2025年华东师大版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版高二物理下册月考试卷668考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、放入电场中某点的电荷所受的静电力F跟它的电荷量q的比值，叫做该点的电场强度E，即E=F/q。下列说法正确的是（）A.若将放入该点的电荷从电场中移出，则该点的电场强度变为0B.若将放入该点的电荷量增加一倍，则该点的电场强度将减少一半C.放入该点的电荷所受的静电力的方向就是该点的电场强度的方向D.电场强度的国际单位是N/C2、在同一水平直线上的两个不同的位置分别沿同方向抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力．要使两球在空中相遇，则必须()A.先抛出A球B.先抛出B球C.同时抛出两球D.使两球质量相等3、某平行板电容器的电容为C，带电荷量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电荷量为q的点电荷，则它受到的电场力的大小为（）A.B.C.D.4、一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固定在P点，如图所示，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中，各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的是5、卫星定位系统在日常生活中有广泛的应用，定位时，接收器需要获得卫星发送的信号。卫星发送的是A.声波B.电磁波C.次声波D.机械波6、下列有关布朗运动的说法正确的是(

)

A.悬浮颗粒越小，布朗运动越显著B.悬浮颗粒越大，布朗运动越显著C.液体的温度越低，布朗运动越显著D.液体的温度高低对布朗运动不产生影响7、在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的金属棒以水平速度沿与杆垂直的方向抛出，设棒在运动过程中不发生转动，空气阻力不计，则金属棒在做平抛运动过程中产生的感应电动势（）A.越来越大B.越来越小C.保持不变D.无法判断评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)8、如图为研究磁场对通电导线的作用力的实验；问：

（1）若闭合开关，导体棒AB受到的安培力方向______（“向左”或“向右”）

（2）如果向右滑动“滑动变阻器”触头，导体棒AB受到安培力方向______（“反向”或“不变”），安培力大小______（“变大”、“不变”或“变小”）9、如图，理想变压器有两个副线圈，匝数分别为n1

和n2

所接负载4R1=R2.

当只闭合S1

时，电流表示数为1A

当S1

和S2

都闭合时，电流表示数为2A

则n1n2

为______．10、小车静止在水平直轨道上，车内固定着一玻璃管，管内水银柱长h=10cm，当小车静止时，封闭的气体柱长L=28cm，如图所示，当小车启动后，空气柱长L'=30cm，水银柱长度不变，此时小车向____移动，小车的加速度是____米/秒2．（大气压强75cmHg，g取10m/s2）

11、在《传感器的应用实验》的光控电路中，用发光二极管LED模仿路灯，RG为光敏电阻所示．当光敏电阻RG受到光照时，斯密特触发器的输出端Y出现______电平（填“高”或“低”）；当把光遮住时，输入端A出现______电平（填“高”或“低”）；如果试验中发现天很暗时路灯还没点亮，应将可变电阻R1的阻值调______一些（填“大”或“小”）．12、如图所示是一个按正弦规律变化的交流电图象．该交流电电流的频率是______HZ，峰值是______A，4s时间内电流方向变化了______次．若将该交流电串联一个阻值为10Ω的定值电阻，则10s内产生的焦耳热为______J．13、根据单摆周期公式；可以通过实验测量当地的重力加速度．如图所示，将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球，就做成了单摆．

（1）用游标卡尺测量小钢球直径，如图所示，读数为______mm．

（2）某同学做“用单摆测定重力加速度”的实验时，测得的重力加速度数值明显大于当地的重力加速度的实际值．造成这一情况的可能原因是______

A．测量摆长时；把悬挂状态的摆线长当成摆长。

B．测量周期时，当摆球通过平衡位置时启动秒表，此后摆球第30次通过平衡位置时制动秒表，读出经历的时间为t，并由计算式T=求得周期。

C．开始摆动时振幅过小。

D．所用摆球的质量过大．14、如图1

所示为打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置．

(1)

通过研究重物自由下落过程中增加的______与减少的重力势能的关系；从而验证机械能守恒定律．

(2)

实验中打点计时器应接______(

选填“直流”或“交流”)

电源.

正确操作得到的纸带如图2

所示，O

点对应重物做自由落体运动的初始位置，从合适位置开始选取的三个连续点ABC

到O

点的距离如图2

已知重物的质量为m

重力加速度为g.

则从打下O

点到B

点的过程中，重物减少的重力势能为______．15、如图1

所示为实验室“验证碰撞中的动量守恒”的实验装置．

垄脵

下列说法中不符合本实验要求的是______．

A.入射球比靶球质量大；但二者的直径可以不同。

B.在同一组实验的不同碰撞中；每次入射球必须从同一高度由静止释放。

C.安装轨道时；轨道末端必须水平。

D.需要使用的测量仪器有天平和刻度尺。

垄脷

实验中记录了轨道末端在记录纸上的竖直投影为O

点，经多次释放入射球，在记录纸上找到了两球平均落点位置为MPN

并测得它们到O

点的距离分别为OM炉OP炉

和ON炉.

已知入射球的质量为m1

靶球的质量为m2

如果测得m1OM炉+m2ON炉

近似等于______；则认为成功验证了碰撞中的动量守恒．

垄脹

在实验中，根据小球的落点情况，若等式ON炉=

______成立，则可证明碰撞中系统的动能守恒(

要求用垄脷

问中的涉及的物理量表示)

．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

19、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）20、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）21、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）22、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）23、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

24、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、解答题(共1题，共7分)25、将电量为q2的点电荷放在电量为q1的点电荷的电场中的P点，q2所受静电力的大小为F，则P点的场强大小为______；若将点电荷q2从P点取走，q1的位置不变化，则q2取走后P点的场强大小为______，P点到点电荷q1的距离为______评卷人得分五、画图题(共2题，共4分)26、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象27、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、综合题(共3题，共24分)28、科技活动小组制作的快艇模型；假设快艇模型由静止开始做匀加速直线运动，加速度a=2m/s2

运动时间t=5s

求：

(1)

快艇模型在这5s

内的位移x

．

(2)

快艇模型在5s

末的速度v

．29、如图；两条光滑金属导轨MN，PQ相互平行地固定在水平桌面上，导轨之间的间距L=0.2m，导轨处于磁感应强度B=2T；方向竖直向下的匀强磁场中，两导轨左端接有一阻值R=0.4Ω的小灯泡．导体棒MN垂直放置在导轨上，当用一水平恒力F作用在导体MN上，使之以v=6m/s的速度匀速向右运动，小灯泡恰能正常发光（除灯泡外其余电阻不计），求：

（1）感应电动势的大小；

（2）水平恒力F的大小．30、选做题。

(1)

如图，容积为V

的汽缸由导热材料制成，面积为S

的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分，汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连，细管上有一阀门K

开始时，K

关闭，汽缸内上下两部分气体的压强均为p0,

现将K

打开，容器内的液体缓慢地流入汽缸，当流入的液体体积为V8

时，将K

关闭，活塞平衡时其下方气体的体积减小了V6

不计活塞的质量和体积，外界温度保持不变，重力加速度大小为g

求流入汽缸内液体的质量。

(2)

如图，鈻�ABC

为一玻璃三棱镜的横截面，隆脧A=30鈭�

一束红光垂直AB

边射入，从AC

边上的D

点射出，其折射角为60鈭�

则玻璃对红光的折射率为_____。若改用蓝光沿同一路径入射，则光线在D

点射出时的折射射角______(

“小于”“等于”或“大于”)60鈭�

(3)

一列简谐横波在t=13s

时的波形图如图(a)

所示，PQ

是介质中的两个质点，图(b)

是质点Q

的振动图像。求

(i)

波速及波的传播方向；(ii)

质点Q

的平衡位置的x

坐标。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【解析】试题分析：若将放入该点的电荷从电场中移出，则电场力随之而消失，但电场强度受到电场的性质决定，所以依然存在．故A错误；若将放入该点的电荷量增加一倍，则电场力也将会增大一倍，而该处的电场强度却不变，故B错误；放入该点的正电荷所受的静电力的方向就是该点的电场强度的方向，若是负电荷则受力的反方向为电场强度的方向．故C错误；由公式可得国际单位是N/C．故D正确；考点：考查了对电场强度的理解【解析】【答案】D2、C【分析】本题考查了平抛运动规律，要使两球在空中相遇，必须满足竖直位移相等，因为两球相遇时在空中的高度相同，即竖直方向上的位移一定相等，所以根据公式可得，两球必须同时抛出，C正确，思路拓展：本题很容易迷惑人，其实只要把握住一条，即相遇时高度相等即可【解析】【答案】C3、B【分析】试题分析:由电容的定义式C=得，板间电压为U=板间场强大小为E=．点电荷所受的电场力大小为F=qE，联立得到，F=．故选B。考点：电容；电场强度【解析】【答案】B4、C【分析】试题分析：平行板电容器充电后与电源断开，带电量不变；设两板间的距离为d，将负极板缓慢向右平移一小段距离x：由知C与x不成正比，A错误；两板间为匀强电场，由知电场强度E不变，B错误；设P点与负极板间的距离为y,P点与负极板间的电势差为：U1＝φP－0＝φP＝E(y-x)=可知C正确；P点的电势能W＝φPq，φ变化，则W变化，D错误。考点：本题考查电容器的动态变化。【解析】【答案】C5、B【分析】解：根据电磁波传播速度大；且在能真空中传播等特点，卫星定位系统在日常生活中有广泛的应用，定位时，接收器需要获得卫星发送的信号(

加载在电磁波上)

故B正确，ACD错误；

故选：B

．

明确电磁波的应用；知道在卫星定位系统中，依靠电磁波来传递与接收信息，从而进行定位．

本题考查电磁波应用，掌握并理解电磁波的特点，掌握电磁波在生产和生活中的应用．【解析】B

6、A【分析】解：AB

布朗运动是小微粒受到的液体分子的撞击的不平衡产生的；悬浮颗粒越小；碰撞的不平衡性越明显，布朗运动越显著，反之悬浮颗粒越大，碰撞的不平衡性越不明显，故布朗运动越不显著，故A正确，B错误；

CD

液体的温度越高；液体分子热运动的平均动能越大，碰撞的不平衡性越明显，布朗运动越显著，故C错误，D错误．

故选：A

布朗运动是小微粒受到的分子的撞击的不平衡产生的；是小微粒的运动.

受温度和颗粒大小的影响．

明确布朗运动不是分子的运动，是固体微粒的运动，其程度与温度有关，颗粒越小、温度越高，布朗运动越显著．【解析】A

7、C【分析】【解析】试题分析：直导线由水平被抛出的过程，只在水平方向切割磁感线，水平速度不变，所以感应电动势一直不变，所以C对考点：考查学生应用公式计算感应电动势的大小【解析】【答案】C二、填空题(共8题，共16分)8、略

【分析】解：利用左手定则可以判断受力方向（1）向左；

（2）当滑片滑动时；方向不变，但电流发生改变，故大小发生改变；

故答案为：（1）向左（2）不变；变小。

通电导线在磁场的受力与磁场方向和通电导线电流方向有关；改变其中一个，方向改变，改变两个，方向不变，根据左手定则判断导体棒受力方向，根据F=BIL求的大小。

本题主要考查了左手定则，即张开左手，使四指与大拇指在同一平面内，大拇指与四指垂直，把左手放入磁场中，让磁感线穿过手心，四指与电流方向相同，大拇指所指的方向是安培力的方向．【解析】向左；不变；变小9、略

【分析】解：设原线圈的电压为U

当只闭合S1

时，根据电流表示数为1A

则变压器的输入功率为U隆脕1A

则副线圈的功率为U隆脕1A

当S1

和S2

都闭合时；电流表示数为2A

则变压器的输入功率为U隆脕2A

则副线圈的功率为U隆脕2A

因此两副线圈的功率之比为11

根据P=U2R

结合负载4R1=R2

的阻值关系，则有：U12R1=U22R2

解得：U1U2=12

由变压器的电压与匝数成正比；则有：n1n2=12

故答案为：12

．

设原线圈的电压为U

当只闭合S1

时，根据电流表示数为1A

可知变压器的输入功率，从而可知输出功率；

当S1

和S2

都闭合时；电流表示数为2A

可知变压器的输入功率，从而可知输出功率；进而得到两副线圈的功率之比；

根据P=U2R

结合负载4R1=R2

的阻值关系，与变压器的电压与匝数成正比，即可求解．

本题考查了变压器的特点：输入功率等于输出功率，且电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，注意副线圈的电阻阻值关系是解题的关键．【解析】12

10、略

【分析】

以空气柱为研究对象；气体做等温变化，根据玻意耳定律：

P1LS=P′L′SP1=P

解得：P′=P

以水银柱为研究对象；根据牛顿第二定律，有：

PS-P′S=ρSha

解得：a=5m/s2

故答案为：左；5．

【解析】【答案】先以气体为研究对象根据玻意耳定律求出气柱边长之后的压强；然后以水银柱为研究对象进行受力分析，根据牛顿第二定律求出小车的加速度。

11、略

【分析】解：在《传感器的应用实验》的光控电路中，用发光二极管LED模仿路灯，RG为光敏电阻所示．当光敏电阻RG受到光照时，其电阻值较小，斯密特触发器的输出端Y出现高电平；当把光遮住时，电阻比较大，光敏电阻两端的电势差比较大，输入端A出现高电平；如果试验中发现天很暗时路灯还没点亮，说明A点的电势仍然比较低，所以应将可变电阻R1的阻值调小一些．

故答案为：高；高，小。

光敏电阻的电阻随光照增强而减小；天暗时，电阻比较大，光敏电阻两端的电势差比较大，则输入门电路为高电势，而另一输入端为低电势，最后灯亮；天亮时，光敏电阻比较小，则光敏电阻两端的电势差比较小，则输入门电路为低电势，而另一输入端为低电势，灯熄灭．

解决本题的关键掌握门的特点：输入高电势输出低电势，反之输入低电势输出高电势．【解析】高；高；小12、略

【分析】解：由图可知；该交流电的电流峰值为2A；

周期T=0.4s，所以f==2.5Hz

一个周期内电流改变2次，故4s内电流的改变的次数次。

该交流电的电流峰值为Im=2A，所以有效值为I==A；

若将该交流电串联一个阻值为10Ω的定值电阻；

根据焦耳定律得10s内产生的焦耳热为Q=I2Rt=×10×10=200J

故答案为：2.5220200

根据图象可读出该交流电的周期和最大值；然后根据频率和周期，最大值与有效值的关系可直接求解．

根据焦耳定律求解10s内产生的焦耳热．

根据交流电i-t图象读出交流电的最大值、周期及任意时刻电流的大小是基本能力．掌握焦耳定律的应用．【解析】2.5；2；20；20013、略

【分析】解：（1）游标卡尺的主尺读数为10mm；游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.1mm=0.4mm；

所以最终读数为：10mm+0.4mm=10.4mm．

（2）由单摆周期公式T=2π可知重力加速度：g=．

A、由g=可知；摆线长当成摆长，则l减小，那么引起测量值偏小，故A错误。

B、第30次通过平衡位置时制动秒表，实际完成15次全振动，则T=即周期偏小；

由g=可知；当T偏小会引起测量值偏大．故B正确．

C；重力加速度的测量值与振幅无关；振幅偏小，不影响测量结果，故C错误；

D；g的值与摆球的质量无关；故D错误；

故答案为：（1）10.4；（2）B．

（1）解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读；

（2）由单摆周期公式；求出重力加速度的表达式，根据重力加速度的表达式，分析重力加速度测量值偏大的原因．

（1）对于基本测量仪器如游标卡尺；螺旋测微器等要了解其原理；要能正确使用这些基本仪器进行有关测量；

（2）解决本题的关键掌握单摆的周期公式T=2π以及会分析误差形成的原因．【解析】10.4；B14、略

【分析】解：(1)

研究重物自由下落过程中重力势能的减少量与动能的增加量的关系；可以验证机械能守恒定律．

(2)

实验中打点计时器应接交流电源，从打下O

点到B

点的过程中，重物减少的重力势能为鈻�EP=mgh2

．

故答案为：(1)

动能；(2)

交流；mgh2

用图示的实验装置做验证机械能守恒定律的实验；研究重物自由下落过程中重力势能的减少量与动能的增加量的关系，可以验证机械能守恒定律，根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．

正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所测数据，如何测量计算，会起到事半功倍的效果．【解析】动能；交流；mgh2

15、略

【分析】解：垄脵A

要使两球发生对心正碰；两球半径应相等，为防止入射球碰撞后反弹，入射球的质量应大于靶球的质量，即：入射球比靶球质量大，入射球与靶球半径应相等，故A不符合本实验要求；

B；为保持入射球的初速度相等；在同一组实验的不同碰撞中，每次入射球必须从同一高度由静止释放，故B符合本实验要求；

C；为保证小球离开轨道后做平抛运动；小球离开轨道时的速度必须水平，安装轨道时，轨道末端必须水平，故C符合本实验要求；

D；实验中需要测出小球质量与小球的水平位移；需要使用的测量仪器有天平和刻度尺，故D符合本实验要求；

本题选不符合本实验要求的；故选A．

垄脷

两球碰撞后做平抛运动；它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t

相等，碰撞过程动量守恒，则m1v1=m1v1隆盲+m2v2隆盲

两边同时乘以时间t

得：m1v1t=m1v1隆盲t+m2v2隆盲t

则m1OP炉=m1OM炉+m2ON炉

故如果m1OP炉=m1OM炉+m2ON炉

碰撞过程中；系统动量守恒．

垄脹

如果碰撞过程动能守恒，则：12m1v12=12m1v1隆盲2+12m2v2隆盲212m1(OP炉)2=12m1(OM炉)2+12m2(ON炉)2

即：如果m1OP炉2=m1OM炉2+m2ON炉2

m1OP炉=m1OM炉+m2ON炉

代入可知：OM炉+OP炉=ON炉

只要满足OM炉+OP炉=ON炉

即可说明：碰撞过程动能守恒．

故答案为：垄脵A垄脷m1OP炉垄脹OM炉+OP炉=ON炉

．

垄脵

要使两球发生对心正碰；两球半径应相等，为防止入射球碰撞后反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，根据实验原理与实验注意事项分析答题；

垄脷

应用动量守恒定律根据图示求出需要验证的表达式；然后分析答题．

垄脹

应用机械能守恒定律分析答题．

本题考查了验证动量守恒实验的注意事项、实验器材的选择、数据处理，知道实验原理、实验注意事项即可正确解题；小球离开轨道后做平抛运动，它们在空中的运动时间相等，水平位移与初速度正正比，可以用水平位移表示初速度．【解析】Am1OP炉OM炉+OP炉

三、判断题(共9题，共18分)16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．19、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．20、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．21、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．22、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．23、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．24、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、解答题(共1题，共7分)25、略

【分析】

根据电场强度的定义式E=求出电场强度E=若将点电荷q2从P点取走；则P点的电场强度仍不变．

而点电荷的电场强度，

所以

解之得：P点到点电荷q1的距离r=

故答案为：

【解析】【答案】根据电场强度的定义式E=求出电场强度；再根据F=qE求出电场力的大小．电场强度的大小与放入电场中的电荷无关．

五、画图题(共2题，共4分)26、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】27、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】六、综合题(共3题，共24分)28、略

【分析】

(1)

根据位移时间公式求出5s

内的位移。

(2)

根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体运动5s

末的速度；

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用，基础题．【解析】解：(1)

物体在5s

内的位移为：x=12at2=25m

(2)

物体运动5s

末的速度为：v=at=2隆脕5m/s=10m/s

答：(1)

物体在5s

内的位移是25m

(2)

物体运动5s

末的速度是10m/s

29、略

【分析】

考察电磁感应以及电路知识。

（1）直接根据导体切割磁感线的公式；计算感应电动势的；

（2）匀速运动；根据平衡条件求解．

本题是对电磁学，电路以及力学知识的综合考察，先应用公式求感应电动势E=BLV，再利用欧姆定律求解电流，最后应用安培力公式求解安培力，第二问根据平衡条件可直接得出恒力等于安培力．【解析】解：根据题意可得：

（1）导体棒切割磁感线产生感应电动势；根据公式可得：

E=BLv=2×0.2×6=2.4（V）；

（2）由于cd做匀速直线运动；所以运动方向上受力平衡。

对cd受力分析；发现cd水平方向受到两个力；

故，F=F安

F安=BIL===2.4（N）．

答：（1）感应电动势的大小为2.4V；

（2）水平恒力F的大小为2.4N．30、(1)

解：设活塞再次平衡后，活塞上方气体的体积为V1

压强为p1

下方气体的体积为V2

压强为p2

在活塞下移的过程中，活塞上、下两部分气体的温度均保持不变，作等温变化，由玻意耳定律得：

对上部分气体有p0V2=p1V1

对下部分气体有p0V2=p2V2

由已知条件得。

V1=V2+V6?V8=1324V

V2=V2?V6=V3

设活塞上方液体的质量为m

由力的平衡条件得。

p2S=p1S+mg

联立以上各式得m=15p0S26g

答：流入汽缸内液体的质量是15p0S26g

(2)3

大于

(3)

解：(i)

由图(a)

可以看出，该波的波长为娄脣=36cm

由图(b)

可以看出周期T=2s

故波速为v=娄脣T=18cm/s

由(b)

可知，当t=13s

时，Q

向上振动，结合图(a)(a)(a)可知；该波沿x

轴负方向传播；

(ii)

设质点PQ

的平衡位置的x

轴分别为xPxQ

由图(a)

可知，x=0

处，y=鈭�A2=Asin(?30鈭�)

由图(b)

可知，在t=0

时点处于平衡位置，经过QQQQ鈻�trianglett==1133ss鈻�trianglett==，其振动状态向x

轴负方向传播到1133点处；

所以xQ?xP=v鈻�t=6cm

解得质点Q

的平衡位置的x

坐标为xQ=9cm

答：(i)

波速为18cm/s

该波沿x

轴负方向传播；

(ii)

质点Q

的平衡位置的x

坐标为xQ=9cm

113311【分析】(1)

液体缓慢地流入汽缸的过程中；活塞上；下两部分气体的温度均保持不变，作等温变化。对两部分气体分别运用玻意耳定律列式，可求得活塞再次平衡后上下两部分气体的压强，再对活塞，由平衡条件列式，可求得流入汽缸内液体的质量。

本题是多体问题，解答此类问题的方法是：找出不同状态下的三个状态参量，分析封闭气体发生的是何种变化，利用理想气体的状态方程列方程，同时要抓住两部分之间的关系，如体积关系、压强关系；本题要能