2025年沪科新版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版高三物理上册月考试卷346考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、在空气阻力可忽略不计的条件下，下列物体运动过程中，机械能守恒的是（）A.被抛出的铅球在空中运动B.起重机吊着货物匀速上升C.小孩沿滑梯匀速滑下D.用力推箱子在水平地面上加速滑行2、下列说法中正确的是（）A.雷达发出的无线电波和海豚发出的超声波传播速度相同B.激光全息照相主要是利用了激光相干性好的特性C.用双缝干涉测某种光波的波长时，仅减小双缝间的距离，条纹间距将减小D.摄影机镜头镀膜增透是利用了光的衍射现象3、一小球自80m高的塔顶自由下落（不计空气阻力），则小球最后1秒的位移（）A.25mB.35mC.40mD.45m4、如图所示，在水平传送带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3，1和2及2和3间分别用原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是（）A.2L+B.2L+C.2L+D.2L+5、如图所示，若线框abcd不闭合；当磁铁转动时，下列说法中正确的是（）

A.线框中产生感应电动势，可跟随磁铁转动B.线框中不产生感应电动势，可跟随磁铁转动C.线框中产生感应电动势，不跟随磁铁转动D.线框中不产生感应电动势，不跟随磁铁转动6、如图，一质量为m的球，用长为L的细线悬挂于O点，在O点正下方处钉有一根长钉，把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当悬线碰到钉子瞬间，以下说法不正确的是（）A.小球的角速度突然增大B.小球的向心加速度突然增大C.小球的线速度突然增大D.悬线拉力突然增大7、如图所示，在光滑水平地面上放着一质量为m，带光滑弧形槽的小车．一质量也为m的铁块以速度v沿水平槽口向上滑去，到某一高度后再向下返回．当铁块回到小车右端脱离小车时，将做（）A.以v为初速度的平抛运动B.以小于v的初速度平抛运动C.以大于v的初速度平抛运动D.自由落体运动8、如图2所示，有许多根交于A点的光滑硬杆具有不同的倾角和方向，每根光滑硬杆上均套有一个小环，这些小环的质量也均不相等．现在从t=0时刻，所有小环都由A点从静止开始分别沿各自所套的光滑硬杆下滑，那么这些小环下滑速率相同的各点应分布在下述哪种面上？（）A.球面B.抛物面C.平面D.不规则曲面评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、光电池是利用光电效应制成的器件，关于光电效应和光电池，下列说法正确的是（）A.光电池是将光能转化为电能的装置B.光电池在昏暗的地方无法工作C.光电池工作时，入射光越强，光电池转化的电能就越多E.光电效应的发生基本不需要时间积累，只要入射光的波长小于金属的极限波长即可E.光电效应的发生基本不需要时间积累，只要入射光的波长小于金属的极限波长即可10、两只电流表A1和A2是由完全相同的两只电流表改装成的，A1表的量程是5A，A2表的量程是15A．为了测量15～20A的电流，把A1表和A2表并联起来使用，在这种情况下（）A.A1表和A2表的示数相等B.A1表和A2表的指针偏转角度相等C.A1表和A2表的指针偏转角度不相等D.A1表和A2表的示数之比为1：311、如图所示，用轻绳悬挂一小球，将小球拉至绳水平位置，然后由静止释放，让其自由下摆．在小球摆向最低点的过程中，下列说法正确的是（）A.重力对小球做功的功率先增大后减小B.在最低点时悬绳的拉力与绳长无关C.悬绳越长，小球运动到最低点的时间越长D.小球运动过程中所受的合力始终沿绳指向悬点12、对近代物理，下列说法正确的是（）A.由玻尔的原子模型可推知，氢原子处于激发态时，量子数越大，核外电子动能越小B.对于任何一种金属都存在一个“最小波长”，入射光的波长必须大于这个波长，才能产生光电效应C.在原子核中，比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固E.每一种原子都有自己的特征谱线，因此可以用原子光谱来鉴别物质E.每一种原子都有自己的特征谱线，因此可以用原子光谱来鉴别物质13、下列说法中正确定的是（）A.放射性的原子核在发生α衰变时，使产生的新核处于低能级，这时它要向高能级跃迁，能量以γ光子的形式辐射出来B.放射性元素衰变的快慢跟原子所处的化学状态和外部条件无关C.一个处于第四能级的氢原子向基态跃迁时，最多向外辐射三种不同频率的光子E.用某种光照射金属发生光电效应后，当光强增强时，饱和光电流会增大E.用某种光照射金属发生光电效应后，当光强增强时，饱和光电流会增大14、如图是甲；乙两物体做直线运动的v-t图象．下列表述正确的是（）

A.甲与乙的速度方向相同B.甲与乙的速度方向相反C.甲和乙的加速度方向相同D.甲的加速度比乙的大15、如图所示的斜线分别代表a、b两物体运动时的速度-时间图象；下列说法中正确的有（）

A.在前10s内，b的位移比a的位移大B.b的加速度比a的加速度大C.a出发后10s追上bD.10s时两物体的瞬时速率相等16、在下列核反应方程中，X代表质子的方程的是（）A.Al+He→P+XB.N+He→O+XC.H+r→n+XD.H+X→He+n评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、（2016•浦东新区一模）某兴趣小组利用如图a所示实验装置测重力加速度．倾斜的球槽中放有若干个小铁球；闭合开关K，电磁铁吸住第1个小球．手动敲击弹性金属片M，M与触头瞬间分开，第1个小球开始下落，M迅速恢复，电磁铁又吸住第2个小球．当第1个小球撞击M时，M与触头分开，第2个小球开始下落．这样，就可测出n个小球下落的总时间T．

（1）实验测得小球下落的高度H=1.98m，10个小球下落的总时间T=6.50s，可求出重力加速度g=____m/s2．（保留两位小数）

（2）若电磁铁在每次断电一小段时间△t后磁性消失，这导致重力加速度的实验测量值____．（选填偏大、偏小）．为了消除该因素对实验的影响，某同学调整小球下落的高度H多次进行实验，测量出n个小球下落的总时间T的对应值．根据测量数据H、T，做出-T图象如图b所示，由图象可求出该线斜率为k，则重力加速度大小为____m/s2．18、（2015秋•宁夏校级月考）如图所示；为探究影响平行板电容器电容的因素的实验装置，Q为平行板电容器电量，d为两板间距离，S为两板的正对面积，ɛ为两板间电介质的介电常数．

（1）保持Q和d不变，S越小，电势差U将____（填“增大”或“减小”），表示C与S成____（填“正比”或“反比”）

（2）保持Q和S不变，d越大，电势差U将____（填“增大”或“减小”），表示C与d成____（填“正比”或“反比”）；

（3）保持Q和S不变，插入电解质后电势差U将____（填“增大”或“减小”），表示C与ɛ成____（填“正比”或“反比”）．19、（2008秋•富阳市校级期中）一质量为m=40kg的小孩子站在电梯内的体重计上．电梯从t=0时刻由静止开始上升，在0到6s内体重计示数F的变化如图所示．试问：在这段时间内电梯上升的高度____m，取重力加速度g=10m/s2．20、交流电的有效值是根据电流的热效应来规定的，对于正弦交流电，它的有效值是其峰值的____倍．21、（2011•鲤城区校级模拟）（1）某光电管的阴极为金属钾制成的，它的逸出功为2.21eV，如图是氢原子的能级图，一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射的光照射到该光电管的阴极上，这束光中能使金属钾发生光电效应的光谱线条数是____

A.2条B.4条C.5条D.6条

（2）如图所示，质量分别为m1和m2两个小球在光滑的水平面上分别以速度v1、v2同时运动并发生对心碰撞，碰后m2被右侧的墙原速弹回，又与m1相碰，碰后两球都静止．则两球第一次碰后m1球的速度大小v1'是____

A.B.

C.D.．22、读出下列测量仪器的示数23、一物体沿平直轨道做匀加速直线运动，打点计时器在物体拖动的纸带上打下一系列点迹，以此记录物体的运动情况。其中一部分纸带上的点迹情况如图9所示。已知打点计时器打点的时间间隔为0.02s，测得A点到B点，以及A点到C点的距离分别为x1＝3.20cm，x2＝12.80cm，则在打下点迹B时，物体运动的速度大小为____m/s；物体做匀加速运动的加速度大小为m/s224、将一个10-6C的负电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做功2×10-6J．从C点移到D点，电场力做功8×10-6J，若已知B点比C点电势低3V，则UAD=____V．25、如图，质量为m、管口截面积为S的足够长的玻璃管内灌满密度为ρ的水银．现把它竖直倒插在水银槽中，再慢慢向上提起，直到玻璃管口刚与槽中的水银面接触，这时，玻璃管内水银柱的长度为H．现将管的封闭端挂在天平一个盘的挂钩上，而在天平另一个盘中放砝码，如图所示．要使天平平衡，则所加砝码质量等于____．评卷人得分四、简答题(共3题，共24分)26、蹦床运动是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳并在空中完成各种动作的项目．一个质量为60kg的运动员，从离网面上3.2m处自由下落，与网接触1.2s后弹回网面上5.0m处，若把这段时间内网对运动员的作用力当做恒力处理，求此力的大小．（g=10m/s2）27、rm{2017}年rm{5}月rm{18}日中共中央国务院公开致电祝贺南海北部神狐海域进行的“可燃冰”试采成功。“可燃冰”是天然气水合物，外形像冰，在常温常压下迅速分解释放出甲烷，被称为未来新能源。rm{(1)}“可燃冰”作为能源的优点是________________________________________________________________________rm{(}回答一条即可rm{)}rm{(2)}甲烷自热重整是先进的制氢方法，包含甲烷氧化和蒸汽重整两个过程。向反应系统同时通入甲烷，氧气和水蒸气，发生的主要化学反应如下：。反应过程化学方程式焓变rm{triangleH(kJ.mol^{-l})}活化能rm{E.(kJ.mol^{-1})}甲烷氧化rm{CH_{4}(g)+O_{2}(g)}rm{?}rm{CO(g}rm{)+2H_{2}O(g)}rm{-802.6}rm{125.6}rm{CH_{4}(g)+O_{2}(g)}rm{?}rm{CO_{2}(g}rm{)+2H_{2}(g)}rm{-322.0}rm{172.}rm{5}rm{172.}rm{5}蒸气重整rm{CH_{4}(g)+H_{2}O(g)}rm{?}rm{CO(g)+3H_{2}(g)}rm{+206.2}rm{240.1}rm{CH_{4}(g)+2H_{2}O(g)}rm{?}rm{CO_{2}(g)+4H_{2}(g)}rm{+}rm{158.}rm{6}rm{243.9}rm{243.9}回答下列问题：rm{垄脵}在初始阶段，甲烷蒸汽重整的反应速率______rm{(}填“大于”“小于”或“等于”rm{)}甲烷氧化的反应速率。rm{垄脷}反应rm{CH_{4}(g)+H_{2}O(g)?CO(g)+3H_{2}(g)}的平衡转化率与温度、压强关系rm{CH_{4}(g)+H_{2}O(g)?

CO(g)+3H_{2}(g)}其中rm{[}rm{n(CH_{4})}如图所示。

该反应在图中rm{n(H_{2}O)=1:1]}点的平衡常数rm{A}__________________________________________________________rm{Kp=}用平衡分压代替平衡浓度计算，分压rm{(}总压rm{=}物质的量分数rm{隆脕}图中压强rm{)}rm{(p_{1}}rm{p_{2}}rm{p_{3}}由大到小的顺序为___________。rm{p_{4})}从能量角度分析，甲烷自热重整方法的先进之处在于_____________________________________________________________________。rm{垄脹}如果进料中氧气量过大，最终会导致rm{垄脺}物质量分数降底，原因是_____________________________________________________。rm{H_{2}}甲烷超干重整rm{(3)}技术可得到富含rm{CO_{2}}的气体，其能源和开境上的双重意义重大，甲烷超干重整rm{CO}的催化转化原理如图所示。rm{CO_{2}}过程rm{垄脵}中第二步反应的化学方程式为____________________________________________________________________________________。rm{II}只有过程rm{垄脷}投料比rm{I}_________________________________，过程rm{n(CH_{4})/n(CO_{2})=}中催化剂组成才会保持不变。rm{II}该技术总反应的热化学方程式为______________________________________________________________________________________________。rm{垄脹}28、如图所示，已知电流表A的示数为2A，电流表A1的示数为1A，电流表A2的示数为1.4A，求通过灯泡L1、L2、L3的电流各是多少？评卷人得分五、综合题(共3题，共18分)29、【题文】如图所示，电子源每秒钟发射2.50×1013个电子，以v0=8.00×106m/s的速度穿过P板上的A孔，从M、N两平行板正中央进入两板间，速度方向平行于板M且垂直于两板间的匀强磁场，板M、N两板间电压始终为UMN="80.O"V，两板距离为d=1.00×10-3m，电子在板M、N间做匀速直线运动后进入由C、D两平行板组成的已充电的电容器中，电容器电容为8.00×10-8F，电子打到D板后就留在D板中，在时刻tl=0，D板电势较C板高818V，在时刻t2=T，开始有电子打到M板上，已知电子质量m=9.10×10-31kg，电量e=1.60×10-19C,电子从A孔到D板的运动时间不计；C；P两板均接地，电子间不会发生碰撞。求:

（1）M；N间匀强磁场的磁感应强度大小。

（2）时间T及打到M板上的每个电子的动能（以eV为单位）。30、【题文】（12分）一质量为M="2.0"kg的小物块随足够长的水平传送带一起运动，被一水平向左飞来的子弹击中并从物块中穿过，如图（一）所示.地面观察者纪录了小物块被击中后的速度随时间的变化关系如图（二）所示（图中取向右运动的方向为正方向）.已知传送带的速度保持不变，g取10m/s2.

（1）指出小物块随传送带一起运动速度v的方向及大小；并说明理由；

（2）计算物块与传送带间的动摩擦因数μ；

（3）计算传送带总共对外做了多少功？系统有多少能量转化为热能？31、(1)

如图为某摄影师用相机抓拍到的某旅游景区的照片，对该照片和摄影师拍摄过程中涉及的光学知识，下列理解正确的是________。A.图中的景物在水中的像不是实际光线会聚而成的B.由于景物发出的光在平静的湖面上发生全反射，所以景物在水中的像看起来很亮C.从相机中看不见湖面下物体的原因，可能是湖面下物体发出的光在湖面发生了全反射D.如果摄影师向湖面靠近，从相机中仍不能看到湖面下的物体E.如果摄影师远离湖面，从相机中一定看不到湖面下的物体(2)

如图所示，在坐标轴x=0

和x=20m

处有两个连续振动的波源，在介质中形成相向传播的两列波，t=0

时刻两列波刚好传到x=2m

和x=16m

处，已知两列波的波速均为2.5m/s

求：

垄脵

从t=0

到t=2.5s

这段时间内，x=7m

处质点运动的路程；垄脷t=10s

时，x=12m

处质点的位移。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，逐个分析物体的受力的情况，判断做功情况，即可判断物体是否是机械能守恒．也可以机械能的概念分析．【解析】【解答】解：A；被抛出的铅球在空中运动的过程中；只有重力做功，机械能守恒，故A正确；

B；起重机吊着货物匀速上升；动能不变，重力势能增大，机械能增大，故B错误；

C；小孩沿滑梯匀速滑下；动能不变，重力势能减小，机械能减少，故C错误；

D；箱子在水平地面上加速滑行；动能增大，重力势能不变，机械能增大，故D错误；

故选：A2、B【分析】【分析】激光全息照相主要是利用了激光相干性好的特性；根据光的干涉条纹间距公式求解；镜头镀膜增透是利用了光的干涉性【解析】【解答】解：A；超声波属于声波的一种；而无线电波属于电磁波；它们传播的速度是不相等的，而且无线电波可以在真空中传播，超声波不能在真空中传播；故A错误；

B；激光全息照相是利用了激光相干性好；获得两频率相同的光，从而进行光的干涉，故B正确；

C、双缝干涉测光波的波长时，根据；可知，若减小双缝间的距离d，则同种光波的相邻明条纹间距将增大，故C错误；

D；镜头镀膜增透是利用了光的薄膜干涉现象；减弱光的反射，从而增加透射能力，故D错误；

故选：B．3、B【分析】【分析】已知物体下落的高度，故由h=可求得下落时间；最后1s内的位移要由总位移减去1s前的总位移．【解析】【解答】解：由h=得：

t===4s

最后1s内的位移：

h′=80m-m=35m

故选：B．4、B【分析】【分析】分别对木块3和木块2和3整体分析，通过共点力平衡，结合胡克定律求出两根弹簧的形变量，从而求出1、3量木块之间的距离．【解析】【解答】解：对木块3分析，摩擦力与弹簧弹力平衡，有：μm3g=kx，则x=．

对木块2和3整体分析，摩擦力和弹簧弹力平衡，有：μ（m2+m3）g=kx′，则．

则1、3两木块的距离s=2L+x+x′=2L+．故B正确；A；C、D错误．

故选B．5、D【分析】【分析】感应电流产生的条件是：1．闭合回路．2．回路中的磁通量发生变化．由此分析解答即可．【解析】【解答】解：由于线框不闭合；所以电路中并不能产生感应电流，所以线框不跟随磁铁转动．

故选：D6、C【分析】【分析】把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当悬线碰到钉子的前后瞬间，线速度大小不变，半径发生变化，根据v=rω，a=判断角速度、向心加速度大小的变化，再根据牛顿第二定律判断悬线拉力的变化．【解析】【解答】解：A、把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当悬线碰到钉子的前后瞬间，由于重力与拉力都与速度垂直，所以小球的线速度大小不变，根据知，半径变小，则角速度增大，根据a=知；向心加速度增大．故A；B正确，C错误．

D、根据牛顿第二定律得，知，F=mg+m；知悬线的拉力增大．故D正确．

本题选不正确的，故选：C．7、D【分析】【分析】整个过程水平方向动量守恒；机械能守恒，所以相当于弹性碰撞．

当铁块回到小车右端时，铁块的速度为0，小车具有向左的速度．【解析】【解答】解：整个过程水平方向动量守恒；机械能守恒，所以相当于弹性碰撞．

由于小车和铁块的质量都为m；所以当铁块回到小车右端时，铁块的速度为0，小车具有向左的速度．

所以当铁块回到小车右端时将做自由落体运动．

故选：D．8、C【分析】【分析】小环沿硬杆下滑时，受到重力和杆的支持力，只有重力做功，根据机械能守恒定律得到速率与下滑高度之间的关系，根据高度关系，判断下滑速率相同的各点连接起来构成的形状．【解析】【解答】解：设小环下滑的高度为h时；速率为v．根据机械能守恒定律得：

mgh=

得：h=

则知；速率v相等，小环下落的高度h相等，所以将这些下滑速率相同的各点连接起来应在一个水平面上．故C正确，ABD错误．

故选C二、多选题(共8题，共16分)9、ACE【分析】【分析】光电池是将光能转化为电能的装置；光电池工作与入射光的强度无关，入射光的强度影响光电池转化电能的多少；根据光电效应方程，结合入射光的频率大小比较光电子的最大初动能；当入射光的频率大于金属的极限频率，即入射光的波长小于金属的极限波长，可以发生光电效应．【解析】【解答】解：A；光电池板工作时消耗太阳能；得到了电能，故它在工作时把光能转化为电能．故A正确．

B；发生光电效应的条件与光的强弱无关；可知光电池在昏暗的地方照样工作，故B错误．

C；光电池工作时；入射光越强，光的能量值就越大，光电池转化的电能就越多，故C正确．

D；不可见光的频率不一定比可见光的频率大；则用不可见光照射金属，产生的光电子的最大初动能不一定比可见光照射金属产生的光电子最大初动能大，故D错误．

E；光电效应的发生基本不需要时间积累；只要入射光的波长小于金属的极限波长即可，故E正确．

故选：ACE．10、BD【分析】【分析】电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．指针的偏转取决于流过表头的电流的大小．【解析】【解答】解：A、A1表的量程是5A，A2表的量程是15A，两电流表内阻不同，A1的内阻是A2内阻的三倍，两电流表并联时，电流表两端电压相等，通过两电流表的电流之比为1：3，A1表和A2表的示数之比为1：3；故A错误，D正确；

B、两电流表A1、A2并联；电流表两端电压相等，表头两端电压相等，通过表头的电流相等，指针偏转的角度相等，故B正确，C错误；

故选：BD．11、ABC【分析】【分析】小球被释放后做圆周运动，只有重力做功，机械能守恒，运动过程中，小球具有向心加速度和切向加速度，根据牛顿第二定律列式判断拉力T的变化情况．【解析】【解答】解：A、小球的速度增大，在最低点竖直分速度为零，可知竖直分速度先增大后减小，根据P=mgvy可知；重力的功率先增大，后减小，故A正确；

B；从最高点到最低点的过程中；根据动能定理得：

在最低点有：

T-mg=m

解得：T=3mg；与l无关，故B正确；

C；悬绳变长后；水平方向的运动情况没有发生改变，则平均速度也没有发生改变，所以时间变长了，故C正确；

D；小球做的是变加速圆周运动；合力不指向圆心，故D错误．

故选ABC12、ACE【分析】解：A、由玻尔的原子模型可推知，氢原子处于激发态时，量子数越大，电子的轨道半径越大，根据知；核外电子的动能越小，故A正确．

B；对于任何一种金属都存在一个“最小波长”；入射光的波长必须小于这个波长，才能产生光电效应，故B错误．

C；在原子核中；比结合能越大的原子核，核子结合得越牢固，故C正确．

D；放射性元素的半衰期与原子所处的化学状态和外部条件无关；故D错误．

E；每一种原子都有自己的特征谱线；因此可以用原子光谱来鉴别物质，故E正确．

故选：ACE．

根据玻尔模型知；量子数越大，电子轨道半径越大，结合库仑引力提供向心力分析电子动能的变化；当入射光的波长小于金属的极限波长，才能发生光电效应；比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固；放射性元素的半衰期由原子核内部因素决定，与原子所处的化学状态和外部条件无关；每一种原子都有自己的特征谱线，因此可以用原子光谱来鉴别物质，称之为光谱分析．

本题考查了玻尔模型、光电效应、结合能、半衰期、光谱分析等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点，注意半衰期由原子核内部因素决定．【解析】【答案】ACE13、BCE【分析】【分析】当从低能级向高能级跃迁，必须以γ光子的形式吸收能量；爱因斯坦提出光子说；根据数学组合公式求出氢原子可能辐射光子频率的种数；当光强增强时，饱和光电流会增大，从而即可求解．【解析】【解答】解：A；使产生的新核处于低能级；这时它要向高能级跃迁，必须以γ光子的形式吸收能量，而不是辐射出来，故A错误；

B；放射性元素衰变的快慢跟原子所处的化学状态和外部条件无关；故B正确；

C；一个处于n=4能级的氢原子会自发地向低能级跃迁；跃迁时最多能发出3个光子；

即从n=4能级跃迁到n=3能级；从n=3能级跃迁到n=2能级，从n=2能级跃迁到n=1能级，故C正确；

D；爱因斯坦通过对光电效应现象的分析提出了光子说；故D错误；

E；在光电效应中；入射光越强，光电流的饱和值越大，故E正确；

故选：BCE．14、AD【分析】【分析】在速度-时间图象中；某一点代表此时刻的瞬时速度，倾斜直线表示匀变速直线运动，根据形状分析物体的运动性质；

图线的斜率代表物体的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜，加速度为负．【解析】【解答】解：AB；速度的正负表示速度的方向；由图知，两个物体的速度均沿正方向，方向相同，故A正确，B错误．

C；v-t图象的斜率等于加速度；由数学知识得知，甲的加速度沿负向，乙的加速度沿正向，两者加速度方向相反，故C错误．

D；由速度图线斜率的大小等于加速度的大小；甲图线的斜率较大，则甲的加速度比乙的大．故D正确．

故选：AD．15、AD【分析】【分析】速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移；速度图象的斜率等于物体的加速度【解析】【解答】解：A、速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，由图可知b物体在10s内通过的位移大于a物体通过的位移；故A正确．

B、速度图象的斜率等于物体的加速度，由图可知a的斜率大于b的斜率，故a的加速度大于b的加速度；故B错误．

C、由图可知A的初速度为0，B的初速度大于0，由图可知b物体在10s内通过的位移大于a物体通过的位移，10s后追不上b；故C错误。

D；由图可知在10s时两物体的瞬时速度相同；故瞬时速率相同，故D正确．

故选：AD．16、BC【分析】【分析】根据核反应方程中质量数和电荷数守恒，求出未知粒子的核电荷数和质量数即可判断粒子的种类．【解析】【解答】解：A；根据质量数和电荷数守恒得X的电荷数为0；质量数为1，所以X是中子，故A错误；

B；同理X的电荷数为1；质量数为1，所以X为质子，故B正确；

C；X的电荷数为1；质量数为1，所以X是质子，故C正确；

D；X的电荷数为1；质量数为2，所以X是氘核，故D错误．

故选：BC．三、填空题(共9题，共18分)17、9.37偏小2n2k2【分析】【分析】（1）根据自由落体运动规律H=gt2可以求出重力加速度大小；

（2）若电磁铁在每次断电一小段时间△t后磁性消失；导致下落时间变长，则由公式可知，实验测量值的变化；

再由图象的斜率，结合重力加速度的表达式，即可求解．【解析】【解答】解：（1）一个小球下落的时间为：t===0.65s

根据自由落体运动规律H=gt2

可得：g===9.37m/s2；

（2）若电磁铁在每次断电一小段时间△t后磁性消失；那么下落的总时间变长；

根据以上公式；可知，重力加速度的实验测量值偏小；

由g==，则有：H=，即=T

由于图象可求出该线斜率为k，那么=k

解得：g=2n2k2；

故答案为：（1）9.37；（2）偏小；2n2k218、增大正比增大反比减小正比【分析】【分析】静电计测量的是电容器两极板间的电势差，电势差越大，金属箔张角越大．根据C=，判断电容的变化，根据U=判断电势差的变化．【解析】【解答】解：（1）保持Q和d不变，S越小，即正对面积减小时，根据C=，表示C与S成正比，且可判断电容变小，电容器的带电量Q不变，根据U=判断电势差变大；

（2）保持Q和S不变，d越大，即板间距离增大时，根据C=，表示C与d成反比，且可判断电容变小，电容器的带电量Q不变，根据U=判断电势差变大；

（3）保持Q和S不变，当插入电介质时，根据C=，可知，C与ɛ成正比，且C增大，Q不变，根据U=；则可知，电势差U减小；

故答案为（1）增大；正比；（2）增大；反比；（3）减小，正比．19、9【分析】【分析】对小孩受力分析，受重力和支持力，体重计示数等于支持力大小，求出各段时间内（加速、匀速、减速）物体的加速度，结合运动学规律求上升的总高度．【解析】【解答】解：在0s-2s内，电梯做匀加速运动，加速度为：a1==1m/s2

上升高度为：h1=a1t12=2m

2s末速度为：v=a1t1=2m/s

在中间3s内，电梯加速度为0，做匀速运动上升高度为：h2=vt2=6m

最后1s内做匀减速运动，加速度为：a2==-2m/s2

在第6s末恰好停止，上升高度为：h3=vt3=1m

故在这段时间内上升高度为h=h1+h2+h3=2+6+1m=9m

故答案为：920、【分析】【分析】根据正弦交流电，有效值跟峰值的关系U=，即可求解．【解析】【解答】解：由于正弦交流电，因此根据U=得；

有效值是其峰值的

故答案为：21、BB【分析】【分析】（1）从n=4能级的氢原子向低能级跃迁时；共产生6种频率的光子，根据能级差算出每个光子能量，凡是大于2.21eV均能发生光电效应．

（2）两次碰撞过程均动量守恒，根据动量守恒可正确解答．【解析】【解答】解：（1）金属钠的逸出功为2.21eV；因此光子的能量要大于2.21eV才能使其发生光电效应．处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时共产生6种谱线，其中只有从n=4向n=3能级跃迁和从n=3向n=2能级跃迁的光子能量小于2.21eV，故能使金属钾发生光电效应的光谱线条数为4条，ACD错误，B正确．

故选B．

（2）开始两球碰撞时；动量守恒，因此有：

①

碰后m2被右侧的墙原速弹回，又与m1相碰时；动量守恒：

②

联立①②解得：；故ACD错误，B正确．

故选B．22、略

【分析】【解析】试题分析：游标卡尺读数为：螺旋测微器的读数为：连接3V，为1分度盘，所以电压表读数为连接0.6A，为1分度盘，所以电流表读数为0.38A考点：考查了高中力学和电学仪器的读数问题【解析】【答案】3.04cm2.4436cm1.62v0.38A23、略

【分析】由可求出加速度大小，B点速度等于AC间的平均速度【解析】【答案】0.64（2分）6.4（2分）24、-9【分析】【分析】根据电势差的定义式U=和电势差与电势的关系分析求解．【解析】【解答】解：据电势差的定义式U=

得：UAB===2V

UCD==-8V

据电势差与电势的关系：即φA-φB=2V①

φC-φD=-8V②

据题意可知：φC-φB=3V③

所以：UAD=φA-φD④

联立①②③④解得：UAD=-9V

故答案为：-9V25、m【分析】【分析】对玻璃管口刚与槽中的水银面接触的玻璃管受力分析，根据平衡条件列出式子，即可分析作用在天平左端的力的大小，然后根据天平原理得出右端所加砝码质量．【解析】【解答】解：玻璃管口刚与槽中的水银面接触时；将玻璃管和里面的水银作为一个整体，则受力情况为：

竖直向下的是：玻璃管和里面的水银的重力，即G=G玻璃+G水银=mg+m水银g=mg+ρV水银g=mg+ρSH水银g；

竖直向上的是：天平左端的拉力F和大气压对水银的支持力N，即F向上=F+N=F+PS；

根据物体的平衡条件可知：F向上=G

由于由图可知这是托里拆利实验，则大气压：P=ρgH水银

故F=mg

要使天平平衡；则所加砝码质量等于m．

故答案为：m．四、简答题(共3题，共24分)26、略

【分析】【分析】运动员先做自由落体运动，根据机械能守恒定律求速度，对运动员受力分析，然后根据动量定理列式求解．【解析】【解答】解：设运动员从h1处下落；刚触网的速度为。

v1==8m/s（方向向下）；

运动员反弹到达高度h2；离网时速度为。

v2==10m/s（方向向上）．

在接触网的过程中；运动员受到向上的弹力F和向下的重力mg，设向上方向为正，由动量定理有。

（F-mg）t=mv2-（-mv1）

F=1.5×103N．

答：网对运动员的作用力1.5×103N．27、rm{(1)}能量密度高、清洁、污染小、储量大

rm{(2)垄脵}小于

rm{垄脷}rm{dfrac{3}{16}}rm{(Mpa)^{2}}或rm{0.1875(}rm{Mpa)^{2}}rm{p_{1}>p_{2}>p_{3}>p_{4}}

rm{垄脹}甲烷氧化反应放出热量正好洪蒸汽重整反应所吸收自热量，达到能量平衡

rm{垄脺}氧气量过大，会将rm{H_{2}}氧化导致rm{H_{2}}物质量分数降低

rm{(3)垄脵3Fe+4CaCO_{3}}rm{Fe_{3}O_{4}+4CaO+4CO隆眉}

rm{垄脷1/3}

rm{垄脹CH_{4}(g)+3CO_{2}(g)}rm{2H_{2}O(g)+4CO(g)}rm{triangleH=+349kJ/mol}【分析】【分析】本题考查化学平衡图像分析、反应速率的影响因素和热化学方程式书写，难度中等，结合相关基础知识进行作答。【解答】rm{(1)}“可燃冰”作为能源的优点是能量密度高、清洁、污染小、储量大，故答案为：能量密度高、清洁、污染小、储量大；rm{(2)垄脵}由表中数据可知，甲烷氧化的活化能低于蒸气重整的活化能，活化能越低，反应速率越快，故初始阶段，甲烷蒸汽重整的反应速率小于甲烷氧化的反应速率，故答案为：小于；rm{垄脷}利用三段式分析。设起始甲烷和水蒸气的物质的量均为rm{1mol}rm{CH_{4}(g)+H_{2}O(g)?CO(g)+3H_{2}(g)}起始rm{CH_{4}(g)+H_{2}O(g)?

CO(g)+3H_{2}(g)}rm{(mol)1}rm{1}rm{0}转化rm{0}rm{(mol)0.2}rm{0.2}rm{0.2}平衡rm{0.6}rm{(mol)0.8}rm{0.8}rm{0.2}甲烷、水、一氧化碳和氢气的平衡分压分别为rm{0.6}rm{4/3MPa}rm{4/3MPa}rm{1/3MPa}该反应在图中rm{1MPa}点的平衡常数rm{A}rm{Kp=}rm{=}rm{3/}rm{16}rm{3/}rm{16}或rm{3/}rm{3/}由图可知当温度相同时，压强由rm{16}到rm{16}甲烷的平衡转化率逐渐增大，该反应正向为气体物质的量增大的反应，减小压强，平衡正向移动，甲烷的平衡转化率增大，则图中压强rm{(Mpa)^{2}}rm{0.1875(}rm{Mpa)^{2}}rm{p_{1}}由大到小的顺序为rm{p_{4}}，故答案为：rm{(p_{1}}rm{p_{2}}或rm{p_{3}}rm{p_{4})}rm{p_{1}>p_{2}>p_{3}>p_{4}}rm{3/16}rm{(Mpa)^{2}}从能量角度分析，甲烷自热重整方法的先进之处在于甲烷氧化反应放出热量正好洪蒸汽重整反应所吸收自热量，达到能量平衡，故答案为：甲烷氧化反应放出热量正好洪蒸汽重整反应所吸收自热量，达到能量平衡；rm{0.1875(}如果进料中氧气量过大，最终会导致rm{Mpa)^{2}}物质量分数降底，原因是氧气量过大，会将rm{p_{1}>p_{2}>p_{3}>p_{4}}氧化导致rm{;}物质量分数降低，故答案为：氧气量过大，会将rm{垄脹}氧化导致rm{垄脺}物质量分数降低；rm{H_{2}}根据图示知过程rm{H_{2}}中铁与碳酸钙反应生成四氧化三铁、氧化钙和一氧化碳，化学方程式为rm{H_{2}}rm{H_{2}}故答案为：rm{H_{2}}rm{(3)垄脵}；rm{II}过程rm{3Fe+4CaCO_{3}}的总反应为rm{Fe_{3}O_{4}+4CaO+4CO隆眉}rm{3Fe+4CaCO_{3}}，rm{Fe_{3}O_{4}+4CaO+4CO隆眉}投料比rm{垄脷}过程rm{II}的总反应为rm{垄脷}rm{II}rm{CH_{4}(g)+3CO_{2}(g)}rm{2H_{2}O(g)+4CO(g)}过程只有过程rm{I}投料比rm{n(CH}中催化剂组成才会保持不变，rm{I}rm{n(CH}该技术总反应的热化学方程式为rm{{,!}_{4}}rm{)/n(CO}rm{)/n(CO}故答案为：rm{{,!}_{2}}rm{)=1/3}过程rm{II}中催化剂组成才会保持不变，rm{)=1/3}rm{II}【解析】rm{(1)}能量密度高、清洁、污染小、储量大rm{(2)垄脵}小于rm{垄脷}rm{dfrac{3}{16}}rm{(Mpa)^{2}}或rm{0.1875(}rm{Mpa)^{2}}rm{p_{1}>p_{2}>p_{3}>p_{4}}rm{垄脹}甲烷氧化反应放出热量正好洪蒸汽重整反应所吸收自热量，达到能量平衡rm{垄脺}氧气量过大，会将rm{H_{2}}氧化导致rm{H_{2}}物质量分数降低rm{(3)垄脵3Fe+4CaCO_{3}}rm{Fe_{3}O_{4}+4CaO+4CO隆眉}rm{垄脷1/3}rm{垄脹CH_{4}(g)+3CO_{2}(g)}rm{2H_{2}O(g)+4CO(g)}rm{triangleH=+349kJ/mol}28、略

【分析】【分析】由电路图可知，三灯泡并联，电流表A测干路电流，电流表A1测L2和L3支路的电流之和，电流表A2测L1和L2支路的电流之和．根据并联电路的电流特点结合电流表的示数进行解答．【解析】【解答】解：由电路图可知，三灯泡并联，电流表A测干路电流，电流表A1测L2和L3支路的电流之和，电流表A2测L1和L2支路的电流之和；

根据并联电路电流规律可知：

I1+I2+I3=2A①

I2+I3=1A②

I1+I2=1.4A③

由①②可得，I1=1A；

由①③可得，I3=0.6A；

故I2=1.4A-0.1A=0.4A．

答：通过灯泡L1、L2和L3的电流分别是1A、0.4A、0.6A．五、综合题(共3题，共18分)29、略

【分析】【解析】（1）电子在板M；N间做匀速直线运动；有。

eBvo=Ee（3分）

又E=U/d（3分）

解得B=1.00×10-2T（1分）

（2）电子在C；D中往返；电场力未做功，故打到M板时动能为。

Ek=="222ev"（4分）

其中，==182ev。这说明只有当C板电势较D板高182V时电子才开始返回；这一过程中电容器两板电压变化了。

ΔU=182—(—818)=103V（3分）

因而D板的电量变化了。

ΔQ=CΔU=8×10-5C（3分）

故T=="20.02s"（2分）【解析】【答案】（1）1.00×10-2T（2）20.02s30、略

【分析】【解析】（1）传送带的速度v的方向向右；大小为2.0m/s.从速度图像中可以看出，物块被击穿后，先向左做减速运动，速度为零后，又向右做加速运动，当速度等于2m/s以后随传送带一起向右做匀速运动.（2分）

（2）由速度图像可得，物块在滑动摩擦力的作用下做匀变速运动的加速度为a；有。

a==m/s2="2.0"m/s2（1分）

由牛顿第二定律：得μMg=Ma（2分）

得到物块与传送带间的动摩擦因数。

μ===0.2（1分）

（3）解法一：由速度图像可知，传送带与物块存在摩擦力的时间只有3秒，传送带在这段时间内移动的位移为s；

s=vt="2.0×3"m="6.0"m（1分）

所以；传送带所做的功。

W=fs="4.0×6.0"J="24.0"J（