2025年人教新课标必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新课标必修3物理上册阶段测试试卷32考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。如果在荧光屏上P点出现亮斑；那么示波管中的（）

A.极板X应带负电B.极板X¢应带负电C.极板Y应带正电D.极板Y¢应带负电2、真空中相距较近的两带同种电荷。电量均为Q的导体球，球心间距离r，则两带电导体球之间的相互作用静电力()A.大于B.小于C.等于D.不能确定3、下列说法正确的是（）A.电场中电场强度为零的地方电势一定为零B.电场中某点的电场强度与试探电荷在该点所受的电场力成正比C.电场线的方向即为带电粒子的运动方向D.英国物理学家法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场4、如图所示，在光滑绝缘的水平直线导轨上，有质量分别为2m和m，带电量分别为2q和的两个小球A、B相向运动，某时刻A、B两球的速度分别为和若以后两球不会相碰，下列说法正确的是（）

A.小球A所受库仑力是小球B所受库仑力的2倍B.系统的机械能守恒C.两球相距最最近时的速度大小D.小球相距最近时，系统增加的电势能为5、将一个带电量为+q的点电荷由无穷远处移至电场中的A点，克服电场力做功为W，则A点电势为（选无穷远为零电势点）（）A.B.C.D.6、下列所给四种情况，其中穿过单匝闭合线圈的磁通量不为零的是（）A.矩形线圈与两相同通电长直导线共面且居中B.圆形线圈紧箍在圆柱状磁铁正中间位置C.长直通电导线穿过圆形线圈的圆心且与线圈平面垂直D.圆形线圈上方放置一条与线圈直径重合的长直通电绝缘导线评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、下列图中的导体框能在磁场中产生感应电流的是（）A.B.C.D.8、如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R为定值电阻，电容器的电容为C。闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为U，电流表示数的变化量为I；则（）

A.电源的输出功率一定增大B.变化过程中U和I的比值保持不变C.电阻R0两端电压减小，减小量大于UD.电容器的带电量增大，增加量为CU9、带电粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了了的功，那么（）A.M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能B.P点的场强一定小于Q点的场强C.P点的电势一定高于Q点的电势D.M在P点的动能一定大于它在Q点的动能10、两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则

A.N点的电场强度大小为零B.A点的电场强度的大小为零C.NC间电场强度方向指向x轴负方向D.将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功11、如图所示，真空中有四个等量异种点电荷，M、N带正电，P、S带负电，分别放在圆心为O的虚线圆上等距离的四个点，a、b、c、d分别为两点电荷连线的中点；下列说法正确的是（）

A.O点的合场强为零，a点的合场强方向水平向左B.b点的合场强大于a点的合场强C.将一电子从b点沿直线移动到d点，电场力做负功D.将一质子从a点沿直线移动到c点，其电势能一直减小12、如图所示；两块平行金属板正对着水平放置，两板分别与电源正；负极相连．当开关闭合时，一带电液滴恰好静止在两板间的M点．则()

A.当开关S闭合时，若减小两板间距，液滴仍静止B.当开关S闭合时，若增大两板间距，液滴将下降C.开关S再断开后，若减小两板间距，液滴仍静止D.开关S再断开后，若增大两板间距，液滴将下降13、微信运动步数的测量是通过手机内电容式加速度传感器实现的。原理如图；M和N为电容器两极板，M极板固定，N板两端与两轻弹簧连接，当手机的加速度变化时，N极板只能按图中标识的前后方向运动。下列对传感器描述正确的是（）

A.保持向前匀速运动，电阻R将以恒定功率发热B.由匀速突然向前减速时，电容器所带电荷量增加C.由静止突然加速后退时，电流由a向b流过电流表D.保持向前匀减速运动时，MN间的电场强度持续减小14、两位同学在实验室利用如图甲所示的电路测定定值电阻电源的电动势E和内电阻r，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表的测量数据，根据数据描绘了如图乙所示的两条U-I直线。则下列说法正确的是（）

A.电源电动势为内阻为B.交点处电源的输出功率最大C.交点处定值电阻上消耗的功率为D.交点处电源的效率达到最大值评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、如果E表示电源的电动势，表示路端电压，表示内电压，R表示外电路的总电阻，r表示内电阻，I表示闭合电路中的电流；那么根据下列给出的已知条件，求出其余各量（用已知量表示）:

（1）已知E、和r，则_______，_______，_______.

（2）已知I、R和则E=_______，_______._______.16、一个电荷量为2.0×10-8C的正点电荷，在电场中M点时的电势能为1.4×10-5J，把它移到N点时电场力做功8×10-6J，则它在N点的电势能为______J，M、N两点间电势差UMN=______V。17、匀强电场的方向平行于平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为完成下列填空：

（1）电场强度的大小为______

（2）坐标原点处的电势为_________V；

（3）电子在a点的电势能比在b点的高_________

（4）电子从b点运动到c点，电场力做功为________18、生产、生活中广泛使用的变压器、电磁炉等都是根据____________制造的。19、某实验小组计划用一个表头G（满偏电流Ig=100μA，内阻Rg=900Ω），改装成1mA和10mA的双量程电流表和一个大量程的电压表，已知R2=90Ω，R3=2910Ω；如图所示。

（1）选接________（填“1”或“2”）是10mA的电流表，可算得R1应为________Ω；

（2）选接3时，改装电压表的量程是________V。

20、现有一个电流表G，内阻Rg=30满偏电流Ig=1mA。

(1)把它改装成量程为0~3V的电压表，要________（填“串联”或“并联”）一个_______的电阻。

(2)把它改装成量程为0~0.6A的电流表，要________（填“串联”或“并联”）一个_____的电阻。评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)21、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短22、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)24、在测量电源的电动势和内阻的实验中；由于所用的电压表（视为理想电压表）的量程较小，某同学设计了如图所示的实物电路．

（1）实验时，应先将电阻箱的电阻调到____．（选填“最大值”；“最小值”或“任意值”）

（2）改变电阻箱的阻值R，分别测出阻值=10的定值电阻两端的电压U，下列两组R的取值方案中，比较合理的方案是____．（选填“1”或“2”）。方案编号

电阻箱的阻值R/Ω

1

400.0

350.0

300.0

250.0

200.0

2

80.0

70.0

60.0

50.0

40.

（3）根据实验数据描点，绘出的图象是一条直线．若直线的斜率为k，在坐标轴上的截距为b，则该电源的电动势E=____，内阻r=____．（用k、b和R0表示）25、某探究小组采用了伏安法测量一节干电池的电动势和内阻；除被测干电池一节；开关、导线若干外，还有下列器材供选用：

A.电流表（0~0.6A，内阻r＝0.3Ω）；

B．电流表（0~0.6A；内阻约为0.1Ω）；

C．电压表（0~3V；内阻未知）；

D．电压表（0~15V；内阻未知）；

E.滑动变阻器（0~10Ω；2A）；

F.滑动变阻器（0~100Ω；1A）。

(1)在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻，在上述器材中请选择适当的器材：_____________（填写选项前的字母）；

(2)在用伏安法测电池电动势和内阻的实验中，实验电路图应选择下图中的____________（填“甲”或“乙”）；

(3)根据所选的实验电路图，并根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U－I图像，则干电池的电动势E＝_______V，内电阻r＝_______Ω。（结果保留到小数点后两位）评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)26、如图所示，已知电子质量为m、电荷量为e，有一电子初速度为零，经电压U加速后，进入两块间距为d的平行金属板间。若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能从金属板边缘穿出电场，飞出时速度的偏转角为θ；电子重力不计求∶

（1）电子刚进入板间电场时的速度大小v0。

（2）电子离开电场时的速度大小v。

（3）平行金属板间的电场强度大小E。

27、如图所示，边长为1m的等边三角形ABC处在匀强电场中，电场强度与三角形平面平行，将一个电荷量为的带负电的点电荷从A点移到B点电场力做功为从A点移到C点克服电场线做功为求：

（1）BC两点的电势差；

（2）匀强电场的电场强度。

28、如图,带电荷量为q=+2×10-3C、质量为=0.1kg的小球B静置于光滑的水平绝缘板右端,板的右侧空间有范围足够大的、方向水平向左、电场强度E=103N/C的匀强电场.与B球形状相同、质量为0.3kg的绝缘不带电小球A以初速度=10m/s向B运动,两球发生弹性碰撞后均逆着电场的方向进入电场,在电场中两球又发生多次弹性碰撞,已知每次碰撞时间极短,小球B的电荷量始终不变,重力加速度g取10m/s2求:

（1）第一次碰撞后瞬间两小球的速度大小;

（2）第二次碰撞前瞬间小球B的动能;

（3）第三次碰撞的位置。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

电子受力方向与电场方向相反，因电子向X方向偏转则，电场方向为X到X′，则X带正电，X′带负电；同理电子向Y′方向偏转，则可知Y带负电，Y′带正电；故B正确，ACD错误；

故选B。2、B【分析】【详解】

因为两个带同种电荷的球体相距较近，所以会因为同种电荷相互排斥导致电荷之间的距离大于r，所以带电导体球之间的相互作用静电力小于故ACD错误，B正确。

故选B。3、D【分析】【详解】

A．电场中某点电势是否为零；取决于零电势的选择，与该点电场强度是否为零无关，故A错误；

B．电场中某点的电场强度与电场本身有关；与试探电荷在该点所受的电场力无关，故B错误；

C．电场线的方向与带电粒子的运动方向不一定重合；故C错误；

D．英国物理学家法拉第最早引入了电场概念；并提出用电场线表示电场，故D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

A．A；B两球之间的库仑力是相互作用力；等大反向，A错误；

B．两小球间的库仑力始终在做功并且不为0；故A；B两球总的机械能不守恒，B错误；

C．两球间的库伦力大小相等方向相反，a球的质量为2m，b球的质量m，b的加速度是a的加速度的2倍，两球靠近过程，a、b都做减速运动，b的加速度大，b的速度先减小为零，然后b反向做加速运动，a继续做减速运动，当A、B两球速度相同时，两球相距最最近，根据动量守恒，则速度为

解得

C错误；

D．小球相距最近时，系统增加的电势能，根据

解得

D正确。

故选D。5、A【分析】【详解】

由题意可得

解得

故选A。6、B【分析】【详解】

A．据安培定则可知；左侧导线在矩形线圈中的磁场向内，右侧导线在矩形线圈中的磁场向外，由对称性可知，两部分磁场等大；反向，完全抵消，故矩形线圈中的磁通量为零，A错误；

B．圆柱状磁铁内部磁感线由S指向N且与线圈垂直；故穿过圆形线圈中的磁通量不为零，B正确；

C．长直通电导线产生的磁场与圆形线圈恰好是同心圆；没有磁感线穿过该线圈，故磁通量为零，C错误；

D．长直通电绝缘导线产生的磁场关于圆形线圈对称；一侧向下；另一侧向上，完全抵消，故穿过线圈的磁通量为零，D错误。

故选B。二、多选题(共8题，共16分)7、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．闭合线框垂直于磁感线运动虽然切割磁感线；但穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，故A错误；

B．闭合线框垂直的一条边垂直切割磁感线；穿过的磁通量减小，因此会产生感应电流，故B正确；

C．线框绕轴旋转；且平行于轴的线框切割磁感线，绕轴旋转时，线框内的磁感应先减小后增大，因此会产生感应电流，故C正确；

D．线框平行磁感线方向运动；线框没有切割磁感线，闭合线框中无磁通量变化，因此不会产生感应电流，故D错误。

故选BC。8、B:D【分析】【详解】

A．由于不知道内阻与外阻的大小关系；所以无法判断电源的输出功率是否增大，A错误；

B．根据闭合电路欧姆定律得：

由数学知识得：

即保持不变；B正确；

CD．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路的总电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律可知，干路电流减小，路端电压增大，根据欧姆定律可知，电阻R0两端的电压减小，内阻两端的电压也减小，而R两端的电压增大，所以电阻R0两端的电压减小量小于电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为C错误，D正确。

故选BD。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

AD．带电粒子从P到Q电场力做负功，则电势能增加，动能减小，即M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能，M在P点的动能一定大于它在Q点的动能；选项AD正确；

B．由题中条件不能比较P点的场强与Q点的场强大小关系；选项B错误；

C．因粒子的电性不确定，则不能比较P点的电势与Q点的电势关系；选项C错误；

故选AD。10、C:D【分析】【详解】

两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上，则x轴上点的电场强度方向沿x轴．

AB：图象的斜率则N点和A点的电场强度均不为零．故AB两项错误．

C：从N点到C点电势逐渐升高；顺着电场线的方向电势降低，则电场强度的方向由C指向N，即NC间电场强度方向指向x轴负方向．故C项正确．

D：从N点到D点电势先增大再减小，则负点电荷从N点移到D点过程中电势能先减小后增大，电场力先做正功后做负功．故D项正确．11、B:D【分析】【详解】

A．M、S电荷在O点电场强度方向由O指向S，N、P在圆心O点电场强度方向由O指向P，则圆心O点电场强度由O指向c，不为零。M、N在a点合场强为0，P在a点电场强度由a指向P点，S在a点电场强度由a指向S点，故a点合电场强度方向水平向右；A错误；

B．由A选项分析可知，a点电场强度为P、S产生的合电场；对b点来说，电场强度等于M和P的合电场强度与N和S的合电场强度的叠加，这两个合电场强度方向均向右。点电荷的电场强度则仅M和P在b点的合电场强度就大于P和S在a点的合电场强度。故b点的合场强大于a点的合场强；B正确；

C．根据对称性可知，b点和d点电势相等，根据

可知，将一电子从b点沿直线移动到d点；电场力做功为0，C错误；

D．分析可知，在ac连线上，M、N在任意一点（除a点外）的合电场强度方向均为水平向右。P、S在ac连线上的任意一点（除c点外）的合电场强度也为水平向右。故质子从a点沿直线移动到c点的过程中；电场力方向水平向右，电场力做正功，电势能一直减小，D正确。

故选BD。12、B:C【分析】【详解】

试题分析：开始时；液滴静止，故mg=Eq，电场力向上；当开关闭合时，两板间的电势差不变，则减小两板间距离时，由U=Ed可知E增大，液滴所受电场力增大，合力向上，故液滴将向上运动，故A错误；当开关闭合时，两板间的电势差不变，则增大两板间距离时，由U=Ed可知E减小，液滴所受电场力减小，合力向下，故液滴将向下运动，故B正确；而通电后断开开关，无论如何改变两板间的距离，板间的电场强度均不发生变化，故电场力不变，故粒子仍能受力平衡，故C正确而D错误；故选BC．

考点：电场强度；物体的平衡。

【名师点睛】若通电后断开开关，则若只改变两板间的距离时极板间的电场强度是保持不变的，本结论应熟记并能灵活应用．13、B:C【分析】【详解】

A.匀速运动时，N板不动，电容器的电容不变，则电荷量不变，所以回路无电流，电阻R没有热功率；故A错误；

B．由匀速突然向前减速时，N板向前运动，则板间距变小，据

可知；电容器的电容增大，电容器带电量增大，故B正确；

C．由静止突然加速后退时，N板向前运动，则板间距变小，据

可知，电容器的电容增大，电容器带电量增大，则电容器充电，电流由a向b流过电流表；故C正确；

D．保持向前的匀减速运动时；N板不动，电容器的板间距不变，而电容器的两端电压不变，则MN之间的电场强度不变，故D错误。

故选BC。14、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．随着干路电流I增大，定值电阻两端电压增大，由

可知，路端电压减小，故图线①表示随A的变化，图线②表示随A的变化，图线①与纵轴交点表示电动势，斜率表示内阻，可得

A正确；

C．两图线的交点表示P滑到最左端时，此时的电压为1.0V，电流为0.5A，可得

此时上的功率为

C正确；

B．由电源外特性曲线可知；当外电阻等于内阻时输出功率最大，如图所示。

由AC解析可知

随着滑动触头P向右滑动，外电阻不断增大，故外电阻总是大于内阻，可知当P滑到最左端时外电阻最小；输出功率最大，即两图线交点位置电源输出功率最大，B正确；

D．电源的效率为

故I越小；效率越高，即当滑动触头P滑到最右端时电源效率达到最大值，D错误。

故选ABC。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

(1)[1][2][3]根据闭合电路电压关系可知，

对内阻根据欧姆定律可知，电流

外电阻

(2)[4][5][6]已知I、R和则根据闭合电路欧姆定律E=

路端电压

对内阻根据欧姆定律可知，内阻【解析】16、略

【分析】【详解】

[1]把它移到N点时电场力作功8×10-6J，电势能减少8×10-6J，它在N点的电势能为

[2]M、N两点间电势差为【解析】6×10-6J40017、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]沿x方向的场强大小为

沿y方向的场强大小为

故该电场的电场强度为

（2）[2]在匀强电场中，相互平行的等距离两点间的电势差相等，即为

所以原点O的电势为

（3）[3]根据电势能的定义可知，电子在a点的电势能为

电子在b点的电势能为

则电子在a点的电势能比在b点的高

（4）[4]电子从b点运动到c点，电场力做功为【解析】①.2.5②.4③.7④.918、略

【分析】【详解】

变压器变压器的工作原理是电磁感应现象；电磁炉是通过线圈产生的交变磁场在锅底产生了电磁感应现象而产生的热量；故生产、生活中广泛使用的变压器、电磁炉等都是根据电磁感应制造的。【解析】电磁感应19、略

【分析】【详解】

（1）[1]选接1时电流表的量程为

选接2时电流表的量程为

可看出I1m>I2m；则选接1是10mA的电流表，选接2是1mA的电流表。

[2]根据选接2时电流表的量程，代入数据，可计算出R1=10Ω

（2）[3]选接3时，改装电压表的量程是Um=IgRg＋I2mR3

代入数据有Um=3V【解析】110320、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]把它改装成量程为0~3V的电压表，要串联一个分压电阻，电阻大小为

(2)[3][4]把它改装成量程为0~0.6A的电流表，要并联一个分流电阻，其大小为【解析】串联并联0.05四、作图题(共3题，共9分)21、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD22、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共2题，共8分)24、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）为了预防电路中电流过大；损坏电路，所以需要将电阻箱调到最大；

（2）由表格可知；方案1中电阻箱的阻值与定值电阻差别太大，导致电路中电流差别太小；而方案2中电阻箱的阻与与待测电阻相差不多，故可以得出较为合理的电流值，故应选择方案2

③由闭合电路欧姆定律可知，变形得：

由题意可知，斜率为k，即：解得．联立解得：

考点：考查了测量电源电动势和内阻实验。

【名师点睛】测定电源的电动势和内电阻是高中阶段电学实验考查的重点，是近几年各地高考题目的出题热点，本题突