2025年冀教新版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教新版必修3物理上册阶段测试试卷216考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，a、b两个线圈，它们的半径之比为1：2，匝数之比为2：1，圆形匀强磁场B的边缘恰好与a线圈重合，则穿过a、b两线圈的磁通量之比为（）

A.1：1B.1：2C.2：1D.1：42、一根粗细均匀的电阻丝，现将它截成相等的两段，再将它们并联起来，测得阻值为3Ω，则电阻丝原来的电阻值为（）A.3ΩB.6ΩC.9ΩD.12Ω3、如图所示的电场中，虚线a、b、c为三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc，一带正电的粒子仅在电场力的作用下通过该区域时的运动轨迹如图中实线所示，P、Q是这条轨迹上的两点；由图可知（）

A.带电粒子在P点的电势能比在Q点小B.带电粒子在P点的动能比在Q点大C.a、b、c三个等势面中，a的电势最高D.带电粒子在P点时的加速度比在Q点的加速度大4、质量为m、电荷量为的带电小球A固定在绝缘天花板上，质量也为m的带电小球B，在空中水平面内绕O点做半径为R的匀速圆周运动，如图所示。已知小球A、B间的距离为2R，重力加速度为g，静电力常量为k。则（）

A.B球所受合力始终指向A球B.B球所带的电荷量C.B球转动的角速度为D.天花板对A球的作用力大小为2mg5、如图所示，A、B为匀强电场中同一条电场线上的两点。电势分别为电荷量为的试探电荷在A、B两点的电势能分别为则（）

A.B.C.D.6、两个质量相等、电荷量不等的带电粒子甲、乙，以不同的速率从S点沿SO方向垂直射入水平向右的匀强电场，它们在圆形区域中运动的时间相同，其运动轨迹如图所示，乙粒子运动轨迹与圆形区域的交点恰好在水平直径AOB最左端的A点。不计粒子的重力；则下列说法中正确的是（）

A.甲粒子带负电B.乙粒子所带的电荷量比甲粒子少C.从粒子进入圆形区域到离开圆形区域的过程中甲粒子动量变化更小D.乙粒子进入电场时具有的动能比甲粒子大7、如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠．R为滑动变阻器，电源电动势为E，内阻为r．现将开关S闭合；当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列结论正确的是（）

A.电流表示数变小，电压表示数变大B.小电珠L变亮C.电容器C上电荷量减小D.电源的总功率变大评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、如图所示，水平平行板电容器间距为d，电源电压恒定。闭合开关S，板间电场稳定后，一电子以初速度v从平行板左端水平射入，经过时间t离开平行板间电场时速度与水平方向夹角为θ，电场力对电子做功为W，电子在屏上所产生光点的竖直偏移量为y；若保持开关S闭合，将两板间距调整为2d，电子仍然以初速度v水平射入；不计电子重力，则（）

A.电子通过平行板电容器的时间是tB.平行板间电场对电子做功是C.电子离开平行板间电场时速度与水平方向夹角是D.电子在屏幕所产生的光点的竖直偏移量是9、用金属箔做成一个不带电的圆环；放在干燥的绝缘桌面上．小明同学用绝缘材料做的笔套与头发摩擦后，将笔套自上而下慢慢靠近圆环，当距离约为0.5cm时圆环被吸引到笔套上，如图所示．对上述现象的判断与分析，下列说法正确的是。

A.摩擦使笔套带电B.笔套靠近圆环时，圆环上、下部感应出异号电荷C.圆环被吸引到笔套的过程中，圆环所受静电力的合力大于圆环的重力D.笔套碰到圆环后，笔套所带的电荷立刻被全部中和10、产生闪电的积雨云底层带负电，为避免闪电造成损害，高大的建筑物都装有避雷针。图中虚线为避雷针周围的等势面，a、b两点的电场强度分别为电势分别为一带负电的雨滴从a下落到b，雨滴在a、b两点具有的电势能分别为具有的机械能分别为不计空气阻力的影响，下列正确的是（）

A.B.C.D.11、一个电荷量为质量为m的带负电的点电荷，仅在电场力的作用下沿x轴运动，其动能随位置x变化的关系图像如图所示，图像关于对称。规定处电势为零；下列说法正确的是（）

A.在区间，电势不断升高B.在处的电势C.区间，电场强度减小D.在处电荷的电势能为12、为了测定某平行于纸面的匀强电场的场强，某同学进行了如下操作：取电场内某一位置O点为坐标原点建立x轴，选取x轴上到O点距离为r的P点，以O为圆心、r为半径作圆，如图甲所示；从P点起逆时针沿圆周测量圆上各点的电势φ和转过的角度θ；当半径r分别取r0、2r0、3r0时，绘制φ-θ图线如图乙所示。乙图中曲线①、②、③均在θ=θ0时达到最大值，最大值分别为4φ0、3φ0、2φ0。下列说法正确的是（）

A.O点为电势零点B.曲线①、②、③的交点M和N在同一等势线上C.场强方向与x轴正方向的夹角为θ0D.场强的大小为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、随着中国电信业的发展，国产手机在手机市场上已经有相当大的市场份额。如图所示是中国科健股份有限公司生产的一块手机电池外壳上的文字说明，由此可知该电池的电动势为_________，待机状态下的平均工作电流_________。

14、如图所示，16个电荷量均为+q的小球（可视为点电荷），均匀分布在半径为r的圆周上，静电力常量为k．若将圆周上P点的一个小球的电荷量换成-4q，则圆心O点处的电场强度大小为________．

15、如图，电源电压恒定不变，闭合开关S、S1，电流表示数为0.3A，则电源电压为___________V，10s内电流通过产生的热量为___________J；再闭合开关S2，调节使电流表示数为0.5A，则此时变阻器的阻值为___________Ω。

16、已知一卷电线的导线直径为d，在其两端加上电压U，测得通过的电流I，要测量其长度，还要知道该导线材料的______（填汉字名称和符号），则其长度L=______（前面各量符号表示）。17、在如图（a）所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图（b）所示。则电源的最大输出功率为___________W，滑动变阻器R2的最大功率为___________W

评卷人得分四、实验题(共2题，共14分)18、在研究产生感应电流条件的实验中，如图甲所示，把条形磁铁插入或者拔出闭合线圈的过程，线圈的面积尽管没有变化，但是线圈内的磁场强弱发生了变化，此时闭合线圈中_______感应电流（填“有”或“无”）．继续做如图乙所示的实验，当向右拉动导体棒时，尽管磁场的强弱没有变化，但是闭合回路的面积发生了变化，此时回路中______感应电流（填“有”或“无”）．因为不管是磁场强弱发生变化；还是回路面积发生变化，都是穿过线圈所围面积的磁通量发生了变化．这种观察总结的方法是物理学中重要的研究方法，即归纳法．

19、某探究小组想通过测定废水的电阻率，判断其是否达到排放标准：电阻率大于200Ω·m的废水即达到排放标准。该小组用透明塑料板自制了一个长方体容器，其左、右两侧面内壁紧贴金属铜薄板，其电阻忽略不计，铜薄板上端分别带有接线柱M、N，如图甲所示。容器内表面长a=40cm，宽b=20cm，高c=20cm；将废水注满容器后，进行如下实验操作。

（1）用多用电表的欧姆挡粗测容器中废水的电阻，选择开关置于“×100”挡，经正确操作后其示数如图乙所示，该废水的电阻值约为________Ω。

（2）为更精确地测量所取废水的电阻；该小组从实验室中找到如下实验器材：

A.电源E（电动势约3V；内阻约0.1Ω）

B.电压表V（量程0~3V；内阻约3kΩ）

C.电流表A1（量程0~3mA；内阻约10Ω）

D.电流表A2（量程0~15mA；内阻约0.4Ω）

E.滑动变阻器R（0~50Ω；额定电流2.0A）

F.开关S一个；导线若干。

该实验小组在实验过程中选用的电流表A应为________（填写器材前面的字母序号“C”或“D”），请你将图丙中的实物图连接完整________。

（3）正确连接电路后，闭合开关，测得一组U、I数据；再调节滑动变阻器，重复上述测量步骤，得出多组数据如下表所示。在图丁的坐标纸中已经描出了3个点，请在图中将剩余3个点描出，并作出U-I关系图线________。电压U/V1.461.841.892.102.322.52电流I/mA1.401.601.802.002.202.40

（4）由以上测量数据可以求出待测废水的电阻率=________Ω·m。该废水________（填“达到”或“未达到”）排放标准。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【详解】

由于线圈平面与磁场方向垂直，故穿过该面的磁通量为

半径为r的虚线范围内有匀强磁场，所以磁场的区域面积为

结合图可知，穿过两个线圈的磁感线的条数是相等的，所以磁通量都是

与线圈的大小无关；与线圈的匝数无关，故A正确，BCD错误。

故A正确。2、D【分析】【详解】

设电阻丝原来的电阻值为R；根据电阻定律可知所截后的每根电阻丝电阻值为。

由题意可知。

联立以上两式解得。

R=12Ω故选D。3、D【分析】【详解】

C．电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最低，c等势线的电势最高；C错误；

AB．电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，从P到Q过程中电场力做正功，电势能减小，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，带电质点在P点的电势能大于在Q点的电势能；AB错误；

D．等势线密的地方场强大，故P点位置电场强度大；电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，D正确。

故选D。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．B球在水平面做匀速圆周运动，所以其合力指向圆心O。A错误；

B．对B球，受力分析得

解得

B错误；

C．对B球，根据牛顿第二定律得

解得

C正确；

D．天花板对A球的作用力大小为

D错误。

故选C。5、A【分析】【详解】

AB．根据沿电场方向电势降低可知，A、B两点的电势大小关系为

故A正确；B错误；

CD．根据电势能表达式

可知电荷量为的试探电荷在A、B两点的电势能大小关系为

故CD错误。

故选A。6、C【分析】【详解】

A．甲粒子向右偏转；说明受到向右的电场力，与场强方向相同，故甲粒子带正电，A错误；

BC．甲、乙两粒子水平方向均做初速度为零的匀加速直线运动，水平方向加速度

水平方向位移

两粒子m相同，运动时间t相同，场强E也相同，则x与q成正比，由题图可知，乙粒子的水平位移x较大，故乙粒子所带的电荷量q比甲粒子多，乙粒子受到的合冲量

较大，由动量定理可知；从粒子进入圆形区域到离开圆形区域的过程中乙粒子动量变化更大，B错误，C正确；

D．甲、乙两粒子竖直方向做匀速直线运动，由

可知t相同情况下，乙粒子竖直位移y较小，则乙粒子初速度v0较小；进入电场时的初动能较小，D错误。

故选C。7、A【分析】【详解】

滑片向左移动，滑动变阻器的电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，干路电流减小，电流表的示数减小，串联电路的电阻遵循分压原理，则随着滑动变阻器电阻的增大，其分压相应增大，电压表示数增大，选项A正确．干路电流减小，小电珠变暗，选项B错误．电容器与变阻器并联，分压升高，则电容器上的电荷增多，选项C错误．干路电流减小，电源电动势不变，则电源的总功率减小，选项D错误．二、多选题(共5题，共10分)8、A:D【分析】【详解】

A．水平方向是匀速直线运动，电子通过平行板电容器的时间是t；故A正确；

B．电子在平行板电容器间竖直偏移量

平行板间电场对电子做功是

将两板间距调整为2d，则

故B错误；

C．电子离开平行板间电场时速度与水平方向夹角是

将两板间距调整为2d，则

故C错误；

D．电子在屏幕所产生的光点的竖直偏移量是

将两板间距调整为2d，则

故D正确。

故选AD。9、A:B:C【分析】【详解】

摩擦使笔套带电，带电的笔套靠近圆环的时候，圆环反生静电感应，上下部分感应出等量的异号电荷，吸引过程中，圆环加速度向上，静电合力大于圆环重力；绝缘材料做出的笔套，自由电子无法移动，电荷无法立刻被综合，故ABC正确10、B:D【分析】【详解】

A．因积雨云带负电，故避雷针尖端感应出正电荷，电场线由正电荷出发终止与负电荷，电场线向上，沿电场线方向电势减小，则

故A错误；

B．等势线的疏密表示电场的强弱，则

故B正确；

C．由电势能由于雨滴带负电，可知

故C错误；

D．带负电的雨滴从a下落到b，电场力做正功，所以机械能增大，则

故D正确。

故选BD。11、A:B【分析】【详解】

A．由于只有电场力做功，电荷的动能与电势能总和不变，在区间；电荷的动能增大，电势能减小，由于点电荷带负电，所以电势不断升高，A正确；

B．规定处电势为零，电荷在处电势能也为零。由图像可知在处电荷的动能为零。电荷仅在电场力的作用下，电势能和动能相互转化，电势能和动能的和

在处动能为则在处的电荷的电势能为该点的电势

B正确；

C．在区间；图像的切线斜率增大，斜率表示电荷受到的电场力的大小，所以电荷受到的电场力增大，电场强度增大，C错误；

D．电荷的动能与电势能总和为零，所以处电荷的电势能为错误。

故选AB。12、B:D【分析】【详解】

C．电场强度方向从电势最高点指向电势最低点，根据图像，电场方向与x轴负方向成θ0角；选项C错误；

B．由图知曲线①、②、③的交点M和N电势相等，因为是匀强电场，所以交点M和N在同一等势线上；选项B正确；

D．根据图像，曲线①的峰值最大，曲线①对应的r最大，取值为3r0，曲线③对应的半径为r0，电场强度的大小为

选项D正确；

A．根据曲线③的峰值为2φ0，最小值为0，因为是匀强电场，坐标原点O的电势为

选项A错误；

故选BD。三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【详解】

[1]由题图可知；该电池的电动势为3.7V；

[2]有题图可知，该电池的容量为

待机为96h，则可得手机待机状态下的平均工作电流为【解析】3.7V7.29mA14、略

【分析】【详解】

16个电荷量均为+q的小球（可视为点电荷），均匀分布在半径为r的圆周上，除P点电荷外15个电荷在O点处的电场强度为

方向水平向右；P点的一个小球的电荷量换成-4q，则P点电荷在O点处的电场强度为

方向水平向右，所以圆心O点处的电场强度大小【解析】15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律可得；电源电压为。

[2]10s内电流通过产生的热量为。

[3]当电流表示数为0.5A时；由欧姆定律可得。

代入数据解得。

【解析】6183016、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据

解得

要测