；铁棒内的分子电流的排布是杂乱无章的，故分子电流产生的磁场相互抵消，对外不显磁性，但当铁棒靠近磁铁时分子电流由于受到磁场的作用而使磁畴的取向大致相同从而被磁化对外表现出磁性．所以该说法是正确的．

故答案为：√15、√【分析】【分析】电场的基本性质就是对其中的电荷有力的作用，电荷在电场中一定受到电场力作用．【解析】【解答】解：电场的基本性质就是对其中的电荷有力的作用；故电荷在电场中一定受电场力的作用．

故答案为：√16、√【分析】【分析】平均速度是位移与时间的比值；平均速率是位移的路程与时间的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程与时间的比值；物体的平均速率为零，则物体的路程为0，物体一定处于静止状态．所以该说法是正确的．

故答案为：√17、√【分析】【分析】丹麦物理学家奥斯特首先发现的电流周围存在磁场．【解析】【解答】解：丹麦物理学家奥斯特首先发现的电流周围存在磁场；安培确定了电流周围的磁场的方向．所以电流周围存在磁场是正确的．

故答案为：（√）18、√【分析】【分析】电场的基本性质就是对其中的电荷有力的作用，电荷在电场中一定受到电场力作用．【解析】【解答】解：电场的基本性质就是对其中的电荷有力的作用；故电荷在电场中一定受电场力的作用．

故答案为：√四、识图作答题(共2题，共14分)19、（1）4530.015.4

（2）乙和丙生物的种间关系

（3）生物种类多，营养结构复杂捕食、竞争（和寄生）

【分析】【分析】本题考查生态系统的功能和种间关系，意在考查考生的识图能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，准确判断问题的能力。分析表格，戊所含能量最多，处于第一营养级，为生产者，根据能量传递效率计算，乙和丙处于第二营养级，甲处于第三营养级，丁处于第四营养级。【解答】（1）一年内流入该生态系统的总能量是生产者固定的能量，为4530.0J/cm2·a，第二营养级和第三营养级之间的能量传递效率为（2）种样戊的“绿色”为种样乙和丙提供了采食信息，这体现了信息传递能调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定。（3）与农田生态系统相比，森林生态系统的自我调节能力相对较强，主要原因是森林生态系统生物种类多，营养结构复杂。某地区将某种生长迅速的野生动物大量引进该生态系统后，导致该地区的生物多样性下降，这种野生动物与本地原有物种可能存在着的种间关系有捕食、竞争和寄生。【解析】（1）4530.015.4（2）乙和丙生物的种间关系（3）生物种类多，营养结构复杂捕食、竞争（和寄生）

20、（1）光照强度(减弱)（2）浅海水域生产者固定太阳能数量较高，说明海洋植物丰富，更有利于为其中的动物提供食物及栖息环境，所以物种丰富度较远洋水域高(合理就给分)水平生产者（3）分解者、消费者（4）>【分析】【分析】本题考查群落的特征、生态系统的结构及功能。解题的关键是能从图中获取有效的信息并结合信息，运用所学的知识去分析、比较并解决问题。【解答】（1）随着水深增加，光照强度逐渐减弱，植物光合作用强度逐渐降低，固定的太阳能减少，所以影响这一变化的主要非生物因素是光照强度。（2）由图可知，浅海水域生产者固定太阳能较多，说明海洋植物丰富，有利于为其中的动物提供食物及栖息环境，所以物种丰富度较远洋水域高，这体现了生物群落在水平方向上的结构特征，并反映出生产者是生态系统的重要基石。。（3）由图可知，水深100m以下的远洋水域，生产者固定太阳能的数量为0，据此可判断该水域主要由消费者和分解者组成。（4）输入该生态系统的总能量即生产者所固定太阳能，在能量流动过程中，输入到每个营养级的能量，大部分通过呼吸作用以热能的形式散失，所以a大于b+c。【解析】（1）光照强度(减弱)（2）浅海水域生产者固定太阳能数量较高，说明海洋植物丰富，更有利于为其中的动物提供食物及栖息环境，所以物种丰富度较远洋水域高(合理就给分)水平生产者（3）分解者、消费者（4）>五、简答题(共2题，共4分)21、略

【分析】试题分析：作出光路图如图，平行光束经棱镜折射后的出射光束仍是平行光束．图中θ1、θ2为AC面上入射角和折射角，根据折射定律，有nsinθ1=sinθ2，设出射光线与水平方向成α角，则θ2=θ1+α由于所以而θ=30°所以tanα=可得α=30°，θ2=60°，所以n==考点：本题考查光的折射定律。【解析】【答案】22、(1)2a＋b

b(2)－－①2Cl－－2e－＝Cl2↑(或Cl－－2e－＋H2O=HClO＋H＋)－＝2Cl↑2e或Cl2－－(－＋Cl＋2e＋H2O=HClO

H)②在阳极放电，产生大量氧气，消耗电能OH－浓度较高时，产生的－或Cl较多，会将Cl2(氧化为HClO)

NH4+H++Cl-+HClO，NO3-太低，H+浓度大使平衡左移，产生的③6因存在平衡Cl2+H2O会从溶液中逸出

pHCl2(3)2CN－＋－－＋＋5ClO－＋2OH－＋2Ca2＋=2CaCO3↓＋N2↑＋5Cl－＋H2O＋5ClO↓＋2OH↑＋2Ca2－＋=2CaCO3

N25ClH2O(4)110【分析】【分析】本题旨在考查学生对用盖斯定律及有关计算、离子方程式的书写、溶度积等应用。【解答】rm{(1)}根据盖斯定律可知，rm{2隆脕}rm{垄脵+}rm{垄脵+}可得：rm{垄脷}rm{2NH_{4}^{+}}rm{2NH_{4}^{+}}rm{+3HClO===N}rm{+3HClO===N}rm{{,!}_{2}}rm{+3H}rm{+3H}rm{{,!}_{2}}rm{O+5H}rm{O+5H}rm{{,!}^{+}}rm{+3Cl}rm{+3Cl}rm{{,!}^{-}}rm{娄陇}rm{娄陇}rm{H}rm{H}rm{=2a+bKJ/mol}rm{=2a+bKJ/mol}故答案为：rm{2a+b}rm{2a+b}rm{(2)}rm{(2)}rm{垄脵}电解时，阳极氯离子放电生成氯气，电极反应式为：rm{2Cl}rm{2Cl}rm{{,!}^{-}}rm{-}rm{-}rm{2e}rm{2e}根据图示可知，rm{{,!}^{-}}rm{=}rm{=}rm{Cl_{2}}rm{Cl_{2}}rm{隆眉}rm{隆眉}故答案为：rm{2Cl}rm{2Cl}rm{{,!}^{-}}rm{-}rm{-}rm{2e}rm{2e}rm{{,!}^{-}}rm{=}rm{=}rm{Cl_{2}}rm{Cl_{2}}rm{隆眉}rm{隆眉}rm{垄脷}阳极放电，产生大量氧气，消耗电能氨氮去除速率低而能耗高的原因可能是：阳极可能rm{OH}rm{OH}浓度较高时，产生的rm{{,!}^{-}}或放电，产生大量氧气，消耗电能；较多，会将而当rm{Cl}氧化为rm{Cl}rm{{,!}^{-}}浓度较高时，测得溶液中的rm{NO_{3}^{-}}根据图示可知，rm{NO_{3}^{-}}为浓度也较高，可能的原因是：时处理效果最佳，当rm{Cl}过低时，处理效果不佳的原rm{Cl}因存在平衡rm{{,!}^{-}}浓度较高时，产生的rm{Cl_{2}(}太低，rm{Cl_{2}(}浓度大使平衡左移，产生的或会从溶液中逸出rm{HClO)}rm{HClO)}因存在平衡较多，会将rm{NH_{4}^{+}}rm{NH_{4}^{+}}太低，氧化为浓度大使平衡左移，产生的rm{NO_{3}^{-}}会从溶液中逸出rm{NO_{3}^{-}}，根据题意反应的离子方程式为：故答案为：rm{OH}rm{OH}rm{-}rm{-}在；rm{Cl}rm{Cl}rm{{,!}^{-}}rm{Cl_{2}(}rm{Cl_{2}(}rm{HClO)}rm{HClO)}rm{NH_{4}^{+}}rm{NH_{4}^{+}}rm{NO_{3}^{-}}rm{NO_{3}^{-}}；故答案为：rm{垄脹}根据图示可知，rm{pH}为rm{6}时处理效果最佳，当rm{pH}过低时，处理效果不佳的原rm{垄脹}rm{pH}rm{6}rm{pH}因可能是：rm{Cl_{2}+H_{2}O}r