2025年冀教版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

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A.保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ不变B.保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ变小C.断开S，将A板向B板靠近，则θ增大D.断开S，将A板向B板靠近，则θ不变4、现代科学研究中常要用到高速电子；电子感应加速器就是利用感生电场使电子加速的设备。它的基本原理如图甲所示，上；下为电磁体的两个磁极，磁极之间有一个环形真空室。图乙为真空室的俯视图，电子在真空室中做圆周运动。电磁体线圈中电流可以变化，产生感生电场使电子加速。某时刻电磁体线圈中电流如图所示，电子逆时针方向运动。下列说法中正确的是（）

A.此时真空室中磁场方向由上向下B.感生电场对电子的作用力给电子提供向心力C.电子做圆周运动的向心加速度大小始终不变D.为使电子加速，图中电流应该由小变大5、如图所示，用相同导线绕成的两个单匝线圈的半径分别为和圆形匀强磁场的边缘恰好与线圈重合，若磁场的磁感应强度均匀增大，开始时的磁感应强度不为则（）

A.任意时刻，穿过两线圈的磁通量之比均为B.两线圈中产生的感应电动势之比为C.两线圈中产生的感应电流之比为D.相同时间内两线圈产生的热量之比为6、面积是0.50m2的导线环，处于磁感强度为2.0×10-2T的匀强磁场中，环面与磁场垂直，穿过导线环的磁通量等于（）A.2.5×10-2WbB.1.5×10-2WbC.1.0×10-2WbD.4.0×10-2Wb7、如图所示为一只“极距变化型电容式传感器”的部分构件示意图．当动极板和定极板之间的距离d变化时，电容C便发生变化，通过测量电容C的变化就可知道两极板之间距离d的变化的情况．在下列图中能正确反映C与d之间变化规律的图象是()

A.B.C.D.8、有两个处于基态的氢原子A、B，A静止，B以速度与之发生碰撞．碰撞后二者的速度和在一条直线上，碰撞过程中部分动能有可能被某一氢原子吸收，从而使该原子由基态跃迁到激发态，然后，此原子向低能态跃迁，并发出光子．下列说法正确的是A.已知氢原子能级公式为基态能量为eV，则吸收的动能为10eV时，原子可以跃迁到激发态B.若该原子吸收动能从基态跃迁到n=4的激发态后，最多可以发出6种频率不同的光子C.要求发生上述现象时B原子的碰撞之前的速度最小，则两原子应发生完全非弹性碰撞D.氢原子吸收的动能只有大于氢原子基态能量时，才可能发出光子评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示，两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨的左端接有电阻R，导轨自身的电阻可忽略不计．斜面处在一匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向上．质量为m、电阻可以不计的金属棒ab，在沿着斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨匀速上滑，并上升h高度，在这一过程中（）

A.作用于金属棒上的各力的合力所做的功等于零B.作用于金属棒上的各力的合力所做的功等于mgh与电阻R上发出的焦耳热之和C.恒力F与安培力的合力所做的功等于零D.恒力F与重力的合力所做的功等于电阻R上发出的焦耳热10、如图所示，三个等量的点电荷，固定在正三角形的三个顶点上，A、C两点为正电荷，B点为负电荷，D为AC中点．下列说法正确的是。

A.若A处点电荷所受静电力大小为F，则B处点电荷所受静电力大小为2FB.若A处点电荷所受静电力大小为F，则B处点电荷所受静电力大小为FC.若将B处点电荷沿BD连线向D点移动，其电势能一定逐渐减小D.在三个点电荷产生的电场中，没有合场强为零的位置(无限远处除外)11、如图所示，两根间距为10cm的无限长光滑金属导轨固定在同一水平面上，它们的电阻不计，两导轨左端连接一阻值为10Ω的定值电阻，两导轨之间存在有边界的，沿竖直方向的，磁感应强度大小为1T的匀强磁场，磁场边界(图中的虚线曲线)与函数10|sinx|的图像完全一致(式中y的单位是cm)，且相邻两个区域的磁场方向相反；一阻值为10Ω的光滑导体棒垂直于两导轨，在水平外力作用下以10m/s的速度在导轨上水平匀速向右运动(与两导轨接触良好且接触电阻不计)，图中的电压表和电流表均为理想交流电表，则（）

A.回路中产生的是正弦式交变电流B.导体棒上消耗的热功率为0.4WC.电压表的示数是0.5VD.导体棒运动到图示虚线cd位置时，电流表示数为零12、下列四幅图对应的说法中正确的有_________。

A.图甲是玻璃管插入某液体中的情形，表明该液体能够浸润玻璃B.图乙是干湿泡温度计，若发现两温度计的读数差正在变大，说明空气相对湿度正在变大C.图丙中玻璃管锋利的断口在烧熔后变钝，原因是玻璃是非晶体加热后变成晶体E.液体浸润细管壁或者不浸润细管壁都能产生毛细现象E.液体浸润细管壁或者不浸润细管壁都能产生毛细现象13、下列说法正确的是＿＿A.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的B.高原地区的沸水温度较低，这是高原地区温度较低的缘故C.在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零E.即使消除热机的漏气、摩擦和热量损耗，热机效率仍不能达到100%E.即使消除热机的漏气、摩擦和热量损耗，热机效率仍不能达到100%14、关于磁场的磁感应强度B、电流I和安培力F的相互关系，下图中不正确的是A.B.C.D.15、一浮桶式波浪发电灯塔的原理如图甲所示，浮桶内的磁体由支柱固定在暗礁上，内置线圈与阻值R=15Ω的灯泡相连，随波浪相对磁体沿竖直方向上下运动且始终处于磁场中，其运动速度v=0.8πsinπt(m/s)．浮桶下部由内、外两密封圆筒构成(图中阴影部分)，其截面如图乙所示，匝数N=100的圆形线圈所在处辐射磁场的磁感应强度大小恒为B=0.2T线圈的直径D=0.4m，总电阻r=1Ω．取π2=10．则下列说法正确的是（）

A.线圈中产生电动势的瞬时值为e=0.64sinπt(v)B.灯泡中电流的瞬时值为i=4sinπt(A)C.灯泡两端电压的有效值为30VD.灯泡的电功率为240W16、下列说法正确的是()A.β衰变释放出电子，说明原子核内有电子B.氡的半衰期为3.8天，8个氡原子核经过7.6天后剩下2个氡原子核C.原子核的比结合能越大，原子核越稳定D.用频率为ν的入射光照射光电管的阴极，遏止电压为Uc，改用频率为2ν的入射光照射同一光电管，遏止电压大于2Uc评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、在某温度时，水蒸气的绝对气压为P=200mmHg，此时的相对湿度为50%，饱和汽压为________．18、毛细现象：浸润液体在细管中______的现象，以及不浸润液体在细管中______的现象．19、进行如下实验：先把空的烧瓶放入冰箱冷冻，取出烧瓶，并迅速把一个气球紧套在烧瓶颈上，封闭了一部分气体，然后将烧瓶放进盛满热水的烧杯里，气球逐渐膨胀起来，如图。若某时刻该密闭气体的体积为V，密度为ρ，平均摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为NA，则该密闭气体的分子个数为______。若将该密闭气体视为理想气体，气球逐渐膨胀起来的过程中，气体对外做了0.8J的功，同时吸收了0.9J的热量，则该气体内能变化了______J。若气球在膨胀过程中迅速脱离瓶颈，则该气球内气体的温度_____（填“升高”或“降低”）。20、几何光学中研究光的传播，并不把光看作是电磁波，而是把光看作______21、阴极射线管的上方有一根固定的导线AB，如图所示，当导线中通一如图所示的电流时，阴极射线管的电子流将向__________偏转。（填“下”或“上”）22、如图所示，电阻Rab=0.1Ω的导体ab沿光滑导线框向右做匀速运动；线框中接有电阻R=0.4Ω，线框放在磁感应强度B=0.1T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，cd间的长度L=0.4m，运动的速度v=5.0m/s，线框的电阻不计．

a.电路abcd中导体棒ab相当于电源,_______（a端或b端）相当于电源的正极。

b.电源的电动势即产生的感应电动势E=_______V，电路abcd中的电流I=_______A

c.导体ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；23、如图所示；将边长为L；总电阻为R的正方形闭合线圈，从磁感强度为B的匀强磁场中以速度v匀速拉出（磁场方向，垂直线圈平面）

（1）所用拉力F＝_________．

（2）拉力F做的功WF＝________．

（3）拉力F的功率PF＝________．

（4）线圈放出的热量Q＝_________．

（5）通过导线截面的电量q＝_________．24、对大量的事实分析表明：______________________．这个结论被称做热力学第三定律．25、某同学把两块大小不同的木块用细线连接；中间夹一被压缩了的弹簧，如图所示．将这一系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察物体的运动情况，进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒．

（1）该同学还必须有的器材是_____；

（2）需要直接测量的数据是_____；

（3）用所得数据验证动量守恒的关系式是_____．评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共4题，共36分)29、如图所示，间距为L、光滑的足够长的金属导轨(金属导轨的电阻不计)所在斜面倾角为，两根同材料、长度均为L、横截面均为圆形的金属棒CD、PQ放在斜面导轨上，已知CD棒的质量为m、电阻为R，PQ棒的圆截面的半径是CD棒圆截面的2倍．磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨所在平面向上，两根劲度系数均为k、相同的弹簧一端固定在导轨的下端，另一端连着金属棒CD．开始时金属棒CD静止，现用一恒力平行于导轨所在平面向上拉金属棒PQ，使金属棒PQ由静止开始运动，当金属棒PQ达到稳定时，弹簧的形变量与开始时相同．已知金属棒PQ开始运动到稳定的过程中通过CD棒的电荷量为q，此过程可以认为CD棒缓慢地移动，已知题设物理量符合的关系式，求此过程中(要求结果均用mg、k、来表示)：

（1）CD棒移动的距离；

（2）PQ棒移动的距离；

（3）恒力所做的功．30、如图所示，一个半径为r的半圆形线圈，以直径ab为轴匀速转动，转速为n，ab的左侧有垂直于纸面向里(与ab垂直)的匀强磁场，磁感应强度为B，M和N是两个集流环，负载电阻为R；线圈；电流表和连接导线的电阻不计，求：

（1）感应电动势的最大值；

（2）从图示位置起转过周的时间内负载电阻R上产生的热量；

（3）从图示位置起转过周的时间内通过负载电阻R的电荷量；

（4）电流表的示数．31、如图为某一报告厅主席台的平面图，AB是讲台，S1、S2是与讲台上话筒等高的喇叭；它们之间的相互位置和尺寸如图所示。报告者的声音放大后经喇叭传回话筒再次放大时可能会产生啸叫，为了避免啸叫，话筒最好摆放在讲台上适当的位置，在这些位置上两个喇叭传来的声音因干涉而相消。已知空气中声速为340m/s。若报告人声音的频率为136Hz，问讲台上这样的位置有多少个。

32、一块厚度为4cm的长方体玻璃砖，其下表面涂有反光膜，置于水平桌面上，如图所示，玻璃砖右端上方竖直放置一光屏。一束光线以53°的入射角射向玻璃砖，入射点到光屏距离为8cm，已知玻璃砖对该光束的折射率为sin37°=0.6。求：

①玻璃砖右侧光屏上两光点之间的距离；

②光在玻璃砖中传播的最短时间。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】

【详解】

AB．粒子电势能减小；只能说明电场力做正功，因不知除电场力外是否受其它力作用，无法确定合力做正功还是负功，所以无法判断该粒子动能增大还是减小，故A错误，B正确；

C．如果粒子带正电，电势能减小，说明a点的电势高于b点的电势，如果粒子带负电，则a点的电势低于b点的电势；由题意无法确定粒子带何种电荷，故无法确定两点电势高低，故C错误；

D．因不知a点、b点电场力的大小；无法确定两点电场强度的大小，故D错误。

故选B。2、A【分析】【详解】

纯油酸体积为油膜面积为S，油酸分子直径故A正确．3、D【分析】【分析】

保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，由E=和F=qE可判断出电场力的变化，即可判断的变化；开关S断开，电容器的带电量Q不变，由电容的决定式和定义式可推导出板间的电场强度E的变化，进而可知的变化．

【详解】

A、保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，将A板向B板靠近，极板间距离减小，由电场强度E=可知，电场强度增大，小球所受的电场力变大，增大；故A；B错误．

C、开关S断开，电容器的带电量Q不变，将A板向B板靠近，极板间距离减小，由电容器电容的决定式C=可知，电容器电容C增大，而电容器电容的定义式C=所以板间的电场强度E===可以判断电场强度E不变，故带正电的小球受的电场力不变，则不变；故C错误，D正确．

故选D4、D【分析】【分析】

【详解】

A．根据图中电流；结合右手螺旋定则可知，真空室中磁场方向由下向上，故A错误；

B．由于电磁体线圈中电流可以变化；可在真空室中产生感应磁场，电子在洛伦兹力的作用下做圆周运动，故B错误；

C．由于感生电场使电子加速；电子的速度变大，所以电子运动的向心加速度大小会发生变化，故C错误；

D．电磁体线圈中电流变大；产生的磁感应强度变大，由楞次定律可知，进而产生的感应电场强度变大，使得电子的速度变大，故D正确。

故选D。5、D【分析】【详解】

A．任意时刻，穿过a、b两线圈的磁感线条数；磁通量相等，磁通量之比为1：1．故A错误．

B．根据法拉第电磁感应定律得E=SS=πr2

则S相等，也相等；所以感应电动势相等，感应电动势之比为1：1，故B错误．

C．线圈a、b的半径分别为r和2r，周长之比为1：2，电阻之比为1：2，根据欧姆定律知

得a、b两线圈中产生的感应电流之比为2：1．故C错误．

D．根据焦耳定律得Q=t

得相同时间内a、b两线圈产生的热量之比为2：1；故D正确．

故选D。6、C【分析】【详解】

在匀强磁场中；当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量：

故选项C正确，选项ABD错误．

【点睛】

本题关键记住磁通量的计算公式Φ=BS，在匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量Φ=BS，当线圈与磁场成θ角时，磁通量．7、A【分析】【分析】

【详解】

理解影响电容的因素，电容的决定式可知电容与板间距离成反比，所以能正确反映c与d之间变化．8、C【分析】【详解】

从基态跃迁吸收的能量至少为eV-(-13.6)eV=10.2eV才可以从基态跃迁到处于第二能级的激发态，AD错误；一个原子处于n=4的激发态，最多可以发出3种光子（4-3，3-2，2-1），B错误；要求发生上述现象时B原子的碰撞之前的速度最小，则两原子应发生完全非弹性碰撞，损失的动能最多，从基态跃迁到第一激发态，C正确．二、多选题(共8题，共16分)9、A:D【分析】【详解】

AB．导体棒匀速上升过程中，合力为零，则合力所作的功等于零，根据动能定理得：

得

克服安培力所做功即等于回路电阻中产生的热量，故有：金属棒上的各个力的合力所做的功等于零，恒力F等于mgh与电阻R上发出的焦耳热之和；A正确，B错误；

由

得

C．即恒力F与重力的合力所做的功等于克服安培力所做功，即等于电阻R上发出的焦耳热；故C正确；

D．重力做功不改变金属棒的机械能，恒力F与安培力的合力所做的功等于金属棒机械能的增量，故D错误．10、B:C【分析】【详解】

若A处点电荷所受静电力大小为F，因A、C两点为正电荷，B点为负电荷，且三个等量的点电荷，分别对A与B受力分析，如下图所示：

那么AB间的库仑力为F，CB间的库仑力也为F，根据矢量的合成法则，结合三角知识，即有，B处点电荷所受静电力大小为2Fcos30°=F，故A错误，B正确；若将B处点电荷沿BD连线向D点移动，由矢量的合成法则，AC产生的合电场强度方向由D指向B，那么电场力做正功，其电势能一定逐渐减小，故C正确；根据矢量的合成法则，在三个点电荷产生的电场中，在BD延长线某处存在合场强为零的位置，故D错误．11、A:C【分析】【详解】

A．根据

为导体棒长度L；所以回路中产生的正弦式交变电流，A正确；

BC．回路中产生的感应电动势的最大值为

则电动势的有效值

电压表测量R两端的电压，则

电流表的示数为有效值，为

导体棒上消耗的热功率

B错误C正确；

D．电流表示数为有效值；一直为0.05A，D错误。

故选AC。12、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．液体在毛细管中上升；为液体能够浸润玻璃，故A正确；

B．干湿泡温度计读数差越大说明湿泡蒸发较快；空气较干燥，相对湿度变小，故B错误；

C．玻璃为非晶体；熔化再凝固仍为非晶体，其原因时熔化后液体的表面张力使玻璃管变钝，故C错误；

D．液体表面张力形成的原因是液体表面层的分子间距离大于液体内部分子间的距离；故D正确；

E．液体浸润细管壁或者不浸润细管壁都能产生毛细现象；故E正确；

故选ADE。13、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．扩散现象是由于分子无规则运动而产生的；故A正确；

B．高原地区由于气压较低；故水的沸点降低，故B错误；

C．气体压强与气体是否受重力无关；它是由于气体分子对容器壁的撞击产生的，故C错误；

D．同种元素由于院子排列不同而构成不同的晶体；比如金刚石和石墨烯都是碳元素构成的，故D正确；

E．由热力学第二定律可知；所有热机的效率不可能达到100%，故E正确；

故选ADE。14、A:B:C【分析】由左手定则可知，A图中安培力应与图中反向，B图中F方向应于I、B均垂直直线左上方，C图中F=0，只有D是正确的；此题选择不正确的，故选ABC.15、B:C【分析】【详解】

线圈在磁场中切割磁感线，产生电动势为：Emax=NBlvmax；l=πD；联立得：Emax=πNBDvmax=π×100×0.2×0.4×0.8πV=64V，则波浪发电产生电动势e的瞬时表达式：e=Emaxsinπt=64sin（πt）V，故A错误．根据闭合电路欧姆定律有：得：i==4sin（πt）A，故B正确．灯泡电流的有效值为：I=A，则灯泡的功率为：P=I2R=×15=120W，故D错误．灯泡两端电压的有效值为：U=IR=×15V=30故C正确；故选BC．16、C:D【分析】【详解】

A.β衰变的本质是核内的一个中子转化成了一个质子和一个电子；原子核内没有电子，A错误。

B.半衰期是大量样本的统计规律；对8个来说并不适用，B错误。

C.原子核的比结合能越大；说明结合过程中每个核子平均能量损失越大，原子核越稳定，C正确。

D.根据光电效应方程：当频率为ν时，遏止电压为Uc，当频率为2ν时，根据方程可得：遏止电压大于2Uc，D正确三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【详解】

相对湿度是指空气中水蒸气压与饱和水汽压的百分比，表达式为．

也等于空气的绝对湿度与相同温度下可能达到的最大绝对湿度之比；．

故饱和汽压为

【点睛】

本题考查相对湿度的定义式，关键是明确相对湿度几种不同的定义公式，与日常生活密切联系，【解析】400mmHg18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】上升下降19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．该密闭气体的质量为。

物质的量。

分子个数为。

解得。

[2]．气球逐渐膨胀起来的过程中；气体对外做了0.8J的功，同时吸收了0.9J的热量，则该气体内能变化了。

∆U=W+Q=-0.8J+0.9J=0.1J即内能增加0.1J；

[3]．若气球在膨胀过程中迅速脱离瓶颈，则该气球内气体迅速绝热膨胀对外做功，则气体的温度降低。【解析】0.1J降低20、略

【分析】【详解】

几何光学中研究光的传播，并不把光看作是电磁波，而是把光看作线段。【解析】线段21、略

【分析】根据安培定则判断可知：通电导线在阴极射线管处产生的磁场方向垂直纸面向里；电子带负电，向右运动，由左手定则判断得知电子流所受的洛伦兹力方向向下，所以阴极射线向下偏转．

【点睛】本题关键要掌握两大定则：安培定则和左手定则，要明确两个问题：一是什么条件用什么定则，二是怎样用定则．【解析】下22、略

【分析】【分析】

据右手定则判断感应电流的方向；即可确定等效电源的正负极；

根据E=BLv求出感应电动势；由欧姆定律得出电流强度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定则判断安培力的方向．再根据平衡条件分析外力的大小和方向．

【详解】

a.电路abcd中ab棒切割磁感线；产生感应电动势，相当于电源．由右手定则判断可知相当于电源的正极是a端；

b.感应电动势为：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感应电流为：

c.ab杆所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定则判断可知，ab中感应电流方向从b→a；由左手定则得知，安培力的方向向左．

【点睛】

解答本题的关键要掌握右手定则、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、左手定则等电磁感应中常用的规律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左23、略

【分析】【详解】

（1）线框受到的安培力由平衡条件可知，拉力

（2）拉力的功

（3）拉力功率：

（4）感应电动势产生的焦耳热

（5）感应电动势电流电荷量【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

对大量的事实分析表明：热力学零度不可达到这个结论被称做热力学第三定律．【解析】热力学零度不可达到25、略

【分析】【详解】

小球离开桌面后做平抛运动，取小球1的初速度方向为正方向，两小球质量和平抛初速度分别为：m1、m2，v1、v2，平抛运动的水平位移分别为s1、s2，平抛运动的时间为t．需要验证的方程：0=m1v1-m2v2，又代入得到m1s1=m2s2，故需要测量两木块的质量m1和m2，两木块落地点到桌面边缘的水平距离s1，s2；需要的器材为刻度尺；天平、重锤线．

（1）需要的实验器材有：天平；直尺、铅锤、木板、白纸、复写纸、图钉、细线等。

（2）需要直接测量的量为：两物块的质量m1．m2及它们对应的平抛射程s1．s2；

（3）需要验证的表达式为：m1s1=m2s2．【解析】刻度尺、天平、铅垂线两木块的质量m1、m2和两木块落地点分别到桌子两。

侧边缘的水平距离s1、s2m1s1＝m2s2四、作图题(共3题，共6分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。